九年级物理上学期第一次月考试卷（含解析） 新人教版22

江苏省扬州市宝应县泰山初级中学、安宜实验学校2016-2017学年九年级（上）第一次月考物理试卷一、选择题1如图所示的杠杆中，使用时利用了其省距离特点的是（）A开瓶器 B老虎钳C核桃夹 D食品夹2三位同学准备进行爬楼比赛，看看谁的功率大他们展开了如下的讨论：甲：只有测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，才能进行比较；乙：在爬楼的时间相同时，只要测出各自的体重、爬楼的高度，就可以进行比较；丙：在爬楼的高度相同时，只要测出各自的体重、爬楼的时间，就可以进行比较正确的是（）A甲、乙和丙B甲和乙C甲和丙D乙和丙3南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是25一天，南极上的小企鹅豆豆和丁丁之间发生了一次有趣的对话，他们的部分说法如下，其中正确的是（）A豆豆：呵呵，这里太冷了，冰山肯定没有内能了B丁丁：不对，冰山的温度低，所含热量少C丁丁：唉，反正我现在一点温度也没有了，冻死喽D豆豆：呵呵，我们一起跳舞吧，这样暖和一些4电视机、家用音箱功放、电脑等在工作中会产生较多的热量，为了将热量尽快散出，通常会使用金属散热器来散热，散热器要在短时间内尽可能多的吸收所产生的热量（即有较大的热容量）现有铜、铁、铝三种材料供选择（部分数据见表），你认为散热器选哪种材料最好（） 物质比热容c/103J/（kg）铝0.8铜0.39铁0.46A铁B铜C铝D三种材料均可5如图是我们课本中的小制作蜡烛跷跷板：将一根蜡烛中间垂直插入大号缝衣针，缝衣针的两端分别放在两个玻璃杯上，点燃蜡烛两端，蜡烛跷跷板就做成了点燃后的蜡烛燃烧速度可能不同关于此跷跷板，下列说法正确的是（）A做跷跷板的蜡烛两端必须要一样粗细B既使蜡烛的两端粗细不同，也能用来做跷跷板，但两端的重必须相等C点燃后的蜡烛必须要两端燃烧速度相同，才能使带火苗的跷跷板往复翘动D点燃后的蜡烛即使两端燃烧速度不同，也能使带火苗的跷跷板往复翘动6下图所示的几种情况中，人对物体做了功的是（）A静止的小车在拉力的作用下向前运动B搬而未起C提着小桶在水平路上匀速前进D运动员将杠铃举起后停留了3秒72016年9月15日22时04分09秒，我国成功发射了“天宫二号”空间实验室，人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行时从近地点向远地点运动过程中（）A动能增大，势能减小，机械能不变B动能减小，势能增大，机械能不变C动能不变，势能增大，机械能变大D动能减小，势能不变，机械能变小8如图所示是汽油机的四个冲程，其中属于使汽车获得动力的冲程是（）ABCD9分析下列几种现象中温度变化的原因，其中一种与其它三种不同，它应该是（）A开啤酒瓶盖瞬间，瓶口的二氧化碳气体温度会降低B用打气筒打气，过了一会儿就感到筒身发热C夏天，用嘴向手背快速吹气，会感到凉意D化妆晶或杀虫剂之类的自动喷剂，当喷了一会儿，罐身温度会降低10如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD11如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（）A受到的弹力始终不变B运动过程动能一直增大C运动过程机械能不变D在b点时重力等于弹力12两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示根据图线可知（）A甲液体的比热容大于乙液体的比热容B如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同C加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量D加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多二、填空题13一台功率为40kw的抽水机，机械效率为60%，如果要把河水抽到5m高的地方，则每小时抽水机做的总功是J，其中有用功是J，所抽水的质量是kg14一位同学用棒挑着重物扛在肩上行走，如图所示，他胳膊所用的力物重（选填“大于”、“小于”或“等于”），要使胳膊所用的力减小些，可采用的办法是将重物肩膀（选填“远离”或“靠近”），或者是将手更加肩膀（选填“远离”或“靠近”）15如图所示，快速压下空气压缩引火仪活塞，可观察到此过程中里面气体的内能（填“增大”“减小”或“不变”），通过该实验可以得到的结论是，此过程与四冲程汽油机的冲程的能量转化相同某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，在1min内，汽油机完成个工作循环，对外做功次16如图所示，小强在30s内用滑轮组将物体A沿水平地面匀速移动6m，已知物体A重为800N，它受到的摩擦力为60N，小强所用拉力为25N，则A的重力做功为J，拉力的功率为W，此滑轮组的机械效率为17如图所示，a、b为竖直向上抛出的小石块在上升过程中动能和重力势能随高度变化的两条图线（不计空气阻力），其中是动能高度关系图线，小石块达到的最大高度为m，小石块在最高点时的机械能为J18美国正在实验助推火箭无损回收技术：火箭将飞船推送至一定高度；箭船分离，火箭停止喷火、落向地面；接近地面时，火箭再次消耗燃料、向下喷火，并以2m/s的速度匀速下降，如图所示匀速下降时，火箭的动能（变小/不变/变大），重力势能（变小/不变/变大）19中国南海海底探明有大量的“可燃冰”，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