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第十七章欧姆定律单元测试题一、单选题（每小题只有一个正确答案）1如图所示电路中，电源电压保持不变，合上电键后，电路各元件都正常工作。过了一会，发现一个电表示数减小，其它两个电表示数不变，则下列判断正确的是（）A L2断路 B L1断路 C L2短路 D Ll短路2两个阻值为R的等值电阻，现将其中一个增大，另一个减小，则并联后的等效电阻将（）A 大于R B 小于R C 等于R D 无法确定3如图所示，是电位器结构示意图。电阻片R的两端分别与接线端A、C相连，滑动片P的一端通过转轴O与接线端B相连，另一端与电阻片R接触良好，并能绕转轴O在电阻片R上滑动。电阻片R的总电阻为10，当滑动片P位于图示的位置时，接线端B、C间的电阻为6，将电位器A、B两个接线柱分别接在电压为2.4V的电源两端。则（）A 接线端B、C间的电压应为2.4VB 电位器消耗的电功率为1.44WC 通过A、B间电阻的电流为0.4AD 滑动片P逆时针向C端滑动，接入电路中的电阻变小4如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S后，P从a滑至b的过程中，有关电压表、电流表的示数变化情况，正确的是（ ）A 、示数都增大 B 、示数都减小C 示数增大，示数减小 D 示数减小，示数增大5在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行多次实验。 在“测量物体的长度”时，进行多次测量 在“探究杠杆的平衡条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次实验 在“探究电流与电压、电阻的关系”时，多次调节滑动变阻器进行实验 在“测量定值电阻阻值的实验”中，多次调节滑动变阻器，测出多组对应的电压值和电流值 上述实验中属于减小误差的是（）A B C D 6如图所示，长度相同，横截面积不同的同种材料制成的金属棒 A 和 B 连在一起接入电路，则 （）A UA=UB B RARB C IA=IB D UAUB7小波同学为了探究电流跟电阻的关系，在如图所示的情况下，将A、B两点间10的电阻更换为20的电阻，闭合开关后，下一步的操作应当是（）A 记录电流表和电压表的示数 B 将滑动变阻器的划片向右移动C 将滑动变阻器的划片向左移动 D 适当增加电池的节数8如图所示的电路中，定值电阻R1=10，滑动变阻器的最大阻值R2=20，电源电压恒为3V，在变阻器的滑片P从一端向另一端滑动的过程中，电压表的示数的最大值是最小值的（）A 2倍 B 3倍 C 4倍 D 6倍9如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管。闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A 电压表示数变大，电流表示数也变大B 电压表示数变小，电流表示数也变小C 螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小D 螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变大10如图所示电路，电源电压不变，当开关S2闭合、S1断开时，电流表示数为0.3A，电压表示数为9V；若将两表互换位置，并同时闭合S1和S2时，电流表示数为0.5A。则下列说法正确的是 （ ）A电压表示数为10V BR1的阻值为18C若将两表互换位置，同时闭合S1和S2时，R2的电功率为6.75W DR2的阻值为4511如图示电路中，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，示数之比U甲：U乙=3：2，当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，则两表的示数之比I甲：I乙为（ ）A 2：1 B 1：3 C 2：3 D 3：112如图甲所示，已知电流表的量程为00.6A，电压表的量程为015V，滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P，得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（ ）A 电源电压为9V B R1的阻值为20C 滑动变阻器的取值范围是220 