2020版高二物理上学期第二次月考试卷(含解析).doc

2020版高二物理上学期第二次月考试卷(含解析)一、选择题1.关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（ ）A. 摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B. 摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C. 不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D. 以上说法均不正确【答案】C【解析】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体2.对于欧姆定律,理解正确的是（ ）A. 从I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B. 从R=U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C. 从U =IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高D. 从R=U/I可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零【答案】A【解析】【详解】对于欧姆定律I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，A对；导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压和通过导体的电流无关，BCD错,故本题选A。3.电荷从静止开始只在电场力作用下的运动(最初阶段的运动)，则电荷()A. 总是从电势高的地方移到电势低的地方B. 总是从电场强度大的地方移到电场强度小的地方C. 总是从电势能大的地方移到电势能小的地方D. 总是从电势能小的地方移到电势能大的地方【答案】C【解析】如果是负电荷，运动方向与场强相反，故电势会增大，故A错误；静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，但此方向的场强不一定减小，故B错误；由于电荷只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以AB，故C正确D错误4.如图所示是两个等量异种点电荷，周围有1、2、3、4、5、6各点，其中1、2之间距离与2、3之间距离相等，2、5之间距离与2、6之间距离相等两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙述正确的是()A. 1、3两点电场强度相同B. 5、6两点电场强度相同C. 4、5两点电势相同D. 1、3两点电势相同【答案】AC【解析】试题分析：本题根据等量异种电荷周围电场分布情况分析在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向-Q；两电荷连线上的电场强度大小关于2点对称，两电荷连线的中垂线是一条等势线1、2之间距离与2、3之间距离相等，由场强的矢量合成和对称性可知：1、3两点电场强度相同，A错误；2、5之间距离与2、6之间距离相等，由场强的矢量合成得5、6两点电场强度相同，B正确；两个等量异种点电荷的中垂线是一条等势线，所以2、4、5、6的电势相等，C正确；顺着电场线的方向电势降低，则知1点的电势低于3点的电势，D错误5.如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成60角，b点的场强大小为Eb，方向与ab连线成30角关于a、b两点场强Ea、Eb及电势a、b的关系，正确的是 ()A. Ea3Eb，ab B. Ea3Eb，abC. ，ab D. ，ab【答案】B【解析】试题分析：由图可知，该电场是负点电荷产生的电场，电场线从无穷远处指向负点电荷，设Oa间距离为da，Ob间距离为db，由几何关系可知：，根据点电荷的场强公式可知：；点电荷的等势线是以点电荷为圆心的圆，电场线由电势高的等势线指向电势低的等势线，ab，故B正确，A、C、D错误。考点：点电荷的电场强度，电场线，电势，等势面6.如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是()A. 电阻R1的阻值较大B. 电阻R2的阻值较大C. 电阻R1的发热功率较大D. 电阻R2的发热功率较大【答案】BC【解析】【详解】因为该图象是图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以的阻值大于的阻值，故A错误、B正确根据功率的公式，电压相同，电阻大的功率小，所以的发热功率大，故C正确、D错误故选BC7.