2018-2019学年高二物理上学期摸底考试试卷(含解析).doc

2018-2019学年高二物理上学期摸底考试试卷(含解析)一.单项选择题：1.关于两个点电荷间相互作用的电场力，下列说法中正确的是（）A. 它们是一对作用力与反作用力B. 电量大的点电荷受力大，电量小的点电荷受力小C. 当两个点电荷间距离增大而电量保持不变时，这两个电场力的大小可能不变D. 当第三个点电荷移近它们时，原来两电荷间相互作用的电场力的大小和方向会变化【答案】A【解析】【详解】A、两个点电荷间相互作用的电场力是一对作用力与反作用力，故A正确； B、作用力和反作用力总是大小相等，方向相反的，与两个点电荷的电量多少无关，故B错误； C、根据库仑定律：可知，当两个点电荷间距离增大而电量保持不变时，这两个电场力的大小一定减小，故C错误； D、根据库仑定律可知，当第三个点电荷移近它们时，原来两电荷间相互作用的电场力的大小和方向不变，故D错误。 故选：A2.两个分别带有电荷量-Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间的库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定在原处，则两球间库仑力的大小为（）A. F/2 B. 3F C. F/3 D. 2F【答案】C【解析】【详解】接触前两个点电荷之间的库仑力大小为F=kQ3Qr2，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q，距离仍不变，则库仑力为F=kQQr2，所以两球间库仑力的大小为F/3。故选C。3. 2008年6月24日强雷电袭击杭州，威力之猛近期少有雷暴天气和雷击事件，引起了杭州市委、市政府的高度重视，要求有关部门加大防雷避雷知识的宣传，提高广大人民群众的防范意识，做好防雷工作，保障人民群众安全假如在户外我们遭遇雷电，下列防雷措施可行的是()在大树下避雷雨停留在山顶、山脊的凉亭等地方避雷雨不要快速开摩托、快骑自行车和在雨中狂奔在空旷地带，最好关掉手机电源A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：大树、山顶、山脊的凉亭、楼顶等地方是表面具有突出尖端的导体，可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电，故不能避雷雨；在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电的放电对象所以选D，考点：本题考查的是关于避雷雨的常识，点评：表面具有突出尖端的导体，在尖端的电荷分布密度很大，使得其周围电场很强，就可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电因此不要在大树下避雨；别停留在 山顶、山脊的凉亭等地方，快速开摩托、快骑自行车和在雨中狂奔；身体的跨步越大，电压就越大，雷电也越容易伤人；在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成 为闪电的放电对象4.电容器是一种常用的电学元件，对电容器的认识，正确的是（）A. 电容器的电容表示其储存电荷的本领B. 电容器的电容与它所带的电量成正比C. 电容器的电容与它两极板间的电压成正比D. 电容的常用单位有F和pF，1F=103pF【答案】A【解析】试题分析: 电容是表示电容器容纳电荷本领大小的物理量，电容器的电容表示其储存电荷能力，故A正确；电容器的电容由电容器本身决定，与所带电荷量和板间的电压无关，故B、C均错误；电容的常用单位有F和pF，1F=106F=1012pF，故D错误；考点：电容5.如图所示，平行板电容器两极A、B间有一个带电油滴P，正好静止在两极板正中间现将两极板稍拉开一些，其它条件不变拉开时间忽略，则A. 油滴将向上加速B. 油滴将向下加速C. 电流计中电流由b流向aD. 电流计中始终无电流流过【答案】B【解析】将两极板的距离拉开一些，由于电势差不变，d变大，则根据E=Ud知，电场强度变小，电场力减小，油滴向下加速，A错误B正确；根据C=S4kd得，d变大，则电容变小，U不变，根据Q=CU知，电荷量减小，则电流计中的电流由a流向b，CD错误6.如图所示，匀强电场的场强E=3105V/m，A、B两点相距0.2m，两点连线与电场的夹角是60，下列说法正确的是（） A. 电荷量q=+210-4C的电荷从A点运动到B点电势能增大6JB. 电荷量q=-210-4C的电荷从A点运动到B点电场力做功为-6JC. 若取A点的电势为0，则B点的电势B=3104VD. A、B两点间的电势差是UAB=6104V【答案】B【解析】试题分析：从A到B，电场力做功W=qEdABcos60=210431050212J=6J则电势能减小6J故A错误从A到B，电场力做功W=-qEdABcos60=-210431050212J=-6J故B正确AB间的电势差UAB=EdABcos60=31050212V=3104V，因为A点的电势为0，则B点的电势为B=-3104V故CD错误故选B。考点：电场力的功与电势差的关系【名师点睛】解决本题的关键掌握电场力做功与电势差、电势差与电场强度的关系，并能灵活运用，基础题。7.下列说法中，错误的是（）A. E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场B. 电场中某点场强的方向与试探电荷的正负无关C. 电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向D. 在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度都相同【答案】D【解析】【详解】E=kQ/r2仅适用于真空中点电荷形成的电场，选项A正确；电场中某点场强的方向与试探电荷的正负及电量均无关，选项B正确；电场强度的方向就是放入电场中的正电荷受到的电场力的方向，选项C正确；在一个以点电荷为中心，r为半径的球面上各处的电场强度大小都相同，但是方向不同，则场强不同，选项D错误；此题选择不正确的选项，故选D.8.