2018-2019学年高二物理上学期阶段测试试题.doc

2018-2019学年高二物理上学期阶段测试试题注意事项：1、答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2、答题时请按要求用笔。3、请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4、作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5、保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题。（本大题共10小题，每小题4分，共40分，第1-7题为单选，第810题为多选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1下列说法中正确的有()A. 元电荷就是一个电子，它的电量为1.610-19CB. 电源电动势的大小与电源所在电路是否闭合有关C. 电场是电荷周围空间实际存在的物质D. 电场线就是电荷静止释放后电荷运动的轨迹，它与等势线一定垂直2如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B,C三点，已知 MA=AB=BN=NC，下列说法正确的是()A. A、B两点电势相等B. A、C两点场强相同C. 将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D. 负电荷在A点的电势能小于在C点的电势能3下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A根据电容的定义式C可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比B根据真空中点电荷的电场强度公式Ek可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关C根据电流强度的定义式I可知，电路中的电流强度与通过的电荷量成正比，与所经历的时间成反比D根据电势差的定义式UAB可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则UAB=1 V4如图所示为真空中的某装置，其中平行金属板、之间有加速电场，、之间有偏转电场，为荧光屏今有质子、氘核和粒子均由板从静止开始被加速电场加速后垂直于偏转电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上已知质子、氘核和粒子的质量之比为，电荷量之比为，则下列判断中不正确的是()A. 三种粒子飞离偏转电场时速度偏转角的正切之比1：1：1B. 三种粒子飞离板时速度之比为C. 偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为D. 三种粒子打到荧光屏上的位置不同5如图所示，光滑绝缘的半圆形容器处在水平向右的匀强电场中，一个质量为m，电荷量为q的带正电小球在容器边缘A点由静止释放，结果小球运动到B点时速度刚好为零，OB与水平方向的夹角为=53 ，则下列说法正确的是 ()(sin53=0.8 cos53 =0.6)A小球重力与电场力的关系是mg=2EqB小球在A点和B点的加速度相同C小球在B点时，对圆弧的压力大小为2.0mgD如果小球带负电，从A点由静止释放后，也能沿AB圆弧而运动6如图电路，三个电阻R1=10、R2与R3的阻值之和为10则ab电路间最大总电阻是()A20B10C15D12.57 如图所示是示波管的原理图，它是由电子枪、竖直偏转电极YY、水平偏转电极XX和荧光屏组成电子枪发射的电子打在荧光屏上将出现亮点，不加任何电压时，电子打在荧光屏中心若亮点很快移动，由于视觉暂留关系，能在荧光屏看到一条亮线现在加上频率较高的偏转电压，则下列说法正确的是()A如果只在偏转电极YY上加上如图（3）所示U=Umsint的电压，应观察到一条水平的亮线B如果只在偏转电极XX上加上如图（2）所示的电压，应观察到一条倾斜的亮线C如果在偏转电极YY上加上如图（3）所示U=Umsint的电压，同时在偏转电极XX上加上图（2）所示的电压，应观察到一条正弦曲线，如图（4）D如果在偏转电极YY上加上如图（3）所示U=Umsint的电压，同时在偏转电极XX上加上图（2）所示的电压，应观察到一条正弦曲线，如图（5）8如图所示是电阻R的IU图象，图中45，由此得出()A欧姆定律适用于该元件B电阻R0.5 C因IU图象的斜率表示电阻的倒数，故R1/tanD在R两端加上6.0 V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0 C9如图，实线表示某电场的电场线，一带负电的粒子沿虚线所示的路径从b点运动到a点，则下列说法正确的是()A. 带电粒子所受电场力变大B. 带电粒子所受电场力变小C. 带电粒子的电势能变大D. 带电粒子的电势能变小10.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为16V、23V、32V下列说法不正确的是()A. 电场强度的大小为2.5V/cmB. 坐标原点处的电势为7.0 V C. 电子在a点的电势能比在b点的低7eVD. 电子从b点运动到c点,电场力做功为-9eV第II卷二、实验题(每空2分，共16分）11.一根长为L，横截面积为S的粗细均匀的金属棒，棒内单位体长度自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压U时，棒内产生电流自由电子定向运动的平均速率为v。