2012年包头市中考物理试卷分析.doc

2012年包头市中考物理试卷分析一、试卷综述1、总体评价2012年中考包头物理试卷继续遵循了新课程中考方案的基本思想，试卷结构稳定，突出双基，重视能力，知识点广，容易上手，难度递增，区分提升，利于选拔，各种层次考生可以充分展现自己的真实能力。从2012年试卷的整体情况来看，今年的题目同去年相比“稳”中有“变”，“稳”体现在试题的难易程度上保持稳定，“变”体现在考查侧重点上的变化。试题内容上没有出现超纲知识点，没有偏题、怪题和过难的题目，试题坚持面向全体学生，突出了课程三维目标的要求，重点考查学生的基本知识和技能，基本过程和方法，加强了物理知识与生活和社会实际的联系，从多层次、多方位融合三维目标，充分体现了新课程理念。以学生发展为本，难度适中，平稳过渡，有利于普通高中的综合评价及择优录取。2、新题难题总结 15题是体现最低要求的容易题，只需稍作运算即可顺利完成；611题是体现学生掌握基础知识强弱的中等题，只要学生把握住基础知识点即可顺利完成;1215题复杂程度、能力要求和解题难度有所提升，对把握概念本质属性和运用物理思想方法提出较高要求，对考生的想像力、抽象度、灵活性、深刻性等思维品质提出更大的挑战。作图与实验题着重考查综合运用知识，分析和解决物理问题的能力。第20题与第21题分别形成四个不同的水平层次。第一层次是基础知识和推理论证的最低要求；第二层次重在对知识和方法的综合运用，重在基本运算能力的要求；第三层次突出对知识和方法的灵活运用，加大了分析和解决问题的思考力度；第四层次重点是考查解决新问题的能力，体现了对考生的高层次物理思维能力的要求和高水平物理素质的要求。但是每道题设置由易到难3-4小问，对考生提供启发性帮助。易/中/难所占分数的比例约为4:4:2。3、今年物理中考试卷最大的亮点 我觉得今年考题的最大亮点应该在于对重点模块的考察上，更侧重于对重点模块的考察。大多数的题，基本上都是可以按部就班的，按照我们平时的这些做题的步骤写出来了，而且侧重于学生的基础知识的考察，侧重于对学生能力的考察，比如说抽象概括能力，空间想象能力，推理论证能力，还有一些比如分析问题能力，解决问题的能力，侧重于这些能力的考察。今年的题虽然简单，但是对咱们学生能力的考察还是体现的比较强烈。二、整体分析1试题数量：试卷共有三大题，22小题。2试卷分值及时间：满分80分，考试时间物理部分建议60分钟。3试卷结构：题型选择作图实验探究综合应用合计题量155223分值33281980比例41.253523.75100三、试题分析一选择题1关于声现象，下列说法正确的是（）A雷雨天，总是先听到雷声，稍后才能看到闪电B声音从空气传入水中音调发生了变化C弹奏吉他时，在不同位置按压吉他弦是要改变弹奏的响度D超声波能击碎人体内“结石”是因为声波具有能量分析：光在空气中的传播速度大于声音的传播速度；声音在不同介质中传播速度不同，传播最快的是固体，其次是液体，最慢是气体；声既可以传递信息又可以传递能量。A、闪电和雷声是同时发生，光在空气中的传播速度大于声音的传播速度故A错误；B、当声音从空气中传入水中时，声音的速度变大，音调不变故B错误；C、弹奏吉他时，在不同位置按压吉他弦是要改变弹奏的音调故C错误；D、超声波能击碎人体内“结石”是因为声波具有能量声可以传递能量故D正确故选D点评：本题主要考察声音的传播速度只与介质有关；声音的特色有音调，响度，音色和它们由什么决定，它还具有能量及光的传播速度。2.下列说法正确的是（）A初春的早晨，出现大雾是水蒸气汽化形成的B秋天的早晨，地面小草上出现的白霜是水蒸气升华形成的C北方的冬天，玻璃窗上出现的“冰花”是水蒸气凝华形成的D寒冷的冬天，人们在外面说话时，嘴里呼出的“白气”是水蒸气遇冷凝华形成的分析：判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义，然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化A、初春的早晨，出现大雾，是空气中的水蒸气液化成小水滴形成的，不是汽化现象，故A错误B、秋天的早晨，地面小草上出现的白霜是水蒸气凝华形成的，故B错误C、冬天，窗子的玻璃上出现冰花，是空气中的水蒸气遇冷放热凝华形成的，这是凝华现象故C正确D、寒冷的冬天，人们在外面说话时，嘴里呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化成小水珠形成的，故D错误故选C点评：主要考察物态变化中液化现象和凝华现象。