D 电路总功率的变化范围是2W3W13如图所示,电源电压不变,当开关S由断开变为闭合时,电压表和电流表示数的变化情况是()A 电压表、电流表的示数均变小 B 电压表、电流表的示数均变大C 电压表的示数不变,电流表的示数变大 D 电压表的示数变大,电流表的示数不变14下列说法中正确的是（ ）A 甲图研究杠杆平衡时，通过改变动力（臂和阻力（臂）多次测量，是为了减小实验误差B 乙图探究电流与电阻的关系，电阻R由l0换为20后将变阻器的P点向左移动C 丙图为了使试管内刚停止沸腾的水再次沸腾，向外拉活塞，降低气压，降低沸点D 丁图探究通电导体在磁场中受到力的方向是否与磁场方向有关，调换磁性更强的磁铁15如图甲,R1为定值电阻,R2为滑动变阻器(允许通过的最大电流为5 A。图乙反映了开关由断开到闭合,再移动滑片P的过程中,a、b两端电压U和通过的电流I之间的关系;图丙反映了滑动变阻器消耗的功率P与电流I之间的关系,则下列说法不正确的是（）A 电源电压为50 VB R1的阻值为5 C 滑动变阻器连入阻值的范围为445 D 当R2的功率为120 W时,电路消耗的总功率为200 W二、多选题（每小题至少有两个正确答案）16在某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，由图中信息可知（）A A导体的电阻为10B A导体的电阻大于B导体的电阻C A导体两端电压为3V时，通过A导体的电流为06AD B导体两端电压为0V时，B导体的电阻也为017由欧姆定律公式可推导出公式，关于此式正确的理解（ ）A 导体的电阻与它两端的电压成正比B 导体的电阻与通过它的电流成反比C 导体的电阻可由导体两端的电压与通过导体的电流的比值来计算D 如果导体两端电压为零，则通过导体的电流为零，但导体的电阻不为零18某电烤箱的内部简化电路如图所示，R1 和R2 均为电热丝。电烤箱说明书中的铭牌如下表所示，根据表格中的参数可知（）A 电路中R1 的阻值为44B 电烤箱在低温档正常工作时，电路中的总电阻R为44C 电烤箱在高温档正常工作5min所消耗的电能为33105 JD 电烤箱在低温档正常工作时，R1 消耗的电功率为264W19法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔由于发现了巨磁电阻 (GMR)效应，荣获了2007年诺贝尔物理学奖。如图是研究巨磁电阻特性的原理示意图。实验发现，当闭合S1、S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（）A 电磁铁左端为N极B 滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性减弱C 巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大D 巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小20小丽设计了如图所示的简易电子距离测量仪，R是一根粗细均匀的电阻丝，其每厘米长的电阻为0.5 ，电路各部分均接触良好。物体M只能在导轨上做直线运动，并带动与之相连的金属滑片P移动，电压表示数可反映物体M移动的距离。开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝中点，此时电压表和电流表示数分别为1.5 V和0.2 A。由此可知 （）A 电阻丝的总电阻为7.5 B 当电压表示数为2 V时，物体M向左移动了5 cmC 当电压表示数为1 V时，物体M向左移动了5 mD 若开始测量前，将金属滑片P置于电阻丝某端点，可测量的最大距离30 cm三、实验题21在“探究电流跟电压关系”的实验中：（1）如1图所示，甲为_，乙为_.（选填“电流表”或“电压表”）（2）用笔画线代替导线将2图中电路连接完整，要求实验过程中滑动变阻器的滑片从右向左移动.（导线不能交叉）_（3）在实验操作过程中保持_不变，闭合开关时，调节滑动变阻器的滑片P做了三组实验数据，如3图表所示，请根据该图表中数据在4图中进行描点连线_.（4）对实验数据进行分析，归纳出结论是_.22在研究电流跟电压、电阻之间关系的实验中，小明通过改变电路中的电压和电阻，分别测得了如下两组数据：表1表2实验次序电阻R=10来源:实验次序电压U=3V电压/V电流/A电阻/电流/A110.1150.6220.22100.3330.33150.2（1）分析表1数据，可得到的结论是：_ _。