【优化方案】2020高考物理总复习 第10章 实验十三把电流表改装为电压表知能优化演练 大纲人教版

把电流表改装为电压表 1(2020年南京一模)如图1057所示，R1、R2是两定值电阻，R1的阻值很小，R2的阻值很大；G是一灵敏电流计，S1、S2为开关，下列判断正确的是()A只闭合S1时，M、N间是一个电压表BS1、S2都闭合时，M、N间是一个电流表C只闭合S1，M、N间是一个电流表DS1、S2都断开时，M、N间是一个电流表 图1057解析：选B.电流表改装成电压表时，要串联上一个较大的电阻；改装成电流表时，必须并联上一个较小的电阻所以分析本题，只闭合S1时，即不能成为电流表也不能成为电压表，所以选项A、C是错误的两个开关都断开时，应该是一个电压表，所以选项D错两个开关都闭合则是一个电流表，所以选项B正确2两个电压表V1和V2是完全相同的两个电流表改装的，V1量程是5 V，V2量程是15 V，为了测15 V20 V电压，我们把V1和V2串联起来用，以下叙述正确的是()AV1、V2的读数相同BV1、V2指针偏转角度相等CV1、V2读数不同，指针偏转角也不同DV1、V2读数之比等于两电压表内阻之比解析：选BD.电表指针的偏角是由流过表头的电流大小决定的，电压表读数是由其两端的电压大小决定的3在采用“半偏法”来测量电流表的内阻时，准备了6 V蓄电池和一节干电池；4.7 k电位器和470 k电位器为了减小实验误差，应选用下列各组器材中的()AR1应选用4.7 k电位器，而电源应选用6 V蓄电池BR1应选用470 k电位器，而电源应选用干电池CR1应选用4.7 k电位器，而电源应选用干电池DR1应选用470 k电位器，而电源应选用6 V蓄电池解析：选D.在用“半偏法”测电流表内阻的电路中，电源电动势越大，同时又要使电流表达到满偏的情况下，则电路中总电阻就越大当闭合支路上的电键后，电路中的电流所受影响越小，“半偏法”测得的电流表电阻越接近真实值，所以B、C错误，而电源电动势大，又必须使R1的阻值大才能满足实验要求，所以D对A错图10584如图1058所示，将一个改装的电流表接入电路进行校准，发现待测表的读数比标准表的读数偏大一些若表头G的Ig是准确的，出现的误差可能是因为()rg的测量值比真实值偏大rg的测量值比真实值偏小并联的R并比公式R并计算出的R并小并联的R并比公式R并计算出的R并大ABC D解析：选C.待测电流表读数偏大，说明并联的分流电阻R并阻值偏大由于Igrg(IIg)R并，所以R并，可见，rg测量值比真实值大时，按该式求出的R并值偏大同样，在rg测定准确的情况下，实际并联的R并比应该并联阻值偏大，也会使待测电流表读数偏大5(2020年高考北京理综卷)某同学要将另一个电流计G改装成直流电压表，但他仅借到一块标准电压表V0、一个电池组E、一个滑动变阻器R和几个待用的阻值准确的定值电阻(1)该同学从上述具体条件出发，先将待改装的表G直接与一个定值电阻R相连接，组成一个电压表；然后用标准电压表V0校准请你画完图1059方框中的校准电路图图1059(2)实验中，当定值电阻R选用17.0 k时，调整滑动变阻器R的阻值，电压表V0的示数是4.0 V时，表G的指针恰好指到满量程的五分之二；当R选用7.0 k时，调整R的阻值，电压表V0的示数是2.0 V时，表G的指针又指到满量程的五分之二由此可以判定，表G的内阻rg是_k，满偏电流Ig是_mA.若要将表G改装为量程是15 V的电压表，应配备一个_k的电阻解析：(1)电路图见答案(2)设电流计量程为Ig.由题意知：当R为17.0 k时有Ig(17.0rg)4 V；当R为7.0 k时有Ig(7.0rg)2 V两式联立得rg3.0 k，Ig0.50 mA.若要改装成量程为15 V的电压表，串联电阻阻值Rrg(3000)27.0 k.答案：(1)如下图所示(2)3.00.5027.06.图10510在“电流表改装为电压表”的实验中，需要利用如图10510所示的电路测定电流表的内阻，步骤如下：接通S1，调节R1，使电流表指针偏转到满刻度；再接通S2，调节R2，使电流表指针偏转到满刻度的一半；读出R2的阻值，即认为rgR2.已知电流表满偏电流为500 A，其内阻约在100 左右，实验室配有的可变电阻有：A电阻箱(010 )B电阻箱(09 999 )C滑动变阻器(0200 )D滑动变阻器(020 k)(1)电路图中R1应选_，R2应选_(2)若上述实验中，读得R2的阻值为100 ，则电流表内阻的测量值和真实值相比_(选填“偏大”或“偏小”)(3)若将此电流表改装成量程为3 V的电压表，应_联一个阻值为_的电阻解析：(1)实验时要求R1RG，所以R1应选D；R2要求能直接读数且大于G内阻，故选B.(2)S2接通后使电路外电压减小，总电流增大，R2上流过的电流大于G的半偏电流，故测量值比真实值偏小(3)3 V500 A(100 R)，解得R5900 .答案：(1)DB(2)偏小(3)串59007.图10511(2020年高考全国卷)一电流表的量程标定不准确，某同学利用图10511所示电路测量该电流表的实际量程Im.所用器材有：量程不准的电流表A1，内阻r110.0 ，量程标称为5.0 mA；标准电流表A2，内阻r245.0 ，量程1.0 mA；标准电阻R1，阻值10.0 ；滑动变阻器R，总电阻约为300.0 ；电源E，电动势3.0 V，内阻不计；保护电阻R2；开关S；导线回答下列问题：(1)在图10512所示的实物图上画出连线图10512(2)开关S闭合前，滑动变阻器的滑动端c应滑动至_端(3)开关S闭合后，调节滑动变阻器的滑动端，使电流表A1满偏；若此时电流表A2的读数为I2，则A1的量程Im_.(4)若测量时，A1未调到满偏，两电流表的示数如图10513所示，从图中读出A1的示数I1_，A2的示数I2_；由读出的数据计算得Im_.(保留3位有效数字)图10513(5)写出一条提高测量准确度的建议：_.解析：(1)实物连线图如下图所示：(2)开关闭合前使接入电阻值最大，故滑动端应至b端若导线接到b端时就滑至a端后再闭合开关(3)结合电路结构，利用欧姆定律可得(4510)I210Im即Im5.5I2.(4)A1的分度值为0.1 mA，再估读一位，其结果为3.00 mA.A2的分度值为0.02 mA.再估读一位其结果为0.660 mA.据此数据可知I15.50.660 mA，所以ImI16.05 mA.(5)多次测量取平均值(其他合理答案也可；如：测量时电流表指针偏转大于满刻度的一半)答案：(1)见解析图(2)b(3)5.5I2(4)3.00 mA0.660 mA6.05 mA(5)见解析