此题是联系生活中常见的现象。4. 如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S1、S2，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A，断开S2后，电压表示数为2V，则下列判断正确的是（）AR1阻值为20BR2阻值为10C电源电压为3VD电源电压为2V分析：首先分析电路图，闭合开关S1、S2时，电阻R2被短路，电路中只有电阻R1，电流表测量的是整个电路中的电流，此时电压表测量的是电源电压，知道电压表的示数，从而可以判断出C和D是否符合题意知道电源电压和此时电路中的电流，可利用公式计算出电阻R1的阻值，从而可以判断出A是否符合题意当断开S2后，电阻R1和电阻R2串联，电压表与电阻R1并联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，知道电阻R1的阻值，可利用公式 计算出此时电路中的电流；又知道电源电压，利用串联电路的特点便可以计算出电阻R2两端的电压；最后再利用公式 计算出电阻R2的阻值，从而可以判断出B是否符合题意：闭合开关S1、S2时，电阻R2被短路，电路中只有电阻R1，如图1所示：电路中只有电阻R1，电压表测量的是电源电压，而电压表示数为3V，则电源电压为：U=3V所以C符合题意，D不符合题意此时电路中的电流为：I1=0.3A，电阻R1的阻值为10所以A不符合题意当断开S2后，电阻R1和电阻R2串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，如图2所示：U1=2V，R1=10，此时电路中的电流为：I=I2=I1=0.2A而电源电压为U=3V，电阻R2两端的电压为：U2=U-U1=3V-2V=1V，则电阻R2的阻值为：R2=5所以B不符合题意故选C点评：此题主要考察电路分析的短路现象，电压表测量电压的情况，分析电路是此题考查的重点。6如图所示是一个左右对称的凹形槽，将小球从A点由静止释放，若小球由A点到B点运动过程中克服摩擦力做的功用W表示，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（）A小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量与动能的增加量之差等于WB小球能够从A点运动到D点 C小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量等于动能的增加量 D小球从A点运动到C点的过程中，机械能的减少量等于动能的增加量 分析：主要考察动能和势能的转化与守恒。机械能包括动能和势能；动能和势能是可以相互转化的；在动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量保持不变A、从A点向B点运动过程中，重力势能大部分转化成动能，因为有滑动摩擦，少部分转化成内能故A正确B、因为有滑动摩擦，少部分转化成内能小球不能够从A点运动到D点，故B错误C、小球从A点运动到B点的过程中，势能的减少量等于动能的增加量和克服摩擦做的功故C错误D、小球从A点运动到C点的过程中，机械能的减少量等于动能的增加量和克服摩擦做的功故D错误故选A点评：本题主要考察机械能守恒的条件是只有重力做功时，动能和势能之间互相转化，没有其他形式的能的转化。.关于如图所示的实验装置，下列说法正确的是（）A可以研究发电机的工作原理B可以研究感应电流的方向与磁场方向的关系C可以研究磁场对通电导体的作用力方向与磁场方向的关系D该装置实验过程中使机械能转化为电能分析：该装置中有电源提供电能，通电的导体棒ab在磁场中受力而运动，这是研究通电导体在磁场中受力的装置，是电动机的工作原理，因电而动，其能量转化为电能转化为机械能该装置是研究通电导体在磁场中受力的装置，通过本装置可以研究磁场对通电导体的作用力方向与电流方向、磁场方向的关系，根据此原理制成电动机，在实验过程中消耗电能转化为机械能，故ABD错、C正确点评：主要考察通电导体在磁场中受力的作用，受力方向和磁场的方向和电流的方向有关。