的很大以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为J，可以使kg的水从20加热至60q煤气=4.2l07J/Kg，水的比热容c=4.2103J/（kg）20如图所示的四种情景中：（1）如图（a）是子弹射穿木板的情景，表明运动的子弹具有能（2）仔细观察如图（b）中的实验，图中滑轮的特点是（3）如图（c）所示，其他条件不变，若卡片上的二个卡口之间的间隔越小，则卡片会跳得越（选填“高”或“低”）（4）（d）图所示的是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是能转化为能三、解答题（共48分）21如图甲所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图乙为单侧钳柄及相连部分示意图请在图乙中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2（F2沿竖直方向）22如图甲所示，曲杆AOBC自重不计，O为支点，AO=60cm，OB=40cm，BC=30cm，要使曲杆在图示位置平衡，请作出最小的力F的示意图及其力臂L23如图所示，一个站在地面上的工人利用滑轮组将重物G提起，请画出滑轮组的绕线24（8分）小明用如图所示的滑轮组将一个重为120N的物体匀速提升2m，所用的拉力为50N，时间为10s，（不计绳重和摩擦）求：（1）求此过程中的有用功；（2）求拉力所做的功率；（3）求滑轮组的机械效率；（4）若仍用该滑轮组提升另一个重为170N的物体，求此时滑轮组的机械效率为多少？25太阳能热水器不用电、不烧气，利用太阳能，无任何污染，属于绿色环保产品小明家屋顶上有一台太阳能热水器（如图），水箱容量为120L求：（1）假如热水器接收到的太阳能有50%转化为水的内能，则使一箱水温度从20升高到70，需要接收多少太阳能？（2）若使用液化石油气给水加热时，液化石油气完全燃烧放热的70%被水吸收，则在使用太阳能热水器后，使同样多的水升高相同的温度，可节约液化石油气多少kg？g取10N/Kg，液化石油气的热值为8.0107J/kg、水的比热容为4.2103J/（kg），水的密度为1.0103kg/m326（7分）小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）杠杆平衡后，小明在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上个钩码，使杠杆在水平位置平衡（2）如果再在A、B两处各加挂一个钩码，杠杆的（选填“左”或“右”）端将会下沉此后，小红又经过多次实验，得出的杠杆的平衡条件是（3）他改用弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉，若每个钩码重1N当杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数将（选填“大于”、“等于”或“小于”）1N理由是（4）实验中，用如图丙所示的方式悬挂钩码，杠杆也能水平平衡（杠杆上每格等距），但老师却往往提醒大家不要采用这种方式这主要是因为该种方式A一个人无法独立操作 B需要使用太多的钩码C力臂与杠杆不重合 D力和力臂数目过多（5）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离”这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中A没有改变力的大小 B没有改变力的方向C没有改变力的作用点 D实验次数较少，结论具有偶然性27（9分）探究“物体的动能与势能”（1）探究物体的动能在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离如图1所示请回答下列问题：该实验的目的是研究铁球的动能大小与（选填“质量”或“速度”）的关系该实验铁球的速度是指铁球从斜面由静止滚下到水平面与木块碰撞（选填“前”、“后”或“前、后均可”）的速度，它是通过（选填“高度”或“质量”）来改变的该实验是通过观察木块被撞后移动的距离，来判断出（“铁球”或“木块”）具有的动能的大小有同学认为，实验中采用光滑的桌面会更好，你认为这个观点是（选填“正确”或“错误”）的，理由是（2）探究物体的重力势能甲、乙、丙三物体的质量关系为：m甲=m乙m丙，木桩起始位置高度相同比较2图中A、B两木桩扎入沙坑的深度，可以得出的结论是：质量一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就若图2中B、C两木桩扎入沙坑的深度相同，（选填“能”、“不能”）说明乙、丙的重力势能相同，你的理由是28为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图甲所示的实验在两个相同的烧杯中应加入初温相同、相同的水和煤油实验中选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图甲可判断出a物质是根据图乙可判断出b吸热能力较（选填“强”或“弱”）（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，用两同规格的烧杯装相等质量的水，取质量（选填“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中，点燃分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧完，通过比较（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小29（8分）阅读短文，回答问题：为节约能源某型号汽车在关闭发动机后，通过小型发电机将减速运动时的部分动能转化为电能储存在蓄电池中表中所示是该型号汽车的部分技术参数，其中储能效率是指汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，通过发电机将动能转化为电能的效率耗油量是指汽车正常行驶l00km消耗燃油的体积测试中，先让汽车正常行驶，然后关闭发动机，分别测出开启和关闭发电机两种情况下，汽车通过的路程s与对应的速度大小v，计算出动能Ek，作出Ek一s图象，如图所示（1）汽车正常行驶100km，消耗燃油的质量为kg，完全燃烧这些燃油产生的热量为J（燃油的密度=0.7103 kg/m3，热值q=4.6107J/kg）（2）测试时，汽车在大小为800N的牵引力作用下，以20m/s的速度正常行驶1000m此过程中，汽车A受到的阻力为1.2104J B行驶的时间为40sC牵引力做的功为3.2108 J D牵引力的功率为16kW（3）由图象可知，表示开启发电机进行测试的图线是（/），判断依据是（4）若汽车正常行驶时的动能Ek0=4105J，某时刻关闭发动机，同时发电机开始工作，最终有J的动能转化为内能型汽车总质量（kg）1200储能效率（%）70耗油量 （L/100km）92016-2017学年江苏省扬州市宝应县泰山初级中学、安宜实验学校九年级（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1如图所示的杠杆中，使用时利用了其省距离特点的是（）A开瓶器 B老虎钳C核桃夹 D食品夹【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离；B、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离；C、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离；D、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离故选D【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂2三位同学准备进行爬楼比赛，看看谁的功率大他们展开了如下的讨论：甲：只有测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，才能进行比较；乙：在爬楼的时间相同时，只要测出各自的体重、爬楼的高度，就可以进行比较；丙：在爬楼的高度相同时，只要测出各自的体重、爬楼的时间，就可以进行比较正确的是（）A甲、乙和丙B甲和乙C甲和丙D乙和丙【考点】功率大小的比较【分析】根据P=可知，比较功率的大小，可以在相同时间内测量体重和爬楼的高度来比较功率的大小或者根据爬相同高度，测量体重和时间进行比较【解答】解：根据P=可知，在爬楼的时间相同时，只要测出各自的体重、爬楼的高度，就可以进行比较；或在爬楼的高度相同时，只要测出各自的体重、爬楼的时间，就可以进行比较要计算功率的大小时，需要测出各自的体重、爬楼用的时间和爬楼的高度，才能得出功率故乙和丙符合题意故选D【点评】该题通过设计实验方案考查学生对功率计算公式，以及影响功率大小的因素的理解，难度不大，只需活用公式即可解答3南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是25一天，南极上的小企鹅豆豆和丁丁之间发生了一次有趣的对话，他们的部分说法如下，其中正确的是（）A豆豆：呵呵，这里太冷了，冰山肯定没有内能了B丁丁：不对，冰山的温度低，所含热量少C丁丁：唉，反正我现在一点温度也没有了，冻死喽D豆豆：呵呵，我们一起跳舞吧，这样暖和一些【考点】温度、热量与内能的关系【分析】内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能升华是指固体转化为气体的过程温度是指物体的冷热程度【解答】解：A、一切物体都有内能所以A选项说法错误，不符合题意B、温度是指物体的冷热程度，和热量没有关系，不符合题意C、温度是指物体的冷热程度，因此无论多低的温度，也有具体的数值，故C选项说法错误，不合题意D、跳舞时，机械能转化为内能，说明做功可以改变物体的内能，故D说法正确，符合题意故选D【点评】此题综合考查了内能、温度的概念以及物态变化的升华现象，带有童话色彩，能激发同学们学习物理的兴趣4电视机、家用音箱功放、电脑等在工作中会产生较多的热量，为了将热量尽快散出，通常会使用金属散热器来散热，散热器要在短时间内尽可能多的吸收所产生的热量（即有较大的热容量）现有铜、铁、铝三种材料供选择（部分数据见表），你认为散热器选哪种材料最好（） 