四种电场的电场线如图所示一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动，且加速度越来越大则该电荷所在的电场是图中的（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】正电荷q在电场中由M点向N点做加速运动，则其所受的电场力方向与速度方向相同，由于该电荷带正电，所以电场力方向与电场强度方向相同，则可知，电场强度方向由，根据牛顿第二定律得知，加速度与电场强度成正比，电荷的加速度增大，场强增大，电场线越来越来密，故C正确。点睛：本题要具有分析加速度与电场强度、电场线疏密关系的能力电场线越密，场强越大，电荷的加速度越大。8.如图所示，平行板电容器在充电后不切断电源，此时板间有一带电尘粒恰能在电场中静止若正对的平行板左右错开一些()A. 带电尘粒将向上运动B. 带电尘粒将向下运动C. 错开过程中，通过电阻R的电流方向为A到BD. 错开过程中，通过电阻R的电流方向为B到A【答案】C【解析】试题分析：根据电容器的决定式，当正对面积S减小时，电容器的电容减小带电尘粒受电场力没有发生变化，故电场力不变粒子仍处于平衡状态，故AB错误；由于电容器的电容减小，两极板间电压保持不变，故电容器的带电荷量将减小，故电容器放电，流经电阻R电流方向从A至B，故C正确，D错误故选C考点：电容器【名师点睛】本题主要考查电容器的动态变化，抓住电容器与电源相连，两极板间电压保持不变，由于电容器的正对面积发生变化而引起电容器的电容变化，从而判定在变化过程中电容器是充电还是放电来判定电流方向。9.质量为1kg的物体从离地面5m高处自由下落。与地面碰撞后.上升的最大高度为3.2m，设球与地面作用时间为0.2s，则小球对地面的平均冲力为(g=10m/s2)（ ）A. 90NB. 80NC. 110ND. 100N【答案】A【解析】试题分析：由动能定理得：小球下落过程：mgh1=mv12-0，v1=10m/s，方向竖直向下；小球上升过程：-mgh2=0-mv22，v2=8m/s，方向竖直向上；以向下为正方向，由动量定理得：（mg-F）t=mv2-mv1，即：（110-F）0.2=1（-8）-1（-10），解得：F=-100N；负号表示冲力方向向上；故选D.考点：动能定理；动量定理.10.如图所示，虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如右图中两条实线所示点a、b、c为实线与虚线的交点已知O点电势高于c点，若不计重力，则() A. M带负电荷，N带正电荷B. N在a点的速度与M在c点的速度大小不相同C. N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D. M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【答案】D【解析】由题，等势线在水平方向，O点电势高于c点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N粒子所受的电场力方向竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知M粒子带正电，N带负电，故A错误由动能定理可知，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，故B正确N从O点运动至a点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功故C错误O、c间电势差不为零，由动能定理可知M从O点运动至c点的过程中，电场力对它做功不为零故D错误故选B.点睛：本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性由动能定理分析电场力做功是常用的方法视频11.质量相等的A、B两球在光滑水平面上，沿同一直线，同一方向运动，A球的动量pA9 kgm/s，B球的动量pB3 kgm/s.当A追上B时发生碰撞，则碰后A、B两球的动量可能值是()A. pA6 kgm/s，pB6 kgm/sB. pA8 kgm/s，pB4 kgm/sC. pA2 kgm/s，pB14 kgm/sD. pA4 kgm/s，pB17 kgm/s【答案】AB【解析】【详解】碰撞前系统总动量：p=pA+pB=12kgm/s，由题意可知mA=mB=m(1)如果pA=6kgm/s，pB=6kgm/s，系统动量守恒，碰撞后的机械能不增加，即：，符合实际，故A正确；(2)如果pA=8kgm/s，pB=4kgm/s，碰撞过程动量守恒；但碰撞后，不符合实际情况，故B错误；（3）如果pA=-2kgm/s，pB=14kgm/s，碰撞过程动量守恒；但碰撞后系统的机械能增加，即：,不符合实际，故C错误；（4）如果pA=-4kgm/s，pB=17kgm/s, 碰撞后系统总动量p=pA+pB=-4kgm/s+17kgm/s=13kgm/s，碰撞过程动量不守恒，不符合题意，故D错误,故本题选A。12.如图所示，竖直放置的一对平行金属板间的电势差为U1，水平放置的一对平行金属板间的电势差为U2.一电子由静止开始经U1加速后，进入水平放置的金属板间，刚好从下板边缘射出不计电子重力，下列说法正确的是()A. 增大U1，电子一定打在金属板上B. 