由电场强度的定义式EF/q可知A. E和F成正比，F越大，E越大B. E和q成反比，q越小，E越大C. E的方向与F的方向相同D. E的大小可由F/q确定【答案】D【解析】解：A、B电场强度E与试探电荷所受电场力F、电量q无关，不能说E和F成正比，和q成反比故AB错误C、根据物理学上规定可知，电场强度E的方向与正电荷所受电场力F方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，而题中q的正负未知故C错误D、由定义式E=可计算出E故D正确故选D【点评】本题考查对电场强度定义式的理解，抓住定义式具有比值定义法的共性，不能单纯从数学知识理解此公式9. 用多用表测直流电压U、直流电流I和电阻R时，若红表笔插入多用表的正（+）插孔，黑表笔插入多用表的负（）插孔，则A. 测U、I时，电流从红表笔流入多用表，测R时电流从红表笔流出多用表B. 测U、I时，电流从红表笔流出多用表，测R时电流从红表笔流入多用表C. 测U、I时，电流从红表笔流入多用表，测R时电流从红表笔流入多用表D. 测U、I时，电流从红表笔流出多用表，测R时电流从红表笔流出多用表【答案】C【解析】试题分析：用多用表测量电阻时，流经多用表的电流由内电路提供，红表笔与内部电源的负极相连；用多用电表测电压时，电流由外部电源提供，总之无论是测电压U还是测电阻R，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电流表；故C正确故选C.考点：万用表的使用10.一粗细均匀的镍铬丝，截面直径为d，电阻为R，把它拉制成直径为d10的均匀细丝后，它的电阻变为A. R1000 B. 10000R C. 100R D. R100【答案】B【解析】根据电阻决定式R=lS，体积不变，横截面积变为原来的十分之一，则长度变为原来的十倍，电阻变为原来的一百倍，故选C二、多项选择题 11.两个相同的带电金属小球A、B，电荷量大小之比为3：1，相互作用力大小为F若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力大小可能变为（）A. F/3 B. 3F/4 C. 4F/3 D. 3F【答案】AC【解析】【详解】：如果两个球带同种电荷，电荷量大小之比为3：1，设为3Q、Q，库仑力为：F=k3QQr2=3kQ2r2；两球接触后带电量均为2Q，库仑力为：F=k2Q2Qr24kQ2r2；故F=43F如果两个球带异种电荷，电荷量大小之比为3：1，设为3Q、-Q，库仑力为：F=k3QQr2=3kQ2r2； 两球接触后带电量均为Q，库仑力为：F=kQ2r2；故F=13F；故选AC。【点睛】本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题注意两电荷接触后各自电荷量的变化，同时要分两种情况讨论，这是解决本题的关键12.如图所示，在等量正电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，A、D两点与B、C两点均关于O点对称，设各点电势分别为A、B、C、D下列说法正确的是（）A. AB CDB. A=D B=CC. A=B=C=DD. AC BD【答案】AB【解析】试题分析:由等量同种点电荷的电势分布知：，AB对。考点:等量同种点电荷的电势分布图。【名师点睛】几种常见的典型电场的等势面比较电场等势面（实线）图样重要描述匀强电场垂直于电场线的一簇平面点电荷的电场以点电荷为球心的一簇球面等量异种点电荷的电场连线的中垂面上的电势为零等量同种正点电荷的电场连线上，中点电势最低，而在中垂线上，中点电势最高13.关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（）A. 在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B. 正电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大C. 负电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大D. 正电荷沿电场线方向移动，电势能一定减小【答案】CD【解析】【详解】在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，电势能与电场强度没有直接关系。故A错误；正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误，D正确；负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；故选CD。14.给一粗细不均匀的同种材料制成的导体通电，下列说法正确的是A. 粗的地方电流大，细的地方电流小B. 粗的地方电荷定向移动速率大，细的地方小C. 各处的电流大小相同D. 粗的地方电荷定向移动速率小，细的地方大【答案】CD【解析】试题分析：根据串联电流中，同一根导线上电流处处相等，所以A错误；C正确；再根据电流的微观表达I=nesv，粗的地方横截面积s大，所以速度v小，所以B错误；D正确。考点：本题考查电流的微观表达。15.如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（） A. R1：R2=1：3B. R1：R2=3：1C. 将R1与R2串联后看作一个电阻，其I-U图线在图线2与横轴之间D. 将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3【答案】AC【解析】【详解】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3将R1与R2串联后看作一个电阻，此电阻值比R2还大，则其I-U图线在图线2与横轴之间，选项C正确；并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1故AC正确，BD错误。故选AC。