物质比热容c/103J/（kg）铝0.8铜0.39铁0.46A铁B铜C铝D三种材料均可【考点】比热容的概念【分析】解答本题需掌握：在质量和温度变化相同的条件下，比热容越大的物质，吸热和放热本领越强【解答】解：由题中提供的数据可知，三种待选材料中，铝的比热容最大，铜的比热容最小降温要选比热容大的，这样可以吸收更多的热量，比热容的小的话，温度会升的很快的故选C【点评】本题主要考查学生对：比热容解释生活中的一些现象的了解和掌握5如图是我们课本中的小制作蜡烛跷跷板：将一根蜡烛中间垂直插入大号缝衣针，缝衣针的两端分别放在两个玻璃杯上，点燃蜡烛两端，蜡烛跷跷板就做成了点燃后的蜡烛燃烧速度可能不同关于此跷跷板，下列说法正确的是（）A做跷跷板的蜡烛两端必须要一样粗细B既使蜡烛的两端粗细不同，也能用来做跷跷板，但两端的重必须相等C点燃后的蜡烛必须要两端燃烧速度相同，才能使带火苗的跷跷板往复翘动D点燃后的蜡烛即使两端燃烧速度不同，也能使带火苗的跷跷板往复翘动【考点】杠杆的应用【分析】蜡烛两头燃烧不均匀，速度时快时慢，燃烧慢的那头较重，根据杠杆平衡条件分析【解答】解：点燃蜡烛，先点的一端燃烧（设为A端），蜡液滴下，该端重力减少，跷跷板向另外一端（设为B端）倾斜此时，A端朝上，B端朝下，朝下的一端会出现火焰烧烤蜡烛，加速蜡烛的融化，而朝上的A端则不会，于是B端的蜡液快速融化滴落，B端的重量快速降低，于是A端的重力又大于B端的重力，B端向下倾斜，蜡烛快速融化，重力快速降低如此往复，跷跷板就会来回自动翘个不停此现象判断的依据是杠杆平衡原理故选D【点评】本题关键要抓住题意：由于缝衣针不可能正好在蜡烛重心的位置，若重心不在支点上，则杠杆使用时杠杆的重力会对杠杆平衡产生影响，进行判断6下图所示的几种情况中，人对物体做了功的是（）A静止的小车在拉力的作用下向前运动B搬而未起C提着小桶在水平路上匀速前进D运动员将杠铃举起后停留了3秒【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离二者缺一不可【解答】解：A、人给小车一个向前的拉力作用，小车在拉力作用下向前移动了距离，人对小车做功符合题意B、搬石头时，人给石头一个力的作用，石头在力的作用下没有移动距离，人对石头没有做功不符合题意C、人给水桶一个向上的力，水桶向上没有移动距离，人对水桶没有做功不符合题意D、运动员将杠铃举起后停留了3秒，运动员给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，人对杠铃没有做功不符合题意故选A【点评】有力有距离，力对物体不一定做功，要使力对物体做功，物体移动的距离一定是在力的作用下通过的72016年9月15日22时04分09秒，我国成功发射了“天宫二号”空间实验室，人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行时从近地点向远地点运动过程中（）A动能增大，势能减小，机械能不变B动能减小，势能增大，机械能不变C动能不变，势能增大，机械能变大D动能减小，势能不变，机械能变小【考点】动能和势能的大小变化【分析】人造卫星在太空中沿椭圆轨道绕地球运行时，在近地点和远地点之间动能和势能相互转化，其机械能守恒【解答】解：当卫星从近地点向远地点运动时，所处高度增加，重力势能增加，但运动的速度减小，动能减小；正是动能转化为了重力势能卫星在运行过程中，没有空气摩擦，所以没有能量消耗，满足机械能守恒规律故选B【点评】本题考查了卫星运行中的机械能转化与守恒，是最典型的机械能完全守恒的例子，是我们必须熟知的8如图所示是汽油机的四个冲程，其中属于使汽车获得动力的冲程是（）ABCD【考点】内燃机的四个冲程【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，在内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能，在此冲程汽车获得动力【解答】解：A、进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，属于排气冲程，不符合题意；B、进气门关闭、排气门关闭，活塞向下运动，属于做功冲程，内能转化成机械能，使汽车获得动力，符合题意；C、进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程，不符合题意；D、进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程，不符合题意故选B【点评】本题考查了学生对内燃机四个冲程的掌握，辨别四个冲程主要从气门的开关和活塞的上下运动情况方面对比，难度不大9分析下列几种现象中温度变化的原因，其中一种与其它三种不同，它应该是（）A开啤酒瓶盖瞬间，瓶口的二氧化碳气体温度会降低B用打气筒打气，过了一会儿就感到筒身发热C夏天，用嘴向手背快速吹气，会感到凉意D化妆晶或杀虫剂之类的自动喷剂，当喷了一会儿，罐身温度会降低【考点】做功改变物体内能；汽化及汽化吸热的特点【分析】物体的温度变化，物体的内能就会变化，导致物体温度变化的原因有做功和热传递两种方式，热传递改变内能是内能转移的过程，做功改变内能是机械能和内能的转化过程【解答】解：A、开啤酒瓶盖瞬间，瓶内压缩气体膨胀做功，内能转化成机械能，内能减小，温度降低，属于做功改变物体的内能；B、打气筒打气时，筒内气体被压缩做功，内能增加，温度升高，机械能转化成内能，属于做功改变物体的内能；C、用嘴向手背快速吹气，空气流动加快，手上的汗液蒸发，蒸发吸热，所以会感到凉意，属于热传递改变物体的内能；D、自动喷剂喷洒液体时，瓶内气体对外做功，内能转化成机械能，内能减小，温度降低，属于做功改变物体的内能故选C【点评】本题的关键就是抓住导致物体温度变化的原因，存在内能转移的是热传递，存在内能转化的是做功10如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）ABCD【考点】滑轮（组）的机械效率【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式=100%判断出动滑轮的机械效率与物体重力G的关系【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大同时，物重增大，有用功逐渐