2022高考物理 刷题增分：选择题仿真2022Ⅲ卷高考模拟演练（含解析）4

选择题仿真2021卷高考模拟演练二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14如下列图，一个有弹性的金属圆环用一根橡皮绳吊于通电直导线的正下方，直导线与圆环在同一竖直面内，当通电直导线中电流增大时，弹性圆环的面积S和橡皮绳的长度l将()AS增大，l变长BS减小，l变短CS增大，l变短DS减小，l变长解析当通电直导线中电流增大时，穿过金属圆环的磁通量增大，金属圆环中产生感应电流，根据楞次定律，感应电流产生的效果要阻碍磁通量的增大，一是用缩小面积的方式进行阻碍，二是用远离直导线的方式进行阻碍，选项D正确。答案D15(2021山东菏泽模拟)2021年4月，“天宫一号完成其历史使命，离开运行轨道，进入大气层，最终其主体局部会在大气层中完全烧毁。在燃烧前，由于稀薄空气阻力的影响，“天宫一号的运行半径逐渐减小。在此过程中，以下关于“天宫一号的说法中正确的选项是()A运行速率逐渐减小，机械能逐渐增大B运行周期逐渐减小，机械能逐渐增大C运行速率逐渐增大，机械能逐渐减小D运行周期逐渐增大，机械能逐渐减小解析根据Gmmr得，v，T，轨道半径减小，那么速率增大，周期减小，由于空气阻力做功，根据功能关系知，机械能减小，选项A、B、D错误，C正确。答案C16如下列图，两斜面体A、B叠放在水平地面上，连接斜面体A与天花板的轻弹簧沿竖直方向，两斜面体A、B均处于静止状态。关于斜面体A和B的受力情况，以下说法正确的选项是()A斜面体A一定受两个力B斜面体A可能受三个力C斜面体B一定受四个力D斜面体B可能受五个力解析斜面体A处于平衡状态，可能只受弹簧拉力和重力，此时斜面体A、B间没有相互挤压不存在摩擦力，斜面体A只受两个力，斜面体B也只受两个力，C项错误；假设弹簧弹力为零，对斜面体A进行受力分析，斜面体A受重力、斜面体B对斜面体A的支持力和摩擦力，处于平衡，斜面体A受三个力，A项错误，B项正确；对斜面体A、B整体分析，不管弹簧弹力有无，只受坚直方向的外力，斜面体B与地面间不会存在摩擦力，斜面体B可能受两个力或四个力，不可能受五个力，D项错误。答案B17一个小球从足够高处水平抛出，空气阻力忽略不计，小球抛出后的动能随时间变化的关系为Ek250t2(J)，重力加速度g取10 m/s2，那么()A小球的初速度为4 m/sB小球的质量为0.5 kgC2 s末小球的水平位移为2 mD2 s末小球的速度约为20.1 m/s解析由动能定理得EkEk0mghmggt2，那么EkEk0mggt2，与Ek250t2(J)比照可知，m1 kg，初动能为Ek02 Jmv，所以v02 m/s，选项A、B错误；2 s内水平位移xvt4 m，选项C错误；2 s末的动能Ek202 Jmv2，解得v20.1 m/s，选项D正确。答案D18如下列图，一质量为m、带电荷量为q的粒子以速度v垂直射入一有界匀强磁场区域内，速度方向跟磁场左边界垂直，从右边界离开磁场时速度方向偏转角30，磁场区域的宽度为d，那么以下说法正确的选项是()A该粒子带正电B磁感应强度BC粒子在磁场中做圆周运动的半径RdD粒子在磁场中运动的时间t解析由左手定那么可判断，该粒子带负电，A错误；分别作出入射方向和出射方向的垂线，交点为圆周运动的圆心O，由几何关系可得，圆心角30，半径R2d，C错误；由洛伦兹力提供向心力，有qvBm，得R，将R2d代入可得B，B错误；粒子做圆周运动的周期T，将B代入可得T，那么运动时间tT，D正确。答案D19有一个铜盘，轻轻拨动它，能长时间地绕轴自由转动。如果在铜盘转动时把条形磁铁的磁极放在铜盘边缘，但并不与铜盘接触，如下列图。以下说法正确的选项是()A铜盘中既有感应电动势，又有感应电流B铜盘的转动不受铁磁影响C铜盘受到磁铁影响将越转越慢D铜盘受到磁铁影响将越转越快解析根据法拉第电磁感应定律及楞次定律可知，铜盘转动时，盘中会产生感应电动势，有感应电流，使铜盘受到安培力的作用，即受到阻尼的作用，铜盘的机械能转化为电能，进而转化为焦耳热，因此铜盘将越转越慢，直到停下，选项A、C正确。答案AC20(2021云南昆明检测)如图甲所示，质量mA1 kg，mB2 kg的A、B两物块叠放在一起静止于粗糙水平地面上。t0时刻，一水平恒力F作用在物块B上，t1 s时刻，撤去F，B物块运动的速度时间图像如图乙所示，假设整个过程中A、B始终保持相对静止，那么以下说法正确的选项是()A物块B与地面间的动摩擦因数为0.2B13 s内物块A不受摩擦力作用C01 s内物块B对A的摩擦力大小为4 ND水平恒力的大小为12 N解析在vt图像中图线的斜率大小等于物块运动的加速度大小，那么a14 m/s2，a22 m/s2，对两物块受力分析，由牛顿第二定律可得：F(mAmB)g(mAmB)a1，(mAmB)g(mAmB)a2，解得：0.2，F18 N，选项A正确，选项D错误；13 s内两物块一起运动，物块A也具有水平向左的加速度，对其受力分析，可知：B对A施加了水平向左的静摩擦力，选项B错误；同理在01 s内物块A也具有水平向右的加速度，对其受力分析，可知：B对A施加了水平向右的静摩擦力，由牛顿第二定律可得：FfmAa14 N，选项C正确。答案AC21如下列图，一质量为m、电荷量为q的离子静止于A处，经电压为U的加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，静电分析器通道内有均匀辐向分布的电场，方向如图中所示，圆弧虚线的半径为R。离子经过静电分析器后从B点垂直CN进入存在匀强电场的矩形区域，矩形区域中电场方向水平向左，离子从边界MN射出电场，且出电场时与边界MN成45角。B点到边界MN的距离为d，不计离子的重力，那么以下说法正确的选项是()A离子到达B点时的速度大小为B离子到达边界MN时的速度大小为2C矩形区域中场强的大小为DB点与边界MN间的电势差为U解析离子在加速电场中加速，由动能定理得qUmv0，解得v0，离子进入静电分析器后做匀速圆周运动，所以到达B点时的速度大小仍为v0，A项正确；离子到达边界MN时的速度大小为vv02，B项错误；离子在矩形区域电场中做类平抛运动，水平方向做匀加速运动，出电场时水平方向速度设为vx，且离子出电场时速度方向与边界MN成45角，故有vxv0，v2ad，由牛顿第二定律得qEma，联立解得E，C项错误；B点与边界MN间的电势差为UBNEdU，D项正确。答案AD6