（2）分析表2数据，可得到的结论是：_ _。（3）小明同学用伏安法测电阻时，当加在电阻两端的电压为6V时，通过电阻的电流为0.2A,则电阻为 欧；小明思考，电阻是导体本身的一种属性，大小与电压、电流 23在探究“电流与电阻的关系”实验中，按要求完成下面各题：(1)小新将实物连接成如图甲所示电路，其中有一处连线错误，请你在连接错误的导线上画“”并改正。(2)将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使定值电阻R两端电压为2V，电流表示数如图乙所示，电流大小为_A。(3)将5电阻换成10的电阻后，闭合开关，电压表示数将_（选填“变大”或“变小”），此时应将滑片P向_(选填“A或“B”)端移动，使电阻两端电压为_V。(4)通过该实验，可以得出结论：_四、计算题24如图所示电路中，电阻R1的阻值是20，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A的示数为0.5A,求：（1）通过电阻R2的电流；（2）电源电压；（3）电阻R2的阻值.25教室的饮水机的铭牌如下表所示，同学们对饮水机的工作情况进行了观察与研究，发现当加热内胆里的水温达到90时，温控开关就会自动断开，停止加热；当水温降至60时，温控开关又会重新加热，每次加热是时间为t=4min。则额定电压220V加热功率550W制热方式电加热（1）饮水机正常工作时的电流多大？（2）饮水机加热一次消耗的电能为多少？（3）饮水机设计加热内胆的好处是每次只加热少量的水，既能使人们在较短的时间内喝上热水，又能避免一次加热过多的水而造成浪费，请你根据前面的数据，计算加热内胆的容积。（假设消耗的电能完全转化为水的内能）第 9 页 共 20 页参考答案1B【解析】【详解】由电路图可知，灯泡L1、L2并联，电流表A1测干路电路，电流表A2测通过灯泡L2支路的电流，电压表测并联电路各支路两端的电压。合上电键后，电路各元件都正常工作。过了一会，发现一个电表示数减小，其它两个电表示数不变。A若灯L2断路，则灯L2熄灭，电流表A2示数为零；电流表A1只测通过灯泡L1的电流，因为并联电路各支路互不影响，通过灯泡L1的电流不变，所以A1示数变小；电压表示数不变，故A不符合题意。 B若灯L1断路，则灯L1熄灭，电流表A1只测通过灯泡L2的电流，示数变小；电流表A2测通过灯泡L2的电流，示数不变；电压表示数不变，故B符合题意。C若L2短路，则电源发生短路，电流表A1、A2示数变大，电压表示数为零，故C不符合题意。D若L1短路，则电源发生短路，电流表A1示数变大，电流表A2、电压表示数为零，故D不符合题意。故答案为B。2B【解析】【详解】电阻越并越小，小于其中的任一个，若将其中的一个电阻减小，即有一个电阻小于R，总电阻将小于减小后的那个电阻。故选B.【点睛】电阻并联，总电阻的倒数等于支路电阻倒数之和，电阻越并越小，小于其中的任一个，据此分析判断3B【解析】解答：(1)因为是将滑动变阻器的AB两端接入电路，所以BC两端的电压为零，故A不正确；(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，A. B间的电阻：RABRACRBC1064，通过A. B间电阻的电流：I，故C不正确；电位器消耗的电功率：PUI2.4V0.6A1.44W，故B正确；(3)因为是将滑动变阻器的AB两端接入电路，当滑片向C端移动时，增加了接入电路中电阻丝的长度，因此接入电路中的电阻变大，故D不正确。故选B.点睛：（1）根据滑动变阻器的AB接入电路分析BC间的电压；（2）根据电阻的串联求出BC间的电阻，根据欧姆定律求出通过A、B间电阻的电流，根据PUI求出电位器消耗的电功率；（3）根据接入电路中导线的长度分析滑片向C端移动时电阻的变化情况4C【解析】试题分析：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流P从a滑至b的过程中，接入电路中的电阻增大，电路中的总电阻增大，I=，电路中的电流减小即电流表的示数减小，定值电阻R两端的电压减小，串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压增大即电压表的示数增大考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用点评：本题考查了电路的动态分析，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断5A【解析】在“测量物体的长度”时，进行多次测量，是为了减小误差。