此实验装置中有电池，根据此原理制成电动机；能量转化时电能转化为机械能。 8将冰块放在浓盐水中，液面位置如图所示，若冰完全熔化，杯中液面高度将（）A上升 B下降 C不变 D无法确定分析：主要考察物体的浮沉条件及其应用；质量及其特性；密度公式的应用；阿基米德原理。分析：（1）冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水的体积（2）求出当冰熔化之后水的体积（3）比较上面的两个体积，如果冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，液面上升；如果冰化成水的体积等于冰块排开浓盐水的体积，液面不变；如果冰化成水的体积小于冰块排开浓盐水的体积，液面下降 冰块漂浮在水面上，所以，F浮=G冰，盐水gV排=冰gV冰，V排=冰V冰 /盐水 ，（2）冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以，m冰=m水，冰V冰=水V水，V水=冰V冰/ 水 ，（3）盐水水，V水V排，若冰完全熔化，杯中液面上升故选A点评：主要考察质量是物体属性、密度公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，根据冰化水质量不变和漂浮条件找出关系式V排V水是本题的解题关键.如图所示，一根木棒AB在O点被悬挂起来，AO=OC，在A、C两点分别挂有两个和三个相同的钩码，木棒处于水平平衡如在木棒的A、C两点各增加一个同样的钩码，则木棒（）A绕O点顺时针方向转动B绕O点逆时针方向转动C仍保持平衡D平衡被破坏，转动方向不定分析：（1）由题可知，支点为O，两边力臂AO、OC相等，原来木棒处于水平平衡，设一个钩码重为G，木棒的重心在D，木棒重力G木的力臂为OD，可求木棒重力和力臂的乘积；（2）现在两边挂上相同的钩码后，求出两边的力和力臂的乘积，看是否相同，据此判断木棒是否仍能保持平衡（1）如图，设一个钩码重为G，OA=OC=L，木棒的重心在D，木棒重力G木的力臂为OD，由于木棒原来处于平衡状态，可得：2GOA+G木OD=3GOC，即：2GL+G木OD=3GL，所以G木OD=3GL-2GL=GL，（2）因OA=OC，在木棒的A、C两点各增加一个同样的钩码时，木棒左边为：3GL+GOD=3GL+GL=4GL，木棒右边为：4GL=4GL，两边的力和力臂的乘积仍相等，木棒仍平衡故选C点评：主要考察了杠杆平衡原理：动力乘以动力臂等于阻力乘以阻力臂。 11如图电路，开关S闭合后，若L1灯丝突然烧断，会发生的现象是（）AL1、L2、L3均熄灭，电压表、电流表示数均为零BLl、L2均熄灭，L3仍然发光，电压表、电流表示数均变大 C除L1灯不亮外，其余一切无任何其他变化 DLl、L2、L3均熄灭，电压表示数变大，电流表示数几乎为零 分析;主要考查的是电流表、电压表在判断电路故障中的应用。三个电灯是串联，当一个出现断路时，三个灯将都不亮，但电压表能与电源相通，故有示数，而电流表无示数由于三个电灯是串联，电压表测L1L2两端的总电压，当L1灯丝突然烧断时，串联电路中的各个用电器是相互影响的，故三个电灯就都不亮了，电路中也就没有电流，即电流表示数几乎为零，而电压表能通过L3与电源相通，故它的示数增大故选D点评：本题主要考察了串联电路的特点和判断电灯亮度的变化及断路现象。12如图所示，电源电压恒为12V不变，RL、R1及滑动变阻器的最大阻值分别是10、40、50，灯的额定电压为12V，忽略温度对灯丝电阻的影响，则下列说法正确的是（）A当S闭合，S1断开，滑片P在b端时，灯泡的功率为0.4JB当S闭合，S1断开，滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A C当S闭合，S1断开，滑片P在a端时，灯每秒钟消耗的电能为14.4W D当S、S1均闭合，滑片P在a端时，电路总功率为14.4W 分析：主要考查电功，电功率的计算。