九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版52

2015-2016学年江苏省扬州大学附中东部分校九年级（上）期末物理试卷一、选择题：（每小题2分，共24分，每小题只有一个选项是正确的）1下列简单机械中，属于省力杠杆的是（）A筷子B理发剪C羊角锤D钓鱼竿2在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于（）A5WB50WC500WD5000W3在排球运动中，跳发球（图）是最具威力的发球方式，其动作要领可简化为“抛球、腾空、击球和落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有（）A抛球、腾空B腾空、击球C抛球、击球D击球、落地4如图所示，小朋友沿着滑梯匀速下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能一定减少D机械能保持不变5关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）A一个物体吸收热量时，温度不一定升高B对物体做功，物体的温度一定升高C物体的温度越高，所含的热量越多D0的冰没有内能6关于导体的电阻，下列说法正确的是（）A加在导体两端的电压越大，导体的电阻就越大B通过导体的电流为零时，导体没有电阻C通过导体的电流越大，导体的电阻越小D导体电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关7磁场的基本性质是指（）A能够产生磁感线B能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质C能使放入其中的小磁针发生偏转D能够对放入其中的磁体产生磁力的作用8当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作压强过大时开关S过压自动断开，温度过高时开关S过热自动断开图中表示S过压、S过热和锅内发热器的连接，其中正确的是（）ABCD9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被断路B灯L1短路C灯L2断路D灯L2被短路10酒精测试仪可检测机动车驾驶员是否酒后驾车，如图是它的原理图图中酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小，R0为定值电阻如果测试时电压表示数越大，表明（）A测试到的酒精气体浓度越大B传感器的电阻越大C测试到的酒精气体浓度越小D通过传感器的电流越小11在探究电路的电流规律实验时用了图中的某个电路，已知R1=R2R3，电流表的读数分别是：A1为0.3A、A2为0.15A、A3为0.45A测量时的电路图应是 （）ABCD12如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，R1和R2中的某个电阻其“IU”关系图线如图乙所示，则下列说法错误的是（）AR1的阻值是10B电压表V2的示数变化范围是0V4VCR1的电功率变化范围是0.4W3.6WD滑动变阻器R2的最大阻值是30二、填空题：（本题共10小题，每空1分，共29分）13如图所示是奥斯特实验的示意图，实验中导体中有电流通过时小磁针发生偏转，根据此现象可得出结论：如果移走小磁针，该结论（成立/不成立）14如图是皮球落地后弹跳过程中，每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片A、B是同一高度的两点，则A点的重力势能B点的重力势能（大于/小于/等于）；A点的机械能B点的机械能（大于/小于/等于）；A点的速度B点的速度（大于/小于/等于）15如图所示，将导体接到电路的A、B之间时，导体与灯泡是联的，如果将不同的导体分别接到A、B之间，闭合开关，可通过观察、比较来判断不同导体电阻的大小，若两个导体的电阻差异不大，则可以在电路中作进一步的判断16小莉家刚买了一台空调，安装时空调应与其它用电器（选填“串联”或“并联”），空调的金属外壳应该空调正常工作时，小莉把电水壶接入电路，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或17小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为kWh，可以同时使用的用电器总功率不能超过W，若电冰箱单独正常工作一天（24小时），（电冰箱的主要技术参数见表），电能表指示灯闪烁次 海尔BC110B电冰箱额定电压220V工作频率50Hz额定功率100W耗电量0.6kWh/24h18如图所示，闭合开关，电灯不亮，用试电笔（也称测电笔）接触D点时氖管发光，接触E点时不发光，说明D、E间若试电笔接触A至F各点都发光，说明19如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来这一过程中瓶内气体的能转化为软木塞的机械能汽油机的冲程也发生同样的能量转化如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则该汽油机每秒钟内完成个冲程，对外做功次20某物理兴趣小组为了探究地球表面水吸收太阳能的本领，用一脸盆装6kg的水，经过太阳光照射一段时间后，水温升高了5实验中水吸收了J的热量，此过程中水的内能增大了J；若用液化气加热使同质量的水升高相同的温度，至少需要燃烧m3的液化气 假设液化气燃烧放出的热量全部被水吸收，c水=4.2103J/（kg），液化气的热值为5107J/m321有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示把它们串联在电路中，如图乙所示闭合开关S，这时电流表的示数为0.2A，元件A的电阻为，元件B的电阻为，电源电压为V若把它们并联接在电压为2.5V的电源上，电路消耗的总功率为W22如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，电流表示数由0.1A变为0.3A时，电压表示数也随之变化了2V，此时，滑动变阻器R消耗的电功率为1.8W，则：定值电阻R0=，电源电压U=V三、解答题：（本题共8题，共47分.