北京海淀区2012高三物理零模练习(含答案)

13下列说法中正确的是（）C A粒子散射实验的现象表明原子核有复杂结构B天然放射现象表明原子核是由质子和中子组成的C 射线是波长很短的电磁波，它的贯穿能力很强D一群处于 n=3 状态的氢原子向较低能级跃迁时，只能辐射出两种不同频率的光子14如图所示，一细光束通过玻璃三棱镜折射后分成a 和 b 两束单色光，用光束 b 照射金属 A 的表面可以发射出光电子。由上述现象可知（）D A玻璃对单色光a 的折射率大于对单色光b 的折射率B单色光a 在真空中的传播速度小于单色光b 在真空中的传播速度C用光束a 照射金属A 表面时，一定能发射出光电子D光速 a、b 分别通过两个完全相同的双缝干涉装置后，单色光a 在屏幕上形成的条纹间距大于单色光b 在屏幕上形成的条纹间距15如图所示，理想变压器的原线圈匝数n11600 匝，副线圈匝数n2800 匝，交流电源的电动势瞬时值e=2202sin(100t)V，交流电表A 和V 的内阻对电路的影响可忽略不计。则（）A A当可变电阻R 的阻值为 110时，变压器的输入功率为110W B当可变电阻R 的阻值为 110时，电流表A 的示数为2A C当可变电阻R 的阻值增大时，电压表V 的示数增大D通过可变电阻R 的交变电流的频率为100Hz 16在均匀固体介质中有两个处于同一水平直线上、相距 6.0m 的振源 A 和 B。t=0 时刻A、B 同时开始沿竖直方向振动，图甲、乙分别是A、B 的振动图象。t=0.30 s 时由 A、B 激发的两列波的振动同时传播到与A、B 位于同一水平直线、且到它们距离相等的中点C。则（）B A两列波的传播速率均为20 m/s B两列波的波长均为2.0 m C在两列波叠加的过程中，C 点为振动加强的点D在两列波叠加的过程中，C 位置质点的振幅为20 cm 17如图所示，位于竖直面内的矩形区域内，存在相互正交且恒定的匀强电场和匀强磁场，其中磁场方向垂直于矩形平面，一束带电粒子以相同的水平初速度由A 点进入这个区域沿直线运动，从C 点离开场区。如果这个区域只保留原来的电场，这束粒子将从B 点离开场区；如果这个区域只保留原来的磁场，这束粒子将从D 点离开场区。设粒子从C 点、B点、D 点射出时的动能分别为Ek1、Ek2、Ek3，从 A 点到 C 点、B 点、D点所用的时间分别为t1、t2、t3，不计空气阻力、粒子之间的相互作用力及其所受的重力。则（）D AEk1=Ek2=Ek3 B Ek1Ek2=Ek3 Ct1t2=t3Dt1=t210）个相同的小物块（可视为质点）静止在倾角为的倾斜轨道上，物块与轨道间的动摩擦因数均为。每个物块的质量均为m，相邻物块间的距离均为l，最下端的物块到轨道底端的距离也为l。使第1 个物块以某一初速度v0沿轨道开始下滑，在每次发生碰撞时物块都立即粘合在一起运动，最后n 个物块粘在一起后恰好停在轨道的底端。已知空气阻力可忽略不计，重力加速度为g。（1）求第一次碰撞前瞬间小物块1 的速度 v1的大小；（2）设第 5 次碰撞前的瞬间运动物块的动能为Ek5，第 5 次碰撞过程中系统损失的机械能为 E损5，求 E损5和 Ek5的比值；（3）求下滑的整个过程中由于相互碰撞而损失的机械能。l 1 2 3 n n-1 图l l l 24（20 分）（1）对于物块1 下滑 l 的过程，由动能定理得20212121cossinmvmvmglmgl（3 分）得)cos(sin2201glvv（1 分）（2）设第 5 次碰撞前，5 个物块一起运动的速度大小为v5，对第 5 次碰撞，由动量守恒定律有55)5(5vmmmv（2 分）碰撞前运动物块的动能为Ek5=25521mv（2 分）碰撞过程中系统损失的机械能为E损5=2525621521vmmv（2 分）解得 E损5/Ek5=1/6（2 分）（3）对 n 个木块运动和碰撞的全过程重力做的总功(1)sin(1 23)sin2Gn nWmglnmgl（2 分）克服摩擦做的总功(1)cos(123)cos2fn nWmglnmgl（2 分）设整个过程中由于相互碰撞而损失的机械能为E损总，则根据做功与能量变化的关系有损总EWmvWfG2021（2 分）由以上各式求出)cos(sin2)1(2120mglnnmvE损总（2 分）高三理综适应性训练（物理学科）参考答案与评分标准2012-3-16 13C 14D 15A 16B 17D 18C 19D 20B 21（18 分）（1）（6 分）刻度尺（3 分）；ABC（3 分）（说明：选对但不全的得2 分，有选错的得 0 分）（2）（12 分）B；大于；900；D（每小题3 分）22（16 分）（1）小球受到重力mg、电场力F 和绳的拉力T 的作用，由共点力平衡条件F=qE=mgtan（2分）解得q=mgtan/E=1.0 10-6 C（2 分）电场力的方向与电场强度的方向相同，故小球所带电荷为正电荷（2 分）（2）剪断细线后，小球做匀加速直线运动，设其加速度为a，由牛顿第二定律cosmg=ma（3 分）解得a=cosg=12.5 m/s2（2 分）（3）在 t=0.20 s 的时间内，小球的位移为l=221at=0.25 m（2 分）小球运动过程中，电场力做的功W=qElsin=mg l sintan=4.5 10-3 J（2 分）所以小球电势能的变化量（减少量）Ep=4.5 10-3 J（1 分）23（18 分）（1）设地球的质量为M，“北斗一号”卫星的质量为m，其轨道高度为h，根据牛顿第二定律和万有引力定律)(4)(222hRTmhRMmG（3 分）对地面上质量为m0的物体gmRMmG020（3 分）联立上述二式，可解得：h=RTgR32224（2 分）（2）设用户S 的坐标为(x，y)，根据题意及几何关系，有2122)()0()(ctyLx（2 分）2222)()0()(ctyLx（2 分）解得 S 的位置坐标为（Lttc4)(22212，2222122124)(LLttctc）（2 分）或（Lttc4)(22212，222212222-4)(LLttctc）还需要测出并提供用户所在位置的高度。（4 分）（答“纬度”同样给分）24（20 分）（1）对于物块1 下滑 l 的过程，由动能定理得20212121cossinmvmvmglmgl（3 分）得)cos(sin2201glvv（1 分）（2）设第 5 次碰撞前，5 个物块一起运动的速度大小为v5，对第 5 次碰撞，由动量守恒定律有55)5(5vmmmv（2 分）碰撞前运动物块的动能为Ek5=25521mv（2 分）碰撞过程中系统损失的机械能为E损5=2525621521vmmv（2 分）解得E损5/Ek5=1/6（2 分）（3）对 n 个木块运动和碰撞的全过程重力做的总功(1)sin(1 23)sin2Gn nWmglnmgl（2 分）克服摩擦做的总功(1)cos(123)cos2fn nWmglnmgl（2 分）设整个过程中由于相互碰撞而损失的机械能为E损总，则根据做功与能量变化的关系有损总EWmvWfG2021（2 分）由以上各式求出)cos(sin2)1(2120mglnnmvE损总（2 分）