当S闭合，S1断开，滑片P在b端时，此时滑动变阻器被全部连入电路，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测量的是整个电路中的电流知道灯泡L和滑动变阻器的电阻，利用串联电路电阻的特点，便可以计算出此时电路中的总电阻，又知道电源电压，可利用公式I=UR 计算出此时电路中的电流，即为电流表的示数判断出B是否符合题意知道电路中的电流和灯泡L的电阻，可利用公式P=I2R计算出灯泡的功率判断出A是否符合题意当S闭合，S1断开，滑片P在a端时，此时滑动变阻器连入电路中的电阻为0，电路中只有灯泡L此时灯泡两端的电压为电源电压，可利用公式P=U2 /R 计算出灯泡L的电功率，又知道工作时间，可利用公式W=Pt计算出灯泡消耗的电能当S、S1均闭合，滑片P在a端时，此时滑动变阻器连入电路中的电阻为0，灯泡L与电阻R1并联，知道灯泡L和电阻R1的阻值，利用并联电路电阻的特点计算出电路中的总电阻，再利用公式P=U2/ R 计算出电路中的总功率判断出D是否符合题意点评：本题主要考察电路分析及电功，电功率公式，此题的解题关键是如何运用所学公式进行解题。.如图所示，用三种方法拉动同一物体在相同的水平地面上做匀速直线运动，使物体以相等速度移动相同的距离所用拉力分别是F1、F2、F3，这三个力的作用点移动距离分别是S1、S2、S3，移动速度分别为V1、V2、V3，不计滑轮摩擦，则（）AF1：F2：F3=2：1：4 S1：S2：S3=2：1：4 BF1：F2：F3=2：1：4 S1：S2：S3=2：4：1 CF1：F2：F3=2：4：1 V1：V2：V3=2：1：4 DF1：F2：F3=2：1：4 V1：V2：V3=2：4：1 分析：（1）物体在水平方向上做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可知物体所受的拉力等于物体受到的摩擦力，然后根据定滑轮和动滑轮的工作特点，分别求出F1、F2、F3，即可比较其大小（2）根据动滑轮和定滑轮的特点判断出速度和距离的关系解答：解：由图可见，本题中三个滑轮都是克服摩擦力做功，假设物体与水平面的摩擦力f，物体移动的速度为V0，运动的时间为t，则对这三个图分析可得：（1）甲图：滑轮为定滑轮，因为定滑轮相当于一个等臂杠杆，不能省力，所以根据二力平衡，此时拉力F1=f；拉力的作用点移动的速度V1=V0，作用点移动的距离S1=V0t（2）乙图：滑轮为动滑轮，因为动滑轮相当于一个动力臂是阻力臂2倍的杠杆，省一半的力，所以根据二力平衡，此时拉力F2=1 2 f；但是费2倍的距离，拉力的作用点移动的速度V2=2V0，作用点移动的距离S2=2V0t（3）丙图：滑轮为动滑轮，拉力的作用点在动滑轮的轴上，因此是个费力杠杆，费2倍的力，省2倍的距离，因此F3=2f，拉力的作用点移动的速度V3=1 2 V0，作用点移动的距离S2=1 2 V0t综上分析可知：F1：F2：F3=f：1 2 f：2f=2：1：4；V1：V2：V3=V0：2V0：1 2 V0=2：4：1；S1：S2：S3=V0t：2V0t：1 2 V0t=2：4：1故选BD点评：此题主要考察定滑轮绳子拉力的计算以及拉力作用点移动的速度和距离，定滑轮是等臂杠杆不省力也不费距离，动滑轮是省力杠杆，省力费距离和二力平衡现象中摩擦力等于拉力。 .如图所示，边长为a、密度均匀的正方体物块静止于河岸边，在BB边上施加一个力F使其绕DD边转动掉落于河水中，它漂浮时露出水面的高度为h，水的密度为，则下列说法中正确的是（）A物块的密度为(a-h)/a B物块的重力为（a-h）ga C物块漂浮在水面时底面受水的压强为g（a-h） D为了使物块掉落于河水中，力F至少是 (a-h)a2g /4 分析：A、物体在水中漂浮，浮力等于自身重力，根据此关系式可求物体的密度B、根据A中求得的组成物块材料的密度，将其代入G=mg=物gV=物ga3，即可得出结论C、物块放在水平地面上，此时压力即为重力，根据P=FS 即可求出它对地面的压强D、由图可知，阻力为重力，阻力的力臂为边长的一半，动力的力臂最大为 2 a，根据杠杆的平衡条件可求动力的大小解答：解：A、因为物块漂浮，所以F浮=gV排=ga2（a-h）=G=mg=物gV=物ga3，整理得物=(a-h) a 所以A说法正确，符合题意B、A选项中已经求得物=(a-h) a ，所则物块所受的重力G=mg=物gV=物ga3=(a-h) a ga3=（a-h）ga2所以B说法错误，不符合题意C、物块放在水平地面上，此时压力F=G，S=a2，则物块对地面的压强P=F S =(a-h)ga2 a2 =（a-h）g所以C说法正确，符合题意 D、物体重力为G=mg=物Vg=物a3g，根据杠杆平衡条件FL1=GL2，所以F=GL2 L1 =(a-h)ga2a 2 2 a = 2 (a-h)a2g 4 所以D说法正确，符合题意故选A、C、D点评：本题考察的比较综合，有浮力、密度、压强、杠杆平衡条件，主要是各种公式的应用。