在“探究杠杆的平衡条件”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次实验，是为了找出普遍性规律。在“探究电流与电压、电阻的关系”时，多次调节滑动变阻器进行实验，是为了找出普遍性规律。在“测量定值电阻阻值的实验”中，多次调节滑动变阻器，测出多组对应的电压值和电流值，是为了减小误差。因此上述实验中属于减小误差的是，A正确为答案。6C【解析】【分析】图中金属棒串联，由串联电路的电流规律可知通过两个金属棒的电流关系；根据电阻大小的影响因素可知两电阻的大小关系，由欧姆定律可求得两个电阻两端的电压关系。【详解】两金属棒串联，通过它们的电流相等，即IA=IB；由于A和B的材料相同，长度相同，横截面积不同，SASB，所以A导体的电阻小于B导体的电阻，即：RARB；根据U=IR可知UAUB。故选C。7B【解析】探究电流跟电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变；将A、B两点间10的电阻更换为20的电阻时，电路中的总电阻变大。根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，此时滑动变阻器接入电路的电阻不变，两端电压变小，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压不变，所以此时定值电阻两端的电压变大。若要使定值电阻两端的电压不变，应增大滑动变阻器接入电路的电阻，减小电路中的电流，即滑片P向右移动。故B正确为答案。A电压表示数已经发生变化，不符合实验条件，所以不能读数，故A错误；C将滑动变阻器的划片向左移动，电压表的示数会变得更大，故C错误；D适当增加电池的节数，电源电压变大，电压表的示数也会变得更大，故D错误。点睛：探究导体中的电流与导体电阻的关系时，控制其两端电压不变是调节滑动变阻器的依据。8B【解析】当滑片滑到最右端时，滑动变阻器连入电阻为20，此时电压表示数最小，则电路中电流：I=0.1A；电压表的示数U1=IR1=0.1A10=1V；当滑片滑到最左端时，滑动变阻器连入电阻为0，此时电流示数最大，则电路中的电流：I=0.3A；电压表的示数的最大值U1，与最小值U1的比值：U1：U1=3V：1V=3：1，故选B。9C【解析】试题分析：由图知道，定值电阻R0与滑动变阻器、螺线管串联，电压表测量的是R两端的电压；当将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器R阻值变小，由串联电路电阻的特点可知，则电路中的总电阻变小，电路的电流变大，由串联电路分压特点得电压表示数变小，通电螺线管的磁性增强，由右手螺旋法则判断螺线管的上端为N极，和上面的磁极相互排斥，通电螺线管的磁性增强，排斥力变大，弹簧测力计示数变小。故选C。【考点定位】动态电路的分析、安培定则、磁极间的相互作用规律10BC【解析】当开关S2闭合，断开S1时，等效电路图如图1所示；当将两表互换位置，并同时闭合S1和S2时，等效电路图如图2所示；由图1可得，电源的电压U=9V，电源的电压U=I（R1+R2）=0.3A（R1+R2）=9V-由图2可得：电压表的示数仍为9V，R1=U/ I1=9V/0.5A=18，代入式可得：R2=12；R2消耗的电功率为P2= U2/ R2=(9V)2/12=6.75W故选BC11B【解析】解答：(1)当甲、乙均为电压表时,闭合开关S,R1和R2串联,甲测电源的电压,乙测R2两端的电压，串联电路中总电压等于各分电压之和,且U甲:U乙3:2，则两电阻两端的电压之比：U1U2，根据分压原理可得： ；当甲、乙均为电流表时,断开开关S,R1和R2并联,甲电流表测量R2的电流，乙电流表测总电流，根据分流原理可得,通过R1、R2的电流之比为：I1/I2R2/R12/1；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则两电流表的示数之比：I甲/I乙I2/(I1+I2)K/(2K+K)1/3.12C【解析】【详解】结合电路图和乙图可得：U=5V+0.1AR1，U=3V+0.3AR1；解得：R1=10，电源电压为：U=5V+0.1A10=6V，故AB错误；已知电流表的量程为00.6A，滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