增大，有用功占总功的比值在增大，所以机械效率逐渐增大，但由于摩擦也在增大，故机械效率与物体重力G的关系并不成正比，故A正确符合题意故选：A【点评】本题考查了使用动滑轮时机械效率的计算，要知道提升物重大小对机械效率的影响（同一滑轮组，机械效率随物重的增大而增大）11如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（）A受到的弹力始终不变B运动过程动能一直增大C运动过程机械能不变D在b点时重力等于弹力【考点】动能和势能的大小变化【分析】由图象可知，小球速度先变大，后变小弹簧发生形变从而产生弹力，弹力的大小与弹簧的弹性形变程度有关机械能是动能和势能的统称，动能与物体的质量和速度有关；在运动过程中小球受重力与弹簧的弹力，当两力大小相等时，小球速度最大，此时弹力与重力是一对平衡力【解答】解：A、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，弹簧形变程度逐渐变大，所以小球受到弹力也逐渐变大，故A错误；B、由图象可知，小球速度先变大，后变小小球质量不变，所以小球动能先变大，后变小，故B错误；C、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧此过程中小球的机械能转化为弹簧的弹性势能，所以小球的机械能变小，故C错误；D、在小球向下运动过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力开始时，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当弹力与重力相等时，两力是一对平衡力，合力为零小球再向下运动，弹力大于重力，合力向上，小球速度减小由此可见，当重力G与弹力F是一对平衡力时，小球速度最大，故D正确故选D【点评】本题考查了弹力、动能和能量转化以及运动和力关系等问题解题的关键要读懂图，由图获取弹簧压缩量，小球速度变化的信息分析小球的运动过程，分析弹力的变化情况12两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示根据图线可知（）A甲液体的比热容大于乙液体的比热容B如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同C加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量D加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多【考点】比热容的概念；热量的计算【分析】A、在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多，根据公式Q吸=cm（tt0）得出比热容的关系；B、在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多；C、用同一热源加热，相同的加热时间，甲乙液体吸收的热量就是相同的；D、在横轴上找一点，保证加热时间相同；过这点做纵轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做横轴的平行线，与纵轴上有交点，比较甲乙升高温度的关系【解答】解：A、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，吸收的热量更多，根据公式Q吸=cm（tt0），质量、升高的温度一定时，吸收的热量和物质的比热容成正比，甲吸收的热量多说明甲的比热容大，所以A是正确的；B、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，吸收的热量更多，所以B是错误的；C、同一热源加热，相同的时间内甲乙两种液体吸收的热量就是相同的，所以C是错误的；D、根据下面的图象可知：质量相同的甲乙两种液体加热相同的时间，乙的温度升高值更大，所以D是错误的图象如下：故选A【点评】此题主要考查的是我们对于图象的分析能力，图象的分析是初中学生必须掌握的一种能力；近几年的中考，图象分析题的比例是越来越大，这类题要引起注意二、填空题13一台功率为40kw的抽水机，机械效率为60%，如果要把河水抽到5m高的地方，则每小时抽水机做的总功是1.44108J，其中有用功是8.64107J，所抽水的质量是1.728106kg【考点】功的计算；重力的计算；有用功和额外功；功率计算公式的应用【分析】根据抽水机的功率，利用P=的变形式可求出每小时抽水机做的总功；再根据机械效率为60%，利用=100%可求得有用功，再利用W有用=Gh求得G，然后利用m=即可求出所抽水的质量【解答】解：由P=得W=Pt=40103W3600s=1.44108J；由=100%得，W有用=W总=1.44108J60%=8.64107J；由W有用=Gh得G=1.728107N；m=1.728106kg故答案为：1.44108；8.64107J；1.728106【点评】此题涉及到的知识积淀较多，综合性强，解答此题的关键是学生熟练掌握几个公式的变形，例如由P=得W=Pt，由=100%得W有用=W总等14一位同学用棒挑着重物扛在肩上行走，如图所示，他胳膊所用的力大于物重（选填“大于”、“小于”或“等于”），要使胳膊所用的力减小些，可采用的办法是将重物靠近肩膀（选填“远离”或“靠近”），或者是将手更加远离肩膀（选填“远离”或“靠近”）【考点】杠杆的分类【分析】（1）此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力（2）根据杠