解答23、24题时应有解题过程）23（1）如图甲所示，O为支点，在图中A点画出使用该羊角锤拔钉子时最小力F1；（2）如图乙所示的场景发生在炎热的天气，在图中虚线框内画一个带箭头的线段，用来表示地面附近空气的流动方向；（3）如图丙所示，开关S闭合后，小磁针在条形磁体和通电螺线管的共同作用下，在图中位置处于静止状态，请你根据条形磁铁的极性标出小磁针的N、S极，并用“+”、“”标出电源的正负极24工人用某滑轮组提升重物，在20s内将480N的物体匀速提升4m已知在这个过程中，工人做了240J的额外功，求：（1）工人对重物做的有用功；（2）工人做功的功率；（3）滑轮组的机械效率25如图甲所示，是某电饭煲的铭牌，图乙是其电路原理图试求：（1）在电饭煲中装满20的水，将其接入家庭电路中加热至沸腾，需要吸收多少热量？（1标准大气压下 ）C水=4.2103J/（kg）（2）加热过程中，消耗的电能是多少？（3）R2的阻值是多大？26如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图（1）该实验是通过比较来反映动能的大小该动能是由能转化而来的（2）实验可以得出的结论是：当一定时，越大，动能越大（3）若在实验中，由于木板较短，物体B碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，如何保证碰后物体B能始终在木板上滑行？方法是（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，用该图所示的实验可以探究（超载/超速）安全隐患27根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示小明通过调节杠杆右端的螺母向移动（左/右），使杠杆在水平位置平衡，然后进行下面的实验探究（2）要使图乙中杠杆平衡，应在a处挂个钩码（题中的每个钩码都是相同的）（3）当弹簧测力计由图丙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将（变大/不变/变小）（4）有同学根据自己的实验数据，得到如下结论：动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离这个结论与杠杆的平衡条件不符，原因是实验过程中没有（选填序号：改变力的大小改变力的方向改变力的作用点多次进行实验）（5）小明对原来装置进行改装如丁图，与丙图比较，同样用竖直向上的力，将两个相同的钩码，提升相同的高度，机械效率高的是（丙/丁）图；若利用丁图，小明两次将钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度，那么机械效率（A/C/一样）的高28小亮同学做测定“小灯泡的额定电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡（小灯泡的额定功率小于1W）、滑动变阻器（50 1A）、以及符合实验要求的电表、开关和导线如图甲是小亮同学没有连接完整的电路（1）本实验的实验原理是（2）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整（3）小亮同学连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则故障可能是（写出一种即可）（4）小亮同学排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，同时眼睛应注视（选填序号）A小灯泡亮度 B电压表示数 C电流表示数 D滑动变阻器滑片（5）小亮同学移动滑动变阻器滑片P到某处时，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向端移动（选填“A”或“B”）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W，此时小灯泡的电阻是该实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有的作用（6）小亮利用该电路探究电流跟电阻的关系，他将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为如图丙所示，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于29在比较不同燃料热值的实验中，小明利用图示两套完全相同的实验装置，分别在燃烧皿中放入质量相同的酒精和碎纸片，同时点燃后对质量和初温都相等的水加热，记录燃料燃烧相同时间后水升高的温度t（1）为了正确完成实验，除了图示装置外还需要的一个测量器材是（2）实验中通过（加热的时间/温度计升高的温度）来比较燃料燃烧放出热量（3）小明设计的方案（能/不能）比较酒精和碎纸片的热值，理由是30如图甲所示，在研究“导体电流与电阻关系”的实验中，同学们利用了阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行了探究，变阻器规格是“10 