二作图与实验 17在物理实验操作考试中，考评教师记录的甲、乙两位同学“测盐水的密度”的部分操作过程如下表，他们因操作步骤中存在错误而失分甲同学存在错误的步骤序号是；乙同学存在错误的步骤序号是实验步骤 甲同学（1）把天平放在水平台面上，游码归零，调节平衡螺母使天平横梁平衡，如图a（2）测烧杯和盐水的总质量m1时，加减游码并移动游码后，指针位置如图b（3）向左调节平衡螺母使天平横梁平衡，如图c，m1等于右盒中砝码的总质量乙同学 （1）把天平放在水平台面上，指针位置如图a（2）在天平左右两盘分别放置砝码和盛盐水的烧杯，加减砝码并移动游码至横梁平衡，如图b（3）杯和盐水的总质量等于盘中砝码的总质量加上游码所对的刻度值 甲同学乙同学分析：（1）在使用天平测物体质量前，应把游码移至零刻度线处，再调节平衡螺母，使天平平衡（2）调节天平的平衡螺母使指针指到分度盘的中央，或左右偏转的格数相同（3）物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘，并调节游码在标尺上的位置，直至横梁恢复平衡物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码所对的刻度值解答：解：（1）在使用天平测物体质量前，应先调节天平平衡，调节方法是：把游码移至零刻度线处，再调节平衡螺母使天平平衡，而乙同学做实验时，指针没有指在分度盘的中央，这说明天平不平衡，所以乙同学的步骤（1）错误 （2）天平平衡的标准是，指针指在分度盘的中央，这样左盘物体的质量才等于右盘砝码的质量，而两位同学做实验时的指针都没有指在分度盘的中央，这说明天平不平衡，所以两位同学的步骤（2）都错误 （3）烧杯和盐水的总质量等于盘中砝码的总质量加上游码所对的刻度值，而甲同学的步骤（3）中m1没有加上游码所对的刻度值；乙同学将物体放在了右盘，砝码放在了左盘，所以乙同学的步骤（3）也是错误的故答案为：（2）（3）；（1）（2）（3）点评：主要考察天平的正确使用方法：把天平放置在水平的地方，游码要指向0刻度线调节横梁两端平衡螺母18某同学在探究凸透镜成像规律时，用如图所示的装置在光屏上得到一个清晰的像A，接着他保持蜡烛的位置不变，用另一个焦距为f的凸透镜代替原来焦距为f的凸透镜并保持透镜的位置不变，移动光屏使烛焰在光屏上成清晰的像B，观察实验现象，他发现像B比像A变大了（1）根据上述实验可以判断f与f大小关系是（2）在光屏上得到清晰的像B之后，保持透镜的位置不变将光屏向右移动一小段距离，为在光屏上得到清晰的像，蜡烛应向 移动（3）由实验可知：当用变焦照相机拍照时，如果想使被拍摄景物的像变大些，应调节相机的焦距变 些分析：（1）凸透镜成像时，光屏上成的像都是倒立的实像凸透镜成实像时，U2f，成倒立、缩小的实像；物距：2fUf，凸透镜成倒立、放大的实像时，根据物距和像距提供的数据列出不等式，解不等式组确定两个透镜的焦距的大小（2）凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像减小（3）变焦的照相机，当照相机的焦距增大时，虽然物距基本不变，但是由于照相机的焦距变大，物距相对减小，所以当物距相对减小时，像距也变大，像也变大解答：解：（1）凸透镜成像时，光屏上成的像都是倒立的实像由图可知，光屏上得到一个清晰的像A，是倒立缩小的实像，则焦距为f的凸透镜：物体离凸透镜30cm处，30cm2f，所以，15cmf，即f15cm当用另一个焦距为f的凸透镜代替原来焦距为f的凸透镜并保持透镜的位置不变，成倒立、放大的实像物距：2fUf，物体离凸透镜30cm处，2f30cmf，所以焦距为f的凸透镜：30cmf15cm所以，焦距为f的凸透镜的焦距大于焦距为f的凸透镜即可以判断f与f大小关系是 ff故答案为：ff（2）保持透镜的位置不变将光屏向右移动一小段距离，则增大了像距，为在光屏上得到清晰的像，就要减小物距，则蜡烛应向右（或透镜）移动故答案为：右（3）照相机和被拍照的物体保持不变时，照相机的焦距增大时（或变长），物距相对减小，像距要增大，像会变大；照相机的焦距减小时，物距相对增大，像距要减小，像会变小所以如果想使被拍摄景物的像变大些，应调节相机的焦距变大些故答案为：大点评：主要考察了凸透镜的成像规律：物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大的实像，物距在一倍焦距以内，成正立放大的虚像。