杆平衡条件，阻力不变，阻力臂变小，在动力臂不变时，动力变小；阻力和阻力臂不变时，动力臂变大，动力也会变小【解答】解：由图可知，挑着重物的棒是杠杆，支点在肩上，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，所以动力大于阻力；根据杠杆平衡条件，要使胳膊所用的力减小些，重物重力不变，可减小阻力臂，采用的办法是将重物靠近肩膀；也可增大动力臂，将手更加远离肩膀故答案为：大于；靠近；远离【点评】（1）判断杠杆的类型，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆（2）根据杠杆平衡条件可判断省力情况15如图所示，快速压下空气压缩引火仪活塞，可观察到棉花着火此过程中里面气体的内能增大（填“增大”“减小”或“不变”），通过该实验可以得到的结论是做功可以改变内能，此过程与四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同某台汽油机飞轮的转速为2400r/min，在1min内，汽油机完成1200个工作循环，对外做功1200次【考点】做功改变物体内能；有关热机的计算【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；四冲程汽油机的飞轮转速为2400r/min，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1min完成1200个工作循环故答案为：棉花着火；增大；做功可以改变内能；压缩；1200；1200【点评】根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化）；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题16如图所示，小强在30s内用滑轮组将物体A沿水平地面匀速移动6m，已知物体A重为800N，它受到的摩擦力为60N，小强所用拉力为25N，则A的重力做功为0J，拉力的功率为15W，此滑轮组的机械效率为80%【考点】功的计算；机械效率的计算；功率的计算【分析】（1）做功的两个条件，首先判断重力和拉力是否做功，然后利用功的计算公式进行计算（2）知道拉力和运动的距离，根据W=Fs求出拉力做功多少，知道功的大小和时间，根据P=求出功率（3）知道滑动摩擦力，根据W=fs求出有用功，根据机械效率公式求出机械效率【解答】解：（1）重力为800N的物体，在水平面上匀速前进6m，虽然有力，也有距离，但FS，所以没做功，即A的重力做功为0J（2）因重物有3段绳子承担，故s=3h=36m=18m，W=Fs=25N18m=450J，拉力的功率P=15W，（3）克服滑动摩擦力做的有用功为：W=fs=60N6m=360J滑轮组的机械效率：=100%=100%=80%故答案为：0；15；80%【点评】本题考查水平使用滑轮组拉力的计算，有两处关键的地方，一是滑轮组水平使用克服的是摩擦力，故题目已知物体重力是个干扰条件；二是对动滑轮上绳子段数n的判断17如图所示，a、b为竖直向上抛出的小石块在上升过程中动能和重力势能随高度变化的两条图线（不计空气阻力），其中a是动能高度关系图线，小石块达到的最大高度为4m，小石块在最高点时的机械能为2J【考点】动能和势能的大小变化；机械能【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能，只考虑重力势能【解答】解：如图，横坐标代表的小石块上升的高度，纵坐标代表的是能量（1）小石块上升时质量保持不变b图象表示，高度越高，能量越大，所以b图象代表：高度重力势能的关系（2）不计空气阻力，小石块上升时，动能全部转化为重力势能，动能减小，重力势能增大所以a图象代表：高度动能的关系（3）如图，小石块到达的最大高度是4m动能=0J，重力势能=2J，机械能=动能+势能=0J+2J=2J故答案为：a；4m；2【点评】（1）掌握动能和重力势能大小的影响因素，根据图象能确定动能和势能的大小（2）根据 机械能=动能+势能 计算机械能的大小18美国正在实验助推火箭无损回收技术：火箭将飞船推送至一定高度；箭船分离，火箭停止喷火、落向地面；接近地面时，火箭再次消耗燃料、向下喷火，并以2m/s的速度匀速下降，如图所示匀速下降时，火箭的动能变小（变小/不变/变大），重力势能变小（变小/不变/变大）【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：火箭匀速下降时，再次消耗燃料，所以火箭的质量减小、速度不变，动能变小；质量减小、高度减小，重力势能变小故答案为：变小；变小【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能、弹性势能的变化19中国南海海底探明有大量的“可燃冰”，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2l08J，可以使2500kg的水从20加热至60q煤气=4.2l07J/Kg，水的比热容c=4.2103J/（kg）【考点】热平衡方程的应用【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，据此回答；（2）利用Q放=mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量；由题知，Q吸=Q放，而Q吸=cmt，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量【解答】解