减小U1，电子一定打在金属板上C. 减小U2，电子一定能从水平金属板间射出D. 增大U2，电子一定能从水平金属板间射出【答案】BC【解析】电子经U1加速,qU1=ymv2,电子以速度v进入水平放置的金属板间做类平抛运动,x=vt,at2,a=qU2/dm,联立解得x=d,所以正确选项是BC.二、填空题13.在电场中P点放一个电荷量为C的检验电荷，它受到的电场力为N，则P 点的场强为_N/C。把放在P点的检验电荷的电荷量减为C，则P点的场强为_N/C。【答案】 (1). 5104 (2). 5104【解析】【详解】由得：，电场强度是电场本身的属性，与有无检验电荷无关。14.一同学利用水平气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验时，测出一个质量为0.8kg的滑块甲以0.4m/s的速度与另一个质量为0.6kg，速度为0.2m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.3m/s，此时滑块甲的速度大小为_m/s，方向与它原来的速度方向_(选填“相同”或“相反”).【答案】 (1). 0.025 (2). 相同【解析】碰撞过程动量守恒，设甲速度方向为正方向，碰后乙的速度方向为正方向，则有：m甲v甲-m乙v乙=m甲v甲+m乙v乙，代入数据解得：v甲=0.025m/s，方向与原来方向相同15. (8分)用伏安法测量一个定值电阻的电阻值，现有的器材规格如下：A待测电阻Rx(大约100 )B直流毫安表A1(量程010 mA，内阻约100 )C直流毫安表A2(量程040mA，内阻约40 )D直流电压表V1(量程03 V，内阻约5 k)E直流电压表V2(量程015 V，内阻约15 k)F直流电源(输出电压4V，内阻不计)G滑动变阻器R(阻值范围050 ，允许最大电流1 A)H开关一个、导线若干（1）据器材的规格和实验要求，为使实验结果更加准确，直流毫安表应选_，直流电压表应选_(2)在方框内画出实验电路图，要求电压和电流的变化范围尽可能大一些(3)用铅笔按电路图将实物图连线【答案】（1）A2、V1（2）如图所示（3）如图所示【解析】试题分析：（1）0-15V范围的电压表测量4V电压时，误差较大，所以选用电压表V1，但是选用电压表V1后待测电压最大为3V，所以电路中的最大电流为（2）电压和电流的变化范围尽可能大一些，所以采用滑动变阻器的分压接法，因为被测电阻较小，所以采用电流表的外接法，如图所示（3）实物图如图所示考点：伏安法测电阻三、计算题16. 如图所示，P、Q两金属板间的电势差为50V，两板间存在匀强电场，方向水平向左，板间的距离d=10cm，其中Q板接地，两板间的A点距P板4cm，求：（1）A点的电势（2）保持两板间的电势差不变，而将Q板向左平移5cm，则A点的电势将变为多少？【答案】（1）A点的电势为30V（2）保持两板间的电势差不变，而将Q板向左平移5cm，则A点的电势将变为10V【解析】试题分析：板间电场强度方向水平向左，可见Q板是电势最高处Q板接地，则电势Q0，板间各点电势均为负值（1）电场强度Q、A间电势差UQAEd5102（104）102V30 V则A点电势A30 V，P板电势P50 V（2）当Q板向左平移5 cm时，两板间距离d110 cm5 cm5 cmQ板与A点间距离变为d（104）cm5 cm1 cm电场强度=Q、A间电势差UQAEd1010310102V10 V，所以A点电势A10 V考点：电场强度；电势差【名师点睛】本题关键记住两个公式：电势差与电势关系公式UAB=A-B，电势差与电场强度关系公式U=Ed。17.在足够大的真空空间中，存在水平向右的匀强电场，若用绝缘细线将质量为m的带正电小球悬挂在电场中，静止时细线与竖直方向夹角=37撤去细线，现将该小球从电场中的A点竖直向上抛出，抛出的初速度大小为v0，如图所示，求：(1)小球在电场内运动过程中的最小速率(2)小球从抛出至达到最小速率的过程中，电场力对小球做的功 (sin37=0.6，cos37 =0.8)【答案】,【解析】【详解】(1)小球静止在电场中时，根据力的平衡条件qEmgtan37小球被抛出以后，受到重力和电场力的共同作用，沿重力方向的分运动是匀减速直线运动，加速度为g设t时刻的速度为v1；沿电场方向的分运动是初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a，t时刻的速度为v2，则有：v1v0gtv2at和小球t时刻的速度大小为由以上各式得出：解得v的最小值为： (2)小球沿电场方向的位移为s而小球在达到最小速度时，沿电场方向的速度为得小球沿电场方向的位移为电场力做功为18.两个质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示一质量为m的物块位于劈A的倾斜面上，距水平面的高度为h物块从静止开始滑下，然后又滑上劈B求物块在B上能够达到的最大高度【答案】 【解析】设物块到达劈A的低端时，物块和A的的速度大小分别为和V，由机械能守恒和动量守恒得设物块在劈B上达到的最大高度为，此时物块和B的共同速度大小为，由机械能守恒和动量守恒得联立式得视频