2019-2020年高考物理调研试卷含解析.doc

2019-2020年高考物理调研试卷含解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有一个选项符合题意1（3分）（xx攀枝花一模）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）ABCD2（3分）（xx普陀区二模）如图，质量m=1kg的物体放在水平放置的钢板C上，与钢板的动摩擦因数=0.2由于受到相对地面静止的光滑导槽A、B的控制，物体只能沿水平导槽运动现使钢板以速度v1=0.8m/s向右匀速运动，同时用力拉动物体（方向沿导槽方向）以速度v2=0.6m/s沿导槽匀速运动，则拉力大小为（）A2NB1.6NC1.2ND1N3（3分）（xx南开区一模）如图所示的电路中，L是一个自感系数很大、直流电阻不计的线圈，D1、D2和D3是三个完全相同的灯泡，E是内阻不计的电源在t=0时刻，闭合开关S，电路稳定后在t1时刻断开开关S规定以电路稳定时流过D1、D2的电流方向为正方向，分别用I1、I2表示流过D1和D2的电流，则下图中能定性描述电流I随时间t变化关系的是（）ABCD4（3分）（xx资阳模拟）如图所示，正点电荷2Q、Q分别置于 M、N两点，O点为MN连线的中点点a，b在MN连线上，点c，d在MN中垂线上，它们都关于O点对称下列说法正确的是（）AO点的电势高于c点的电势Ba、b两点的电场强度相同C电子在a点的电势能大于在b点的电势能D将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做负功后做正功5（3分）（xx长沙一模）酒后驾驶会导致许多安全隐患，是因为驾驶员的反应时间变长，反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离，“制动距离”是指驾驶员从发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）速度（m/s）思考距离/m制动距离/m正常酒后正常酒后157.515.022.530.02010.020.036.746.72512.525.054.2x分析上表可知，下列说法不正确的是（）A驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sB若汽车以20m/s的速度行驶时，发现前方40m处有险情，酒后驾驶不能安全停车C汽车制动时，加速度大小为10m/s2D表中x为66.7二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分6（4分）（2011南昌一模）“嫦娥二号”探月卫星于2010年10月1日成功发射，目前正在月球上方100km的圆形轨道上运行已知“嫦娥二号”卫星的运行周期、月球半径、月球表面重力加速度、万有引力恒量G根据以上信息可求出（）A卫星所在处的加速度B月球的平均密度C卫星线速度大小D卫星所需向心力7（4分）（xx徐州模拟）如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A，下列说法正确的是（）A图示位置穿过线框的磁通量为零B线框中产生交变电压的有效值为VC变压器原、副线圈匝数之比为25：11D允许变压器输出的最大功率为5000W8（4分）（2011江苏模拟）利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差UCD，下列说法中正确的是（）A电势差UCD仅与材料有关B若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UCD0C仅增大磁感应强度时，电势差UCD变大D在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平9（4分）（xx开封二模）如图1所示，一倾角为37的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8则下列说法正确的是（）A物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B08s内物体位移的大小为18mC08s内物体机械能的增量为90JD08s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12-18题）两部分，共计42分10（8分）（xx张掖一模）某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系（1）做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为t1、t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x，用游标卡尺测得遮光条宽度d则滑块经过光电门1时的速度表达式v1=；经过光电门2时的速度表达式v2=，滑块加速度的表达式a=（以上表达式均用已知字母表示）如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为mm（2）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h（见图甲）关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是AM增大时，h增大，以保持二者乘积增大BM增大时，h减小，以保持二者乘积不变CM减小时，h增大，以保持二者乘积不变DM减小时，h减小，以保持二者乘积减小11（10分）（2011江西校级一模）xx年诺贝尔物理学奖授予英国曼彻斯特大学科学家安德烈海姆和康斯坦丁诺沃肖洛夫，以表彰他们对石墨烯的研究他们最初是用透明胶带从石墨晶体上“粘”出一片石墨烯的我们平常所用的铅笔芯中就含有石墨，能导电某同学设计了探究铅笔芯伏安特性曲线的实验，得到