2020高考数学二轮复习 专题限时集训(十五)圆锥曲线的定义、方程与性质配套作业 理（解析版新课标）

专题限时集训(十五) 第15讲圆锥曲线的定义、方程与性质(时间：45分钟) 1已知双曲线1(m0)的右焦点与抛物线y212x的焦点相同，则此双曲线的离心率为()A6 B. C. D.2已知椭圆1的离心率e，则m的值为()A3 B.或 C. D.或33已知双曲线x21的焦点为F1，F2，点M在双曲线上，且0，则点M到x轴的距离为()A. B. C. D.4过抛物线y24x的焦点作一条直线与抛物线交于A，B两点，它们到直线x2的距离之和等于5，则这样的直线()A有且仅有一条 B有且仅有两条C有无穷多条 D不存在5已知A1，A2分别为椭圆C：1(ab0)的左、右顶点，椭圆C上异于A1，A2的点P恒满足kPA1kPA2，则椭圆C的离心率为()A. B. C. D.6已知P点是以F1，F2为焦点的双曲线1上的一点，若0，tanPF1F22，则此双曲线的离心率等于()A. B5 C2 D37设F1，F2分别是椭圆E：x21(0bb0)与双曲线C2：x21有公共的焦点，C2的一条渐近线与以C1的长轴为直径的圆相交于A，B两点若C1恰好将线段AB三等分，则()Aa213 Ba2 Cb22 Db29已知焦点在x轴上的双曲线的渐近线方程是y4x，则该双曲线的离心率为_10短轴长为，离心率e的椭圆的两焦点为F1，F2，过F1作直线交椭圆于A，B两点，则ABF2的周长为_11F是抛物线x22y的焦点，A，B是抛物线上的两点，|AF|BF|6，则线段AB的中点到y轴的距离为_12已知点F(1，0)，直线l：x1，动点P到点F的距离等于它到直线l的距离(1)试判断点P的轨迹C的形状，并写出其方程；(2)是否存在过N(4，2)的直线m，使得直线m被截得的弦AB恰好被点N所平分？13已知椭圆1(ab0)的离心率为，椭圆上任意一点到右焦点F的距离的最大值为1.(1)求椭圆的方程；(2)已知点C(m，0)是线段OF上一个动点(O为坐标原点)，是否存在过点F且与x轴不垂直的直线l与椭圆交于A，B点，使|AC|BC|，并说明理由14如图151，椭圆1(ab0)的上、下顶点分别为A，B，已知点B在直线l：y1上，且椭圆的离心率e.(1)求椭圆的标准方程；(2)设P是椭圆上异于A，B的任意一点，PQy轴，Q为垂足，M为线段PQ的中点，直线AM交直线l于点C，N为线段BC的中点，求证：OMMN.图151专题限时集训(十五)【基础演练】1C解析 抛物线的焦点坐标为(3，0)，所以m259，解得m2，所以双曲线的离心率为.2D解析 当焦点在x轴上时，解得m3；当焦点在y轴上时，解得m.3B解析 方法1：根据已知得点M的轨迹方程为x2y23，与双曲线方程联立消掉x得y2，解得|y|，即为点M到x轴的距离方法2：设|m，|n，由得mn4，由SF1MF2mn|F1F2|d，解得d.故选B.4D解析 设点A(x1，y1)，B(x2，y2)因为A，B两点到直线x2的距离之和等于5，所以x12x225.所以x1x21.由抛物线的定义得|AB|x11x213.而过抛物线焦点弦的最小值(当弦ABx轴时，是最小焦点弦)为4，所以不存在满足条件的直线【提升训练】5D解析 设P(x0，y0)，则，化简得1，可以判断，e.6A解析 根据0，tanPF1F22，可得PF1F2为直角三角形且|PF2|2|PF1|，根据双曲线定义得|PF2|PF1|2a，由此得|PF1|2a，|PF2|4a，根据勾股定理(2a)2(4a)2(2c)2，由此得5，即e.7C解析 根据椭圆定义|AF1|AF2|2a2，|BF1|BF2|2a2，两式相加得|AF1|AF2|BF1|BF2|4，即(|AF1|BF1|)(|AF2|BF2|)4，而|AF1|BF1|AB|，|AF2|BF2|2|AB|，所以3|AB|4，即|AB|.8D解析 因为椭圆C1：1(ab0)与双曲线C2：x21有公共的焦点，所以c25，a2b25；取C2的一条渐近线l：y2x，设l与C1的交点为M，N，联立得(4a2b2)x2a2b20，则|MN|，因为C1恰好将线段AB三等分，所以|MN|，所以，a2，b2.9.解析 因为焦点在x轴上的双曲线的渐近线方程是y4x，所以b4a，c217a2，e.106解析 由题知即解得由椭圆的定义知ABF2的周长为4a46.11.解析 |AF|BF|6，由抛物线的定义即|AD|BE|6，又线段AB的中点到准线的距离为(|AD|BE|)3，抛物线的准线为y，所以线段AB的中点到y轴的距离为.12解：(1)因点P到点F的距离等于它到直线l的距离，所以点P的轨迹C是以F为焦点，直线x1为准线的抛物线，其方程为y24x.(2)方法1：假设存在满足题设的直线m.设直线m与轨迹C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，依题意，得当直线m的斜率不存在时，不合题意当直线m的斜率存在时，设直线m的方程为y2k(x4)，联立方程组消去y，得k2x2(8k24k4)x(24k)20，(*)x1x28，解得k1.此时，方程(*)为x28x40，其判别式大于零，存在满足题设的直线m.且直线m的方程为：y2x4，即xy20.方法2：假设存在满足题设的直线m.设直线m与轨迹C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，依题意，得易判断直线m不可能垂直于y轴，设直线m的方程为x4a(y2)，联立方程组消去x，得y24ay8a160，16(a1)2480，直线与轨迹C必相交又y1y24a4，a1.存在满足题设的直线m，且直线m的方程为：y2x4，即xy20.方法3：假设存在满足题设的直线m.设直线m与轨迹C交于A(x1，y1)，B(x2，y2)，依题意，得A(x1，y1)，B(x2，y2)在轨迹C上，有将，得yy4(x1x2)当x1x2时，弦AB的中点不是N，不合题意，1，即直线AB的斜率k1，注意到点N在曲线C的张口内(或：经检验，直线m与轨迹C相交)，存在满足题设的直线m，且直线m的方程为：y2x4，即xy20.13解：(1)因为所以b1，椭圆方程为：y21.(2)由(1)得F(1，0)，所以0m1，假设存在满足题意的直线l，设l的方程为yk(x1)，代入y21，得(2k21)x24k2x2k220，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1x2，x1x2，y1y2k(x1x22)，设AB的中点为M，则M，|AC|BC|，CMAB，即kCMkAB1，k1(12m)k2m，当0m时，k，即存在这样的直线l；当m1，k不存在，即不存在这样的直线l.14解：(1)依题意，得b1.e，a2c2b21，a24.椭圆的标准方程为y21.(2)证明：设P(x0，y0)，x00，则Q(0，y0)，且y1.M为线段PQ中点，M.又A(0，1)，直线AM的方程为yx1.x00，y01，令y1，得C.又B(0，1)，N为线段BC的中点，N.y0(y01)yy0yy01(1y0)y00，OMMN.