1A”，电源电压4.5V并保持不变（1）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是（2）实验中，先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3V，观察到电流表示数如图丙所示，则电流表示数为A；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3V，并记录下电流表示数为0.3A；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6A（3）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是（4）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3V，原因是2015-2016学年江苏省扬州大学附中东部分校九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（每小题2分，共24分，每小题只有一个选项是正确的）1下列简单机械中，属于省力杠杆的是（）A筷子B理发剪C羊角锤D钓鱼竿【考点】杠杆的分类【分析】杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂【解答】解：A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、理发剪在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选C2在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于（）A5WB50WC500WD5000W【考点】功率的测量实验【分析】先估算出该同学上楼所做的功，然后由功率公式求出他上楼的功率【解答】解：该同学的质量约为50kg，每层楼的高度约为3m，上楼时要克服重力做功，上5楼所做的功约为：W=Gh=mgh=50kg10N/kg43m=6000J，功率约为P=500W；故选C3在排球运动中，跳发球（图）是最具威力的发球方式，其动作要领可简化为“抛球、腾空、击球和落地”四个过程，其中运动员对排球做功的过程有（）A抛球、腾空B腾空、击球C抛球、击球D击球、落地【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：1作用在物体上的力；2物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可【解答】解：A、抛球时，人对球有力，且在力的方向上有距离，故运动员对排球做功；腾空时，人与排球间没有力的作用，故运动员对排球没有做功；故A错误；B、腾空时，人与排球间没有力的作用，故运动员对排球没有做功；击球时，人对排球施加向下的力，且排球运动方向向下，故运动员对排球做功；故B错误；C、抛球时，人对球有力，且在力的方向上有距离，故运动员对排球做功；击球时，人对排球施加向下的力，且排球运动方向向下，故运动员对排球做功；故C正确；D、击球时，人对排球施加向下的力，且排球运动方向向下，故运动员对排球做功；落地时，人与排球间没有力的作用，故运动员对排球没有做功；故D错误；故选C4如图所示，小朋友沿着滑梯匀速下滑的过程中，下列说法中正确的是（）A动能转化为重力势能B重力势能全部转化为动能C机械能一定减少D机械能保持不变【考点】动能和势能的转化与守恒；机械能【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；下滑时，克服摩擦做功，机械能转化为内能【解答】解：小朋友玩滑梯游戏时，当小朋友从滑梯上匀速下滑的过程中，小朋友的质量不变，速度不变，故动能不变；同时质量不变，高度减小，重力势能变小，故AB错误；机械能等于动能和重力势能的和，故机械能减小，故C正确，D错误；故选C5关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）A一个物体吸收热量时，温度不一定升高B对物体做功，物体的温度一定升高C物体的温度越高，所含的热量越多D0的冰没有内能【考点】温度、热量与内能的关系【分析】A、物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化B、改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小C、根据描述热量的物理术语进行判断D、一切物体都具有内能【解答】解：A、物体吸热时，内能增大，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的故A说法正确，符合题意B、对物体做功，也可能是使物体发生形变、状态的改变、或发生机械运动，并不一定使物体的温度升高故B说法错误，不符合题意C、热量是过程量，描述它的术语只能用”吸收“和”放出“，不能用“含有”故C的说法错误，不符合题意D、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0的冰具有内能故D说法不正确，不符合题意故选A6关于导体的电阻，下列说法正确的是（）A加在导体两端的电压越大，导体的电阻就越大B通过导体的电流为零时，导体没有电阻C通过导体的电流越大，导体的电阻越小D导体电阻的大小决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关【考点】电阻；影响电阻大小的因素【分析】导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料跟电压、电流都无关可见导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小【解答】解：A、加在导体两端的电压越大，通过的电流越大，导体的电阻不变此选项错误；B、通过导体的电流为零时，导体电阻仍然存在此选项错误；C、通过导体的电流越大，说明两端电压越大，导体的电阻不变此选项错误；D、电阻是导体的一种性质，决定于导体的材料、长度、横截面积，还和温度有关此选项正确故选：D7磁场的基本性质是指（）A能够产生磁感线B能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质C能使放入其中的小磁针发生偏转D能够对放入其中的磁体产生磁力的作用【考点】磁场【分析】（1）磁感线并不是真实存在的线，是人们为了研究方便而引进的线；（2）磁性是指物体具有吸引铁、钴、镍等物质的性质；（3）磁场的基本性质是对放入其中的磁体有磁力的作用【解答】解：A、磁感线是为了我们研究磁场而假想出来的物理模型，是不存在的，故A错误；B、能够吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