”，因为串联时电流相等，故电路最大电流为0.5A，此时电路总电阻为：R总=UI大=6V0.5A=12，则滑动变阻器最小电阻为：R2=R总-R1=12-10=2；当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V，小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20，则滑动变阻器接入电路的取值范围是220；最小电流为：I小=UR1+R2大=6V10+20=0.2A，电路最小功率为：P小=UI小=6V0.2A=1.2W；电路最大功率为：P=UI大=6V0.5A=3W。故选C。【点睛】此题目很有代表性，重点是欧姆定律和电功率的计算，关键是根据电源电压不变，利用图像中的条件列出关于电源电压的关系式，可求出未知的电阻和电源电压，再利用相关公式进行解题。13D【解析】如图电路，开关断开时，电流表将R1和电压表短路，电压表示数为零，电流表测量通过R2的电流；开关闭合后，两电阻并联，电流表仍测量R2的电流，所以电流表的示数不变，电压表此时测量电源电压，所以电压表的示数增大。故D正确。点睛：重点是根据欧姆定律判断电流和电压的变化怦，把电路图读懂是关键，要清楚开关断开和闭合时的电路的连接情况。14C【解析】试题分析：甲图研究杠杆平衡时，通过改变动力（臂和阻力（臂）多次测量，是为了寻找普遍规律，A不符合题意；乙图探究电流与电阻的关系，要保持电压示数不变，电阻R由l0换为20后，因电阻变大，总电流变小，即滑动变阻器两端电压变小，只有将滑动变阻器两端电压变大，才能保持电阻两端的电压为原来大小，故滑动变阻器的P点向右移动，B不符合题意；丙图为了使试管内刚停止沸腾的水再次沸腾，向外拉活塞，降低气压，因沸点随气压的减小而减小，所以降低沸点；C符合题意；.丁图探究通电导体在磁场中受到力的方向是否与磁场方向有关，应调换磁铁磁极。D不符合题意。答案选C。考点：实验目的15C【解析】试题分析：A、由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I=5A时U2=25V，设电源电压是U，由I=B可知，电阻R1两端电压U1=IR1，由串联电路特点可知，U=U2+IR1，则U=45V+1AR1； U=25V+5AR1，解得：U=50V，R1=5，故AB正确；C由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I=5A时U2=25V，由I=可知，滑动变阻器接入电路的阻值R最大=45，R最小=5，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是545，故C错误；D、由图丙可知，当R2的功率为120W时，电路电流为4A，则电路消耗的总功率P=UI=50V4A=200W，故D正确；本题选不正确的，故选C16AC【解析】试题分析分析图象，找到一组两电阻的电压和电流，由欧姆定律计算RA、RB；导体电阻是导体自身的一种性质，与电压和电流无关ABC、由图知，当电压U=3V时，IA=06A，IA=03A，故C正确；由欧姆定律可得：RA=UIA=3V0.6A=5，RB=UIB=3V0.3A=10，RARB，故A正确，B错误； D、导体电阻是导体自身的一种性质，与电压和电流无关，所以B导体两端电压为0V时，B导体的电阻仍为10，故D错误故选AC考点：欧姆定律的应用17CD【解析】导体的电阻是导体本身的一种性质，由导体的材料、粗细、横截面积决定，有时还要考虑温度的变化，但电阻与它两端的电压和通过的电流无关。故AB错误，D正确；电阻通过电流时，在数值上等于电压与电流的比，即电阻可由导体两端的电压与通过导体的电流的比值来计算，C正确。选CD。18AC【解析】试题分析：由图示可知，当两个开关都闭合时，只有电阻R1接入电路，此时处于高温加热状态，额定功率为1100W，故可得R1的阻值为（220V）2/1100W=44，故A正确；当只闭合开关S1时，电路处于低温档，两电阻串联，总电阻大于44，故B错；电烤箱在高温档正常工作5min所消耗的电能为W=Pt=1100W300s=3310 5 J，故C正确；低温档时，电路中的电流大小为440W/220V=2A，则R1消耗的电功率为（2A）244=176W，故D错；应选AC。