则金属棒内的电流强度大小为 12如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开。（1）下列关于实验中使用静电计的说法正确的是_ A使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B静电计可以用电流表替代C静电计可以用电压表替代D.使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况（2）将左极板缓慢右移过程中，可观察到静电计指针偏角_（选填“变大”、“变小”或“不变”）13在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，小灯泡的额定电压为，额定功率为，此外还有以下器材可供选择：A直流电流表（内阻约为）B直流电流表（内阻约为）C直流电压表（内阻约为）D滑动变阻器，E滑动变阻器，F导线和开关G直流电源（内阻不计）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量(1)实验中电流表应选用_，滑动变阻器应选用_；（均填写仪器前的字母）(2)在图所示的虚线框中画出符合要求的实验电路图_（虚线框中已将所需的滑动变阻器画出，请补齐电路的其他部分，要求滑片向端滑动时，灯泡变亮）；(3)根据实验数据，画出的小灯泡图线如图所示由此可知，当电压为1.5V时，小灯泡的灯丝电阻是_ ；(保留一位小数）(4)根据实验测量结果可以绘制小灯泡的电功率随其两端电压或电压的平方变化的图象，在图中所给出的甲、乙、丙、丁图象中可能正确的是_（选填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）四、解答题（14题10分，15题10分，16题12分，17题12分，共44分）14如图所示，真空在水平方向的一条直线上有两个相距0.5m的点电荷A、B，它们的电荷量分别为 QA=3108C,QB=3108C，试求：(静电力常量k=9.0109N.m2/c2 )(1)A对B间的库仑力？(2)点电荷A在A与B连线中间位置的场强？15 如下图所示,有一个表头G，满偏电流Ig=0.5A,内阻Rg=400,用它改装为有1A 和10 A两种量程的电流表,则R1、R2的阻值各为多大?16如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压U0 =1.82104 V的电场加速后，由孔N沿长L=0.10m相距为d=0.02m的两平行金属板A、B间的中心轴线进入两板间，电子穿过A、B板后最终可打在中心为O的荧光屏CD上，光屏CD距A、B板右侧距离s=0.45m.若在A、B间加UAB=109.2V的电压。已知电子电荷量e=1.610-19C，质量m=9.110-31Kg.求:（1）电子通过孔N时的速度大小；（2）电子通过偏转电场的偏转位移y；（3）荧光屏CD上的发光点距中心O的距离.17在光滑绝缘水平面上放置一质量m1 .0kg、电荷量q1.0104 C的小球，小球系在长L1.0 m 的绝缘细线上，细线的另一端固定在O点。整个装置置于匀强电场中，电场方向与水平面平行且沿OA方向，如图3所示(俯视图)。现给小球一初速度使其绕O点做圆周运动，小球经过A点时细线的张力F110 N，小球在运动过程中，最大动能比最小动能大Ek20 J，小球可视为质点。(1)求运动过程中小球的最小动能；(2)若小球运动到动能最小的位置时细线被剪断，则经多长时间小球动能与在A点时的动能相等？此时小球距A点多远？高二物理参考答案 1C 2 D 3B 4D 5C 6D 7C 8AD 9AC 10CD11nve 2分12(1) A 2分 (2)变小2分13(1) A 2分 E 2分 (2)2分(3) 8.6（8.58.7均可）2分(4) 甲、丙 2分（漏选得1分错选得0分）14（10分）（1）根据库仑定律F=K=3.24N.3分方向：由B指向A.2分（2）由点电荷场强公式 4.32103N/C.3分方向：由A指向B.2分15（10分）【解】改装为1A电流表时，并联电阻的分流电流为：IR=I-Ig=1-0.5=0.5A.2分分流电阻的阻值为：R1+R2=400.3分改装为10A电流表时R1=0.5（400+）/(10-0.5).3分解得：R1=40，R2=360；.2分16.(12分）（1）设电子通过加速电场到达N孔的速度大小为v，根据动能定理：.1分代入数据解得：v= 8107m/s.1分（2） 设电子通过加速电场的最大偏移量为y，由类平抛规律得：.2分加速度为：.2分水平方向：L=vt.1分.代入数据解得：y= 7.510-4m.2分.（3）设荧光屏上发光点到O点的距离为y，打在荧光屏上的电子相当于从A、B板中心沿直线射出，由几何关系得：.2分代入数据解得：Y= 7.5103m.1分17(12分）（1）设A点关于O点的对称点为B，则小球从A运动到B的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点动能最大，在B点的动能最小小球在光滑水平面上运动的最大动能与最小动能的差值为Ek=2qEL=20J代入数据得：E=1.0105 N/C .2分在A处，由牛顿第二定律：F-qE=m，A处小球的动能为EkA=mvA2=50J .2分小球的最小动能为 Ekmin=EkB=EkA-Ek代入数据得：EkB=m=30J.2分（2）小球在B处的动能为 EkB=m vB2解得：vB=m/s .2分当小球的动能与在A点时的动能相等时，由动能定理可知：y=2L线断后球做类平抛运动：x=vBt.2分代入数据后得： t=s，x=m.2分