质叫磁性，故B错误；C、磁场对放入其中的小磁针有磁力作用，但小磁针不一定偏转，如小磁针放入磁场时北极指向与磁场方向一致时故C错误；D、磁场的基本性质是对放在其中的磁体有磁力的作用，故D正确故选D8当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作压强过大时开关S过压自动断开，温度过高时开关S过热自动断开图中表示S过压、S过热和锅内发热器的连接，其中正确的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】由题意可知，当自动电压力锅压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作说明过压开关和过热开关相互影响、不能独立工作即为串联【解答】解：由题意可知，当温度过高时，过热开关断开，电热丝不能工作；当锅内压强过大时，过压开关断开，电热丝不能工作；即两个开关不能独立工作，即为串联，结合选项可知D符合题意，ABC均不符合题意故选D9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被断路B灯L1短路C灯L2断路D灯L2被短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；该电路为串联电路，电压表测量L2两端的电压，根据灯泡工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：A、如果灯L1被断路，整个电路断路，两只灯泡都不能发光，电流表、电压表都无示数不符合题意；B、如果灯L1短路不能发光，L2可以发光，电压表测量L2两端电压，也就是电源电压为3V符合题意；C、如果灯L2断路，L1也断路不能发光；电压表测量电源电压为3V不符合题意；D、如果灯L2短路不能发光，L1可以发光，电压表也被短路无示数不符合题意故选B10酒精测试仪可检测机动车驾驶员是否酒后驾车，如图是它的原理图图中酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小，R0为定值电阻如果测试时电压表示数越大，表明（）A测试到的酒精气体浓度越大B传感器的电阻越大C测试到的酒精气体浓度越小D通过传感器的电流越小【考点】电路的基本连接方式【分析】酒精气体传感器与定值电阻串联，电压表测的是定值电阻电压，电源电压U一定，电压表示数变大，由U=IR知电路电流变大，酒精气体传感器阻值变小，由传感器特点可知酒精浓度大小【解答】解：电压表示数越大，由U=IR知电流I越大，由I=知，R传感器越小，因为酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增而减小，所以测试到的酒精气体浓度越大故选A11在探究电路的电流规律实验时用了图中的某个电路，已知R1=R2R3，电流表的读数分别是：A1为0.3A、A2为0.15A、A3为0.45A测量时的电路图应是 （）ABCD【考点】串、并联电路的设计；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；欧姆定律的应用【分析】（1）串联电路中，各处电流相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；（2）电阻并联时，两端电压相等，电阻大的支路通过的电流小【解答】解：A、为串联电路，三个电流表的示数应该相等，显然不符合题意，该选项错误B、R2和R3组成并联电路，电流表A1测R2的电流，电流表A2测R3的电流，电流表A3测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为R2R3，所以A1的示数应大于A2的示数，A3的示数等于A1和A2的示数之和，符合题意，所以该选项正确C、R1和R2组成并联电路，电流表A1测R1的电流，电流表A2测R2的电流，电流表A3测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为R1=R2，所以A1的示数应等于A2的示数，A3的示数等于A1和A2的示数之和，不符合题意，所以该选项错误D、R2和R3组成并联电路，电流表A1测R2的电流，电流表A3测R3的电流，电流表A2测干路的总电流；根据欧姆定律和并联电路电流的规律，因为R2R3，所以A1的示数应大于A3的示数，A2的示数等于A1和A3的示数之和，不符合题意，所以该选项错误故选B12如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，R1和R2中的某个电阻其“IU”关系图线如图乙所示，则下列说法错误的是（）AR1的阻值是10B电压表V2的示数变化范围是0V4VCR1的电功率变化范围是0.4W3.6WD滑动变阻器R2的最大阻值是30【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当滑片P在最左端时，电路为R1的简单电路，R1的功率最大，电压表V2被短路，据此判断UI图象是电阻R1的UI图象，读出电压表V1的示数即为电源的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据P=UI求出R1的最大功率；（2）当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，R1的功率最小，电压表V2示数最大，根据图象读出V1的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，然后得出电压表V2的示数变化范围，根据P=UI求出R1的最小功率，然后得出R1的电功率变化范围，再根据欧姆定律求出滑动变阻器R2的最大阻值【解答】解：（1）当滑片P在最左端时，电路为R1的简单电路，R1的功率最大，电压表V2被短路示数为0V，由图象可知，电压和电流值没有为零的坐标，故乙图为R1的“IU”图象，由图象可知，电流表的示数I大=0.6A，R1两端的电压即为