及相距和物距的关系：实像：物近像远像变大，虚像：物近像近像变小和照相机的变焦的应用。19某物理兴趣小组的三个同学做“观察水的沸腾”实验，他们使用的实验装置分别如图a、b、c所示，酒精灯和烧杯均为同一规格甲、乙、丙是使用这三套实验装置实验后作出的温度随时间变化的图象用a装置做实验作出的图象是 图；用b装置做实验作出的图象是 图；用c装置做实验作出的图象是 图分析：主要考查水的沸腾，1）根据影响沸点变化的因素最主要的就是质量和气压的变化来确定用a装置做实验作出的图象（2）根据水的加热时间不同，从水的质量多少来分析b、c装置做实验作出的图象解答：（1）由实验装置abc图可知，a装置烧杯上面加了一个盖，受气压变化影响，水的沸点高于100，所以用a装置做实验作出的图象是丙图（2）由甲、乙两图象可知，水的初温相同，乙图加热较长时间水才能沸腾，原因可能是水过多，然后比较bc装置可知，c装置总烧杯内的水的质量较多，所以用c装置做实验作出的图象是乙图；则用b装置做实验作出的图象是甲图故答案为：丙；甲；乙点评：本题考察的是物态变化中汽化现象中水的沸腾的实验中水的沸腾主要和水的温度变化，水的质量水的比热容有关及放热的变化。20用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”（1）实验中通过来比较电流产生的热量的多少（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入 的同种液体（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能 （4）实验结论是 （5）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与 的关系 分析：1）温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；（2）要比较不同电阻丝产生热量的多少，应控制电流与通电时间相等，控制两瓶中液体的质量与初始温度相同；（3）为探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”应选用阻值不同的两根电阻丝；（4）根据实验控制的变量与焦耳定律分析答题；（5）调节滑动变阻器阻值，可以改变电路电流大小，因此应用该实验装置还可以探究通电时间一定时，导体产生的热量与电流大小的关系解答：解：（1）实验中通过观察两支温度计示数变化来比较电流产生的热量的多少故答案为：两支温度计示数变化（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体故答案为：质量相同，初温相同（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相同故答案为：相同（4）实验结论是：在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多故答案为：在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多（5）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与电流大小的关系；故答案为：电流大小点评：本题主要考察探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”的实验题，实验原理是焦耳定律。用了控制变量法与转换法，。三计算题：21如图所示是某医院的应急供电线路示意图柴油发电机到用电区的输电线路所用导线单位长度的电阻为510-4/m，柴油发电机的输出电压为260V用电区内每个用电器的额定电压均为220V，总功率为44kW，当这些用电器都正常工作时，求：（1）输电线路中的电流多大？