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放=mq煤气=1kg4.2l07J/kg=4.2l07J，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放=Q放10=4.2l07J10=4.2l08J；由题知，Q吸=Q放=4.2l08J，由Q吸=cmt得，水的质量：m=2500kg故答案为：热值；4.2108；2500【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大20如图所示的四种情景中：（1）如图（a）是子弹射穿木板的情景，表明运动的子弹具有动能（2）仔细观察如图（b）中的实验，图中滑轮的特点是能省一半力（3）如图（c）所示，其他条件不变，若卡片上的二个卡口之间的间隔越小，则卡片会跳得越低（选填“高”或“低”）（4）（d）图所示的是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是弹性势能转化为动能【考点】动能和势能的概念；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；动能和势能的转化与守恒【分析】（1）运动的物体具有动能，动能大小与速度和质量有关；（2）定滑轮不省力只能改变力的方向，动滑轮省一半的力，但是不能改变力的方向（3）将卡片压平后，卡口之间的橡皮筋被拉伸，发生弹性形变，具有弹性势能松手后，橡皮筋恢复，将弹性势能转化为动能，卡片就会跳起在上升的过程中，卡片的动能又转化成重力势能；（4）动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度【解答】解：（1）图示的是子弹射穿木板的情景，子弹高速运动，说明子弹具有动能；（2）图示的是动滑轮，从弹簧测力计的示数变化可以看出，动滑轮能够省一半的力；（3）若两个卡口之间的间隔越小，卡片压平后橡皮筋发生弹性形变的程度就越小，则橡皮筋具有的弹性势能就越小，当然最终转化成卡片的能量就越小，卡片会跳得低一些；（4）魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能故答案为：（1）动；（2）能省一半力；（3）低；（4）弹性势；动【点评】本题考查了动能以及动滑轮的特点、能的转化，属于基础知识的考查，比较简单三、解答题（共48分）21如图甲所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图乙为单侧钳柄及相连部分示意图请在图乙中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2（F2沿竖直方向）【考点】力臂的画法；力的示意图【分析】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂【解答】解：由图可见，当用力F1时，钳子将沿顺时针方向转动，所以阻力方向向下；从支点向动力作用线做垂线，垂线段的长度即为动力臂如下图所示：【点评】作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离22如图甲所示，曲杆AOBC自重不计，O为支点，AO=60cm，OB=40cm，BC=30cm，要使曲杆在图示位置平衡，请作出最小的力F的示意图及其力臂L【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法【分析】杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂（F1l1=F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，由此分析解答【解答】解：根据杠杆平衡的条件可知，力臂越长越省力，因为OB=40cm，BC=30cm，所以OC=50cm，而OA=60cm，故OA作为力臂最长，所以过A点作垂直于OA的有向线段，方向向上，即为最小的力F的示意图如图所示：【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论23如图所示，一个站在地面上的工人利用滑轮组将重物G提起，请画出滑轮组的绕线【考点】滑轮组的设计与组装【分析】省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果，要使绳子向下拉动则应从定滑轮开始绕线【解答】解：要站在地面上用一个滑轮组提升重物则从定滑轮绕线如图所示：【点评】滑轮组设计原则可归纳为：奇动偶定；一动配一定，偶数减一定，变向加一定24小明用如图所示的滑轮组将一个重为120N的物体匀速提升2m，所用的拉力为50N，时间为10s，（不计绳重和摩擦）求：（1）求此过程中的有用功；（2）求拉力所做的功率；（3）求滑轮组的机械效率；（4）若仍用该滑轮组提升另一个重为170N的物体，求此时滑轮组的机械效率为多少？