电源的电压U=6V，由I=可得，R1的阻值：R1=10，故A正确；R1的最大电功率：P1大=UI大=6V0.6A=3.6W；（2）当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，R1的功率最小，电压表V2示数最大，由图象可知，R1两端的电压U1=2V，电路中的电流I小=0.2A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表V2的示数：U2=UU1=6V2V=4V，所以，电压表V2的示数变化范围是0V4V，故B正确；R1的最小电功率：P1小=U1I小=2V0.2A=0.4W，所以，R1的电功率变化范围是0.4W3.6W，故C正确；滑动变阻器R2的最大阻值：R2=20，故D错误故选D二、填空题：（本题共10小题，每空1分，共29分）13如图所示是奥斯特实验的示意图，实验中导体中有电流通过时小磁针发生偏转，根据此现象可得出结论：通电导体周围存在磁场如果移走小磁针，该结论成立（成立/不成立）【考点】通电直导线周围的磁场【分析】奥斯特电流的磁效应实验时，将通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，该实验证明了通电导体周围存在磁场【解答】解：当将通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明了通电导线周围存在磁场，该磁场与小磁针的有无无关，故移走小磁针后，该结论仍成立故答案为：通电导体周围存在磁场；成立14如图是皮球落地后弹跳过程中，每隔相等时间曝光一次所拍摄的照片A、B是同一高度的两点，则A点的重力势能等于B点的重力势能（大于/小于/等于）；A点的机械能大于B点的机械能（大于/小于/等于）；A点的速度大于B点的速度（大于/小于/等于）【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能等于动能和势能之和，不计阻力，机械能守恒【解答】解：读图可知，A、B是同一高度的两点，皮球的质量始终不变，所以A点的重力势能等于B点的重力势能；皮球运动的过程中，由于与空气和地面摩擦，其中部分机械能转化为内能，机械能总量减小，所以A点的机械能大于B点的机械能；又由于A点和B点的重力势能相同，所以A点的动能大于B点的动能，因此，A点的速度大于B点的速度故答案为：等于；大于；大于15如图所示，将导体接到电路的A、B之间时，导体与灯泡是串联的，如果将不同的导体分别接到A、B之间，闭合开关，可通过观察、比较灯泡的亮度来判断不同导体电阻的大小，若两个导体的电阻差异不大，则可以在电路中串联一个电流表作进一步的判断【考点】影响电阻大小的因素【分析】电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；电路中接入的电阻不同，会导致电路中电流也不同，所以灯泡的亮度也不同，因此我们可以简单的通过灯泡的亮暗比较两个电阻的阻值大小，这种方法叫做转换法，如果要精确比较，还是要用电流表【解答】解：若将某一导体接到电路A、B之间，则电流会先后经过导体与灯泡，它们是串联的；将不同导体接到电路A、B之间时，电路中接入的电阻不同，会导致电路中电流也不同，所以灯泡的亮度也不同，因此我们可以简单的通过灯泡的亮暗比较两个电阻的阻值大小；若两个导体的电阻差异不大，则必须用电流表替换灯泡，作更为准确的判断故答案为：串；灯泡的亮度；串联一个电流表16小莉家刚买了一台空调，安装时空调应与其它用电器并联（选填“串联”或“并联”），空调的金属外壳应该接地空调正常工作时，小莉把电水壶接入电路，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或用电器总功率过大【考点】串联电路和并联电路的辨别；家庭电路电流过大的原因【分析】家用电器应并联接入电路，用电器的金属外壳应接地；造成家庭电路电流过大的原因有短路或用电器的总功率过大【解答】解：安装时空调应与其它用电器并联，这样工作时各用电器才会互不影响；空调的金属外壳应该接地，这样可防止因外壳漏电而发生触电事故；空调正常工作时，小莉把电水壶接入电路，家里的空气开关“跳闸”了，原因可能是发生了短路或用电器总功率过大故答案为：并联；接地；用电器总功率过大17小丽家中的电能表表盘如图所示，则小丽家已消耗的电能为958.6kWh，可以同时使用的用电器总功率不能超过4400W，若电冰箱单独正常工作一天（24小时），（电冰箱的主要技术参数见表），电能表指示灯闪烁960次 海尔BC110B电冰箱额定电压220V工作频率50Hz额定功率100W耗电量0.6kWh/24h【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表的读数最后一位是小数；已知电能表的额定电压和标定电流，根据公式P=UI可求电路的最大功率；先根据表中数据求出电冰箱工作一天消耗的电能，然后根据转数=消耗的电能电能表的参数即可求出这一天（24小时内）电能表指示灯闪烁的次数【解答】解：电能表的读数为：958.6kWh；家中用电器的总功率不能超过 P大=UI=220V20A=4400W；根据表中数据可知，电冰箱一天消耗0.6kWh，而电路消耗1kWh电能时，电能表的指示灯闪烁1600次，所以0.6kWh转盘就是转动1600imp/kWh0.6kWh=960次故答案为：958.6；4400；96018如图所示，闭合开关，电灯不亮，用试电笔（也称测电笔）接触D点时氖管发光，接触E点时不发光，说明D、E间断路若试电笔接触A至F各点都发光，说明进户线零线断路【考点】家庭电路的故障分析【分析】在正常情况下，开关闭合后，A、B、C、D与火线相通，用测电笔时，应都亮，E、F与零线相通，用测电笔测时，应都不亮【解答】解：接触D点时氖管发光，接触E点时不发光，说明火线有电，零线也正常，故是DE之间断路了；点F在正常情况下，测电笔应该不亮，亮了，说明零线断路了故本题答案为：断路；进户线零线断路19如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来这一过程中瓶内