（2）输电线路损失的电功率是多少？（3）发电机与用电区间的距离？（4）若应急供电1小时，发电机效率为30%，医院最少需要准备多少柴油？（柴油的热值为4.0107J/kg）分析：（1）已知用电区用电器的额定电压、用电区的总功率，由功率的变形公式I=PU ，可以求出输电线中的电流；（2）由串联电路特点求出输电线上的电压，然后由公式P=UI求出输电线损失的电功率；（3）已知输电线上的电压、输电线中的电流，由欧姆定律求出输电线电阻，然后根据单位导线的电阻求出导线的长度，进一步求出发电机与用电区间的距离；（4）求出1h发电机发的电能，然后根据发电机的效率求出柴油释放的能量，最后根据柴油的燃烧值求出柴油的质量解答：解：（1）输电线中的电流I=P用 U用 =44103W 220V =200A；答：输电线中的电流是200A（2）输电线上的电压U线=U发电机-U用=260V-220V=40V，导线上损失的功率P损=U线I=40V200A=8000W；答：输电线损失的功率是8000W（3）输电导线的电阻R线=U线 I =40V 200A =0.2，导线长L=0.2 510-4/m =400m，发电机与用电区间的距离S=1 2 L=1 2 400m=200m，答：发电机与用电区间的距离是200m（4）发电机1h输出的电能W电=UIt=260V200A3600s=1.872108J，柴油释放的能量Q放=W电 =1.872108J 30% =6.24108J，柴油的质量m=Q放 q =6.24108J 4107J/kg =15.6kg；点评：本题主要考察输电线上的电流、输电线损失的功率、发电机到用电区的距离、发电机消耗的柴油放出的热量。正确区分发电机电压、用电器电压、输电线上的电压是此题的重点。， 22如图1所示，某工程队在一次施工作业中，以恒定速度沿竖直方向将质量为5103kg的圆柱形实心工件从深水中吊起至距水面某一高度绳子作用在工件上端的拉力F的功率P随工件上升高度h变化的图象如图2所示，不计水的阻力（水=1.0103kg/m3，g取10N/kg），求：（1）工件上升的速度大小？（2）当工件露出水面的1/2时所受的浮力大小？（3）工件的横截面积S是多大？分析: （1）由P-h图象求出工件离开水面后拉力的功率，对工件进行受力分析，由平衡条件求出拉力大小，最后由功率的变形公式v=PF 求出工件的速度；（2）由P-h图象求出工件完全浸没在水中时拉力的功率，由功率的变形公式F=P v 求出拉力，然后对工件进行受力分析，由平衡条件求出工件受到的浮力，最后求出工件露出水面的1 2 时所受的浮力大小；（3）由图象求出工件的高度，由浮力公式的变形公式求出工件的体积，最后求出工件的横截面积解答：解：（1）由P-h图象可知：工件离开水面后拉力F1的功率P1=20kW=2104W，工件离开水面后，受竖直向下的重力G、竖直向上的拉力F1用而做匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得：F1=G=mg=5103kg10N/kg=5104N，工件匀速上升的速度v=P1 F1 =2104W 5104N =0.4m/s，答：工件上升的速度是0.4m/s（2）由P-h图象可知：工件全部在水中时拉力F2的功率P2=16kW=1.6104W，此时拉力大小为F2=P2 v =1.6104W 0.4m/s =4104N，工件完全浸没在水中时，受竖直向下的重力G、竖直向上的拉力F2、竖直向上的浮力F浮作用，工件做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：F2+F浮=G，则F浮=G-F2=5104N-4104N=1104N，工件有1 2 露出水面时所受浮力F浮/=1 2 F浮=1 2 1104N=5103N，答：工件露出水面的1 2 时所受的浮力为5000N（3）由P-h图象可知工件高h=12m-10m=2m；工件的体积V物=V排=F浮 水g =1104N 103kg/m310N/kg =1m3，工件的横截面积S=V物 h =1m3 2m =0.5m2，答：工件的横截面积S是0.5m2点评：本题主要考察了物体的速度、物体所受的浮力、物体的横截面积，本题难度较大，是一道难题；由P-h图象获取解题信息是解题的关键。