【点睛】解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点；两电阻串联后总电阻比大的还大；两电阻并联后总电阻比小的还小。二.实验题16. 用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为_mm；用游标为20分度的卡尺测量球的直径，示数如图乙所示，读数为_cm. 【答案】0.6150.619；0.670【解析】试题分析：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为11.70.01mm=0.117mm，所以最终读数为0.5mm+0.117mm=0.617mm，游标卡尺的主尺读数为：0.6cm=6mm，游标尺上第14个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为140.05mm=0.70mm，所以最终读数为：6mm+0.70mm=6.70mm=0.670mm，故答案为：0.617；0.670考点：本题考查了螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用.视频17.按照有效数字规则读出下列电表的测量值。（1）接03V量程时读数为_V。 （2）接00.6A量程时读数为_A。【答案】 (1). 2.17 (2). 0.16【解析】试题分析：电表读数,最小刻度是1的读到0.1,最小刻度是2和5的读到1，所以上面二表的读数分别为2.17V和0.16A。考点：电表读数18.一额定电压为20 V的电阻，其阻值不详用欧姆表粗测其阻值结果如图所示(档位上1K)现有下列器材，试设计适当的电路，选择合适的器材，较精确地测定其正常工作时的阻值(滑动变阻器的调节要方便) A电流表，量程0400A，内阻约150 B电流表，量程010mA，内阻约45 C电压表，量程015V，内阻约30KD直流稳压电源，输出电压24V，额定电流0.5AE滑动变阻器，050，1A F滑动变阻器，04K，0.1A G电键一只，导线若干 欧姆表测得的电阻值约为_； 电流表应该选择_，滑动变阻器最好选择_(填字母代号)； 在方框中画出电路原理图_【答案】 (1). 40000； (2). A E (3). 内接、 (4). 分压【解析】【详解】多用电表的电阻“1k”挡，由图1所示可知，该电阻的阻值：Rx=401000=40000电源电动势24V，根据欧姆定律，最大电流：Imax=ERx=2440000A=0.6mA=600A，故电流表选择A；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器应选择E；要求测量尽量准确，滑动变阻器采用分压式接法，因待测电阻值远大于电流表内阻，电流表应选内接法；故画出电路原理图，如图所示：【点睛】本题考查了实验方案选择、欧姆表读数、实验器材的选择、实验电路设计，会根据电源电动势以及最大电流选择合适的电压表和电流表，选电表时要求要达到满偏的三分之二以上，认真审题、理解题意与实验步骤、知道实验原理是解题的关键。四、计算题 19.在一根长l=5m，横截面积S=3.510-4m2的铜质导线两端加2.510-3V电压己知铜的电阻率=1.7510-8m，则该导线中的电流多大？每秒通过导线某一横截面的电子数为多少？【答案】10A,6.25x1019【解析】试题分析：由电阻定律得 导体的电阻为：R=LS由欧姆定律得该导线中的电流为：I=UR联立可得I=10A每秒通过导线某一横截面的电量为：q=It每秒通过导线某一横截面的电子数为：n=qe联立可得：n=6.251019个考点：电阻定律、欧姆定律点评：掌握电阻定律和欧姆定律是解决本题的关键。20.一试探电荷q=+410-9C，在电场中P点受到的静电力F=610-7N则： （1）P点的场强大小？ （2）将试探电荷移走后，P点的场强大小为？ （3）放一电荷量为q=1.210-6C的电荷在P点，受到的静电力F的大小？【答案】(1)1.5102N/C(2)1.5102N/C (2) 1.810-4N【解析】P点的电场强度：EFq6107N4109C150N/C ；试探电荷移走后，P点的场强大小150N/C；将电荷量为q1.210-6C的电荷放在P点，受到的静电力为：FqE1.210-61501.810-4N21.有一个带电量q=310-6C的正点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力做功910-4J，从B点移到C点，静电力对电荷做610-4J的功，问： （1）AC间电势差为多少？ （2）如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？【答案】【解析】试题分析：（1)由题知WAB910-4J，UAB=WAB/q=-9104/3106=-300V,UBC=WBC/q=610-4/3106=200V,UAC= UAB+ UBC=-100V,(2)若A0，BA- UAB300V,点电荷在B点的电势能EpBqB3106300=910-4J考点：电势、电势差、电势能22.质量为m=510-8kg的带电微粒以v0=2m/s速度从水平放置的平行金属板A、B的中央水平飞入板间已知板长L=10cm，板间距离d=2cm，当UAB=1.0103V时，带电微粒恰好沿直线穿过平行金属板，（重力加速度g=10m/s2）求： （1）带电粒子带何种电荷？电荷量q多大？ （2）若要带电粒子恰好从B板右端飞出，则AB间所加电压U1为多大？ （3）若要带电粒子恰好从A板右端飞出，则AB间所加电压U2为多大？【答案】（1）负电；110-11C；（2）200V（3）1800V【解析】【详解】（1）带电粒子直线穿过平行金属板时的受力分析如图，可知，带电粒子带负电；则电场力F=G，则qE=mg，E=UABd 可得 q=110-11C（2）由图可知，带电粒子在竖直方向偏移：y=d/2 带电粒子在平行金属板内做类平抛运动， 则： .综合可得U1=200V （3）带电粒子向上做类平抛运动，轨迹如图所示， 则综合可得U2=1800V