气体的内能转化为软木塞的机械能汽油机的做功冲程也发生同样的能量转化如果该汽油机飞轮转速是1800r/min，则该汽油机每秒钟内完成60个冲程，对外做功15次【考点】内燃机的四个冲程；做功改变物体内能【分析】瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能内燃机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次【解答】解：瓶塞跳起来，机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能汽油机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次：该汽油机飞轮转速是1800r/min=30r/s，则该汽油机每秒内对外做功15次，完成60个冲程故答案为：内；做功；60；1520某物理兴趣小组为了探究地球表面水吸收太阳能的本领，用一脸盆装6kg的水，经过太阳光照射一段时间后，水温升高了5实验中水吸收了1.26105J的热量，此过程中水的内能增大了1.26105J；若用液化气加热使同质量的水升高相同的温度，至少需要燃烧2.52103m3的液化气 假设液化气燃烧放出的热量全部被水吸收，c水=4.2103J/（kg），液化气的热值为5107J/m3【考点】热平衡方程的应用；热量的计算；燃料的热值【分析】知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸收的热量；水吸收太阳辐射热，是通过热传递的方式改变水的内能，水吸收了多少热量，就增加了多少内能；假设液化气燃烧放出的热量全部被水吸收，即：Q放=Q吸，再利用Q放=vq求需要液化气的体积【解答】解：水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）6kg5=1.26105J；水吸热过程中，水的内能增加的内能等于吸收的热量，为1.26105J；由题知，Q放=vq=Q吸=1.26105J，需要液化气的体积：V=2.52103m3故答案为：1.26105；1.26105；2.5210321有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图甲所示把它们串联在电路中，如图乙所示闭合开关S，这时电流表的示数为0.2A，元件A的电阻为10，元件B的电阻为12.5，电源电压为4.5V若把它们并联接在电压为2.5V的电源上，电路消耗的总功率为1.125W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由电路图可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路中的电流特点结合图象读出它们两端的电压，根据欧姆定律求出两元件的电阻，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）把它们并联接在电压为2.5V的电源上时，它们可得的电压相等，根据图象读出通过两元件的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率【解答】解：（1）由电路图可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表的示数为0.2A时：IA=IB=I=0.2A，由图象可知，A和B两端的电压分别为：UA=2V，UB=2.5V，由I=可得，两元件的电阻分别为：RA=10，RB=12.5，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UA+UB=2V+2.5V=4.5V；（2）把它们并联接在电压为2.5V的电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UA=UB=U=2.5V，由图象可知，通过两元的电流分别为：IA=0.25A，IB=0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=IA+IB=0.25A+0.2A=0.45A，电路消耗的总功率：P=UI=2.5V0.45A=1.125W故答案为：10；12.5；4.5；1.12522如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，电流表示数由0.1A变为0.3A时，电压表示数也随之变化了2V，此时，滑动变阻器R消耗的电功率为1.8W，则：定值电阻R0=10，电源电压U=9V【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当电流表的示数变大时，定值电阻R0两端的电压变大，电压表的示数变小，根据P=UI求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出滑片移动前电压表的示数，利用串联电路的特点和欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，利用电源的电压不变建立等式即可得出答案【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当电流表的示数I2=0.3A时，根据P=UI可得，滑动变阻器两端的电压：UR2=6V，由于电流表示数由0.1A变为0.3A时，电压表的示数减小，且电压表示数变化了2V，则当电流表的示数I1=0.1A时，滑动变阻器两端的电压UR2=UR2+2V=6V+2V=8V，因为电源的电压不变，所以U=I1R0+UR2=I2R0+UR2，即0.1AR0+8V=0.3AR0+6V，解得：R0=10，电源的电压U=0.1AR0+8V=0.1A10+8V=9V故答案为：10；9三、解答题：（本题共8题，共47分.