考点：欧姆定律；电功率19ABD【解析】指示灯变亮，说明电路中的电流变大，也就是巨磁电阻的阻值是变小的，而此时滑片是向左滑动，电阻变小，电磁铁线圈中的电流是增大的，电磁铁的磁性是增强的，故可得巨磁电阻的阻值是磁性的增强而减小的，故C错误，D正确；滑片向右滑动时，电阻增大，电流变小，电磁铁的磁性会减弱，故B正确；由右手螺旋定则可得，电磁铁的左端为N极，故A正确；应选ABD。20BD【解析】试题分析：滑片移动时，电阻丝接入电路的电阻不变，一直等于其总电阻，所以电流表示数保持0.2A不变，但由于与电压表并联的那部分电阻丝的长度变化，所以电压表的示数改变，滑片向左移动时，电压表示数变大，向右移动时，示数变小。滑片在中点时，电压表测量的是一半电阻丝分得的电压，其阻值为，则电阻丝的总电阻为15，所以A错；当电压表示数为2 V时，比滑片在中点时增大了0.5V，则与电压表并联的电阻增大了，电阻丝的长度增加了，所以物体M向左移动了5 cm，B对；当电压表示数为1 V时，比滑片在中点时减小了0.5V，则与电压表并联的电阻减小了，电阻丝的长度减小了5cm，所以物体M向右移动了5 cm，C错；若开始测量前，如果将金属滑片P置于电阻丝的左端，电压表测的是整根电阻丝的电压，所以可测量的最大距离是，D对。考点：欧姆定律21 电流表 电压表 电阻R 当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比【解析】（1）电流表串联在电路中作用，电压表并联使用。所以如1图所示，甲串联在电路中，应为电流表；乙与定值电阻并联，为电压表；（2）如图2，根据实验过程中滑动变阻器的滑片从右向左移动的要求，即滑片在右端时电阻最大，所以连接滑动变阻器的A接线柱到定值电阻的右端，根据电源由两节电池组成，电压不超过3V，故再连接电阻的右端到电压表的“3V”接线柱，如图：（3）研究电流与电压的关系，要保证电阻不变，多次改变电阻两端的电压，所以在实验操作过程中保持电阻R不变；根据该图表数据在4图中进行描点连线，得到电流与电压的关系图像如图：（4）对实验数据及所绘图像进行分析，去除误差的因素，电流随电压的升高而增大，所得图像为一直线，是成正比的，故结论为：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。22（1）当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比（2）当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比（3）30欧 无关【解析】试题分析：（1）分析表1数据，可得到的结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（2）分析表2数据，可得到的结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（3）R=U/I=6V/0.2A=30欧；电阻是导体本身的一种属性，与长度、材料、横截面积、温度有关，与电压、电流无关。考点：电流跟电压、电阻之间关系点评：最后一问是易错点，记住电阻的大小只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与电压、电流无关。23 0.4 变大 A 2 当电压一定时，电流与电阻成反比【解析】由图知，电压表测的是电阻和滑动变阻器的总电压，应将滑动变阻器与电阻并联，如图所示：；(2)由图乙知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.4A；(3)由(2)知，原电阻的阻值R5，当换上10的电阻后，根据串分压的特点，电阻分得的电压变大，电压表的示数将变大；由于滑动变阻器接了下面右边的B接线柱，所以应该将滑片向左端的A移动，增大滑动变阻器的阻值，增大分得的电压，使电阻两端的电压仍为2V；(4)通过该实验，可以得出结论：当电压一定时，导体中的电流与它的电阻成反比。24（1）0.2A；（2）6V；（3）30【解析】试题分析：（1）由图示可知，两个电阻是并联的，通过电阻R2的电流；（2）并联电路中各支路电压相等，与电源电压也相等，所以电源电压为： ；（3）电阻R2的阻值为： 。考点：欧姆定律25（1）2.5A；（2）1.32105J；（3）1.05L【解析】试题分析：（1）饮水机正常工作时的电流： ；（2）饮水机加热一次消耗的电能：W=Pt=550W240s=1.32105J；（3）Q吸=W，由Q吸=cm(tt0)得水的质量： ，加热内胆的容积。考点：电能
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