【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）已知拉力的大小和动滑轮上绳子的段数以及物体升高的高度，根据公式W=Gh可求有用功（2）利用公式P=求拉力所做的功率（3）已知物体的重力和物体升高的高度，根据公式W=Gh可求克服物体重力做的有用功，有用功和总功的比值就是滑轮组的机械效率（4）滑轮组不变，说明所做的额外功不变，额外功就是克服动滑轮重力做的功，根据机械效率公式=100%可求当物体重力变化时滑轮组的机械效率【解答】解：（1）此过程中的有用功为W有用=Gh=120N2m=240J，（2）拉力所做的功W总=Fs=3Fh=350N2m=300J，拉力所做的功率为P=30W（3）滑轮组的机械效率=100%=100%=80%；（4）做的额外功W额=W总W有用=300J240J=60J，有用功为W有用=Gh=170N2m=340J，总功为W总=W有用+W额=340J+60J=400J，滑轮组的机械效率为=100%=100%=85%答：（1）此过程中的有用功为240J（2）拉力的功率为30W（3）滑轮组的机械效率为80%（4）若仍用该滑轮组提升另一个重为170N的物体，此时滑轮组的机械效率为85%【点评】本题考查总功、有用功、机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是知道动滑轮上绳子的段数25太阳能热水器不用电、不烧气，利用太阳能，无任何污染，属于绿色环保产品小明家屋顶上有一台太阳能热水器（如图），水箱容量为120L求：（1）假如热水器接收到的太阳能有50%转化为水的内能，则使一箱水温度从20升高到70，需要接收多少太阳能？（2）若使用液化石油气给水加热时，液化石油气完全燃烧放热的70%被水吸收，则在使用太阳能热水器后，使同样多的水升高相同的温度，可节约液化石油气多少kg？g取10N/Kg，液化石油气的热值为8.0107J/kg、水的比热容为4.2103J/（kg），水的密度为1.0103kg/m3【考点】太阳能热水器中的热量计算【分析】（1）水箱装满水时，水的体积和水箱的容量相等，根据m=V求出水箱最多能水的质量；知道水的比热容、质量和温度的变化，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量，热水器接收到的太阳能有50%转化为水的内能，可利用公式Q=求出接收的太阳能；（2）使同样多的水升高相同的温度，从而可以知道水吸收的热量，而液化石油气完全燃烧放出的热量70%被水吸收，可利用公式Q放=求出液化石油气完全燃烧放出的热量，再利用公式Q放=mq求出节约液化石油气的质量【解答】解：（1）由=可得，水的质量：m=V=1.0103kg/m3 120103m3=120kg，水吸收的热量为：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）120kg（7020）=2.52107J，因热水器接收到的太阳能有50%转化为水的内能，所以，接收的太阳能：Q=5.04107J；（2）因液化石油气完全燃烧放出的热量70%被水吸收，所以，液化石油气完全燃烧放出的热量为：Q放=3.6107J，由Q放=mq可得，液化石油气的质量为：m=0.45kg答：（1）需要接收的太阳能为5.04107J；（2）节约液化石油气的质量0.45kg【点评】本题考查了学生对密度公式、吸热公式、效率公式的掌握和运用，计算时注意单位统一，虽然120L水和120kg水的量相等，但不能写成120L=120kg！26小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中，（1）杠杆平衡后，小明在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡（2）如果再在A、B两处各加挂一个钩码，杠杆的左（选填“左”或“右”）端将会下沉此后，小红又经过多次实验，得出的杠杆的平衡条件是动力动力臂=阻力阻力臂（3）他改用弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉，若每个钩码重1N当杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数将大于（选填“大于”、“等于”或“小于”）1N理由是测力计拉力的力臂小于4格（4）实验中，用如图丙所示的方式悬挂钩码，杠杆也能水平平衡（杠杆上每格等距），但老师却往往提醒大家不要采用这种方式这主要是因为该种方式DA一个人无法独立操作 B需要使用太多的钩码C力臂与杠杆不重合 D力和力臂数目过多（5）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力支点到动力作用点的距离=阻力支点到阻力作用点的距离”这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中BA没有改变力的大小 B没有改变力的方向C没有改变力的作用点 D实验次数较少，结论具有偶然性【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆自身有重力，实验前先要调节杠杆两端的平衡螺母，使其在水平位置平衡，这是为了便于从杠杆上测量出力臂的长度；根据杠杆的平衡条件“动力动力臂=阻力阻力臂”可知在B位置挂钩码的个数；（2）根据杠杆的平衡条件来判断各增加一个钩码后的情况；（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案；（4）研究杠杆的平衡，需要有动力和阻力但力多了增加了难度，且不易得出结论来；（5）从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂【解答】解：（1）杠杆只有在水平位置平衡时，杠杆本身才与竖直方向下的重力方向垂直，此时的力臂正好在杠杆上，测量起来非常方便，同时，杠杆自身重力作用线过支点，还可以消除杠杆重力对杠杆平衡的影响；设每只钩码的重力G，杠杆每一格的长度为L，由杠杆的平衡条件可得2G2L=nGL，解得n=4，所以应在杠杆b处应挂的钩码数是4个；（2）各增加一个钩码后，左侧：（2+1）G2L=6GL，右侧：（4+1）GL=