解答23、24题时应有解题过程）23（1）如图甲所示，O为支点，在图中A点画出使用该羊角锤拔钉子时最小力F1；（2）如图乙所示的场景发生在炎热的天气，在图中虚线框内画一个带箭头的线段，用来表示地面附近空气的流动方向；（3）如图丙所示，开关S闭合后，小磁针在条形磁体和通电螺线管的共同作用下，在图中位置处于静止状态，请你根据条形磁铁的极性标出小磁针的N、S极，并用“+”、“”标出电源的正负极【考点】杠杆中最小力的问题；通电螺线管的磁场；比热容解释简单的自然现象【分析】（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小（2）根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析炎热的天气里空气的流动方向（3）根据磁极间的相互作用规律，利用条形磁铁的N极，可以确定小磁针以及电磁铁的NS极；根据电磁铁的NS极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流的方向，进而得到电源的正负极【解答】解：（1）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂一定的条件下，当动力臂最大时，动力最小，即最省力力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可如图所示：；（2）由图可知此时为晚上，气温降低，水的比热容比泥土、沙石的比热容大，陆地和海水放出相同的热量，海水温度下降的慢，陆地温度下降的快海面上热空气上升，所以空气从陆地吹向海面，形成风如图所示：；（3）因为异名磁极相吸引，条形磁铁的左端为N极，则小磁针静止时向下为S极，电磁铁与条形磁铁相邻端为同名磁极N极，即电磁铁的右端为N极根据电磁铁的绕向和NS极，安培定则可以确定电流从电磁铁的左端流入，右端流出，由此可知，电源的左端为正极，右端为负极故标出小磁针和螺线管的N、S极以及电源的正负极如图所示：24工人用某滑轮组提升重物，在20s内将480N的物体匀速提升4m已知在这个过程中，工人做了240J的额外功，求：（1）工人对重物做的有用功；（2）工人做功的功率；（3）滑轮组的机械效率【考点】机械效率的计算；功的计算；功率的计算【分析】（1）知道物体重和上升的高度，利用W有用=Gh求出有用功，（2）总功等于有用功加上额外功；又知道做功时间，利用功率公式求拉力做功的功率；（3）求出了有用功和总功，利用效率公式求滑轮组的机械效率【解答】解：（1）W有用=Gh=480N4m=1920J；（2）由题知，W额=240J，W总=W有用=W额=1920J+240J=2160J，P=108W；（3）=100%=100%88.9%；答：（1）工人对重物做的有用功为1920J；（2）工人做功的功率为108W；（3）滑轮组的机械效率88.9%25如图甲所示，是某电饭煲的铭牌，图乙是其电路原理图试求：（1）在电饭煲中装满20的水，将其接入家庭电路中加热至沸腾，需要吸收多少热量？（1标准大气压下 ）C水=4.2103J/（kg）（2）加热过程中，消耗的电能是多少？（3）R2的阻值是多大？【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）根据m=V求出水的质量，根据Q=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）已知电饭煲的热效率，根据=公式变形求出消耗的电能；（3）分析电热煲加热和保温时开关的接法，根据电功率的计算公式求电阻的阻值【解答】解：（1）水的体积V=3L=3103m3，=，水的质量：m=V=1103kg/m33103m3=3kg，将水烧开水吸收的热量：Q=cm（tt0）=4.2103J/（kg）3kg=1.008106J（2）=，水吸收1.008106J的热量，消耗的电能：W=1.12106J；（3）由电路图可知，开关S与触点a连接时，只有电热丝R1接入电路，此时电饭煲电功率R1=55；开关S与触点b连接时，电热丝R1和R2串联接入电路，此时电饭煲电功率R=968；所以R2=RR1=96855=913答：（1）在电饭煲中装满20的水，将其接入家庭电路中加热至沸腾，需要吸收1.008106J的热量；（2）加热过程中，消耗的电能是1.12106J；（3）R2的阻值是91326如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图（1）该实验是通过比较木块移动的距离来反映动能的大小该动能是由重力势能转化而来的（2）实验可以得出的结论是：当质量一定时，速度越大，动能越大（3）若在实验中，由于木板较短，物体B碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，如何保证碰后物体B能始终在木板上滑行？方法是降低小球释放的高度（4）实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有汽车的“超载”与“超速”，用该图所示的实验可以探究超速（超载/超速）安全隐患【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）小球动能的大小是通过木块被推动移动的距离体现的；（2）动能的决定因素有两个：质量和速度，要利用控制变量法去研究研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同研究与质量关系时，要保证速度相同，质量不同；（3）物体A速度的大小是通过改变物体在斜面上的高度实现的，物体A动能的大小是通过物体B被撞后移动的距离来体现的；（4）研究超速危害，应控制质量相等，即小车下滑的高度不相同而质量相同，分析图，然后答题【解答】解：（1）该实验中小球动能的大小是通过木块被撞距离的远近体现的，该动能是由 重力势能转化而来的；（2）木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；本实验可以得出的结论是：当质量一定时，速度越大，动能越大；（3）若在实验中，木块碰后滑出木板，在不改变原有器材的情况下，可以通过降低木块的高度来减小物体A的速度，从而减小物体A的动能，减小对物体B做功的多少，减小物体A在木板上滑行的距离，保证碰后物体B能始终在木板上滑行；（4）图中所示小车的质量相等，该实验是控制质量相等，探究的是速度与动能的关系，因此该实验可以探究超速安全隐患故答案为：（1）木块移动的距离；重力势；（2）质量；速度；（3）降低小球释放的高度；（4）超速27根据“探究杠杆的平衡条件”实验要求，完成下列各题：（1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示小明通过调节杠杆右端的螺母向右移动（左/右），使杠杆在水平位置平衡，然后进行下面的实验探究（2）要使图乙中杠杆平衡，应在a处挂1个钩码（题中的每个钩码都是相同的）（3）当弹簧测力计由图丙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将变大（变大/不变/变小）（4）有同学根据自己的实验数据，得到如下结论：动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离这个结论与杠杆的平衡条件不符，原因是实验过程中没有（选填序号：改变力的大小改变力的方向改变力的作用点多次进行实验）（5）小明对原来装置进行改装如丁图，与丙图比较，同样用竖直向上的力，将两个相同的钩码，提升相同的高度，机械效率高的是丙（丙/丁）图；若利用丁图，小明两次将钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度，那么机械效率C（A/C/一样）的高【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调（2）根据杠杆平衡条件求出a处挂钩码的个数（3）阻力和阻力臂不变，根据题意判断动力臂如何变化，然后由平衡条件判断弹簧测力计示数如何变化（4）从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂（5）通过比较额外功的大小比较机械效率高低【解答】解：（1）杠杆右端高，说明水平时重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能平衡（2）设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，2G2L=nG4L，n=1（个）（3）当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计拉力F的力臂变小，由杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，可知弹簧测力计的拉力变大（4）“动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向故正确（5）丙与丁相比，丁要克服更多的额外功，所以丁机械效率更低，丙的机械效率更高；钩码在A点，要提高相同的高度，弹簧测力计上升的高度更大，克服杠杆的重力做功更多，机械效率更低，所以在C点时机械效率更高故答案为：（1）右；（2）1；（3）变大；（4）；（5）丙；C28小亮同学做测定“小灯泡的额定电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡（小灯泡的额定功率小于1W）、滑动变阻器（50 1A）、以及符合实验要求的电表、开关和导线如图甲是小亮同学没有连接完整的电路（1）本实验的实验原理是P=UI（2）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整（3）小亮同学连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则故障可能是灯泡断路（写出一种即可）（4）小亮同学排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，同时眼睛应注视B（选填序号）A小灯泡亮度 B电压表示数 C电流表示数 D滑动变阻器滑片（5）小亮同学移动滑动变阻器滑片P到某处时，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向B端移动（选填“A”或“B”）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.5W，此时小灯泡的电阻是12.5该实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有调节小灯泡两端电压等于额定电压的作用（6）小亮利用该电路探究电流跟电阻的关系，他将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为如图丙所示，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于25【考点】电功率的测量【分析】（1）实验原理：P=UI（2）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程；根据P=UI判断灯泡额定电流的大约值，然后确定电流表的量程；并将电压表并联在灯泡两端，电流表串联在电路中；（3）灯泡不亮，电流表无示数，说明电路故障为断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连；（4）小灯泡两端的电压等于额定电压时，小灯泡才会正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率；（5）故障排除后，闭合开关时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，灯泡两端电压是处于最小值，所以要提高灯泡两端的电压，需要减小电路电阻，减小滑动变阻器的电阻；根据电路图确定滑片的移动方向；根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数，然后根据灯泡在额定电压下的功率为额定功率，即由电功率公式P=UI求出灯泡额定功率，由欧姆定律的变形公式求出灯丝的电阻；该实验中滑动变阻器除了保