如下数据（I和U分别表示通过铅笔芯的电流和其两端的电压）：U/V0.000.400.801.201.602.00I/A0.000.100.180.280.380.48实验室提供如下器材：A电流表A1（量程0.6A，内阻约为1.0）B电流表A2（量程3A，内阻约为0.1）C电压表V1（量程3V，内阻3k）D电压表V2（量程15V，内阻15k）E滑动变阻器R1（阻值010，额定电流2A）F滑动变阻器R2（阻值02k，额定电流0.5A）（1）除长约14cm的中华绘图2B铅笔芯、稳压直流电源E（6V）、开关和带夹子的导线若干外，还需选用的其它器材有（填选项前字母）；（2）在虚线方框中画出实验电路图；（3）根据表格中数据在坐标纸上画出铅笔芯的IU图线【选做题】（请从A、B和C三个模块中选定两模块作答，并在答题卡相应的答题区域内作答）A（选修模块3-3）12（12分）（2011江苏模拟）如图所示，某种自动洗衣机进水时，洗衣机缸内水位升高，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量（1）当洗衣缸内水位缓慢升高时，设细管内空气温度不变，则被封闭的空气A分子间的引力和斥力都增大B分子的热运动加剧C分子的平均动能增大D体积变小，压强变大（2）若密闭的空气可视为理想气体，在上述（1）中空气体积变化的过程中，外界对空气做0，6J的功，则空气（选填“吸收”或“放出”）了J的热量；当洗完衣服缸内水位迅速降低时，则空气的内能（选填“增加”或“减小”）（3）若密闭的空气体积V=1L，密度=1.29kg/m3，平均摩尔质量M=0.029kg/mol，阿伏加德罗常数NA=6.021023mol1，试估算该气体分子的总个数（结果保留一位有效数字）（选修模块3-4）（12分）13（4分）（xx如皋市校级模拟）下列说法正确的是（）A光的偏振现象说明光是纵波B全息照相利用了激光相干性好的特性C光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大14（4分）（xx如皋市校级模拟）如图是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，波的传播速度v=2m/s，试回答下列问题x=4m处质点的振动函数表达式y=cm；x=5m处质点在04.5s内通过的路程s=cm15（4分）（xx临沂一模）如图所示，直角三角形ABC为一三棱镜的横截面，A=30一束单色光从空气射向BC上的E点，并偏折到AB上的F点，光线EF平行于底边AC已知入射方向与BC的夹角为=30试通过计算判断光在F点能否发生全反射C（选修模块3-5）（12分）16（xx福州校级模拟）如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是（）A男孩和木箱组成的系统动量守恒B男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒C小车与木箱组成的系统动量守恒D木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同17（xx如皋市校级模拟）若氢原子的基态能量为E（E0 ），各个定态的能量值为En=E/n2（n=1，2，3），则为使一处于基态的氢原子核外电子脱离原子核的束缚，所需的最小能量为；若有一群处于n=2能级的氢原子，发生跃迁时释放的光子照射某金属能产生光电效应现象，则该金属的逸出功至多为（结果均用字母表示）18（xx如皋市校级模拟）在某些恒星内，3个粒子可以结合成一个C核，已知C核的质量为1.992721026kg，粒子的质量为6.646721027kg，真空中的光速c=3108m/s，计算这个反应中所释放的核能（结果保留一位有效数字）四、计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位19（15分）（xx深圳一模）如图甲所示，固定在水平桌边上的“”型平行金属导轨足够长，倾角为53，间距L=2m，电阻不计；导轨上两根金属棒ab、cd的阻值分别为R1=2，R2=4，cd棒质量m1=1.0kg，ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它刚要滑出导轨时，cd棒刚要开始滑动；g取10m/s2，sin37=cos53=0.6，cos37=sin53=0.8（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图，并求出ab棒的速度；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（3）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？20（16分）（xx连云港二模）如图所示，倾角为的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L有若干个相同的小方块沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L现将它们由静止释放，释放时下端距A为2L当下端运动到A下面距A为时物块运动的速度达到最大求：（1）物块与粗糙斜面的动摩擦因数；（2）最后一个木块运动过A时的速度；（3）若小方块的总质量为m，则物块下滑过程中产生的热量21（16分）（xx扬州二模）如图甲所示，在边界OO左侧区域有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向水平向外右侧水平放置长为L、相距为d的平行金属板M、N，M板左端紧靠磁场边界，磁场边界上O点与N 板在同一水平面上，边界OO与水平面的夹角为45，O1O2为平行板的中线，在两板间存在如图乙所示的交变电场（取竖直向下为正方向）某时刻从O点竖直向上同时发射两个质量均为m、电量均为+q的粒子a和b，初速度不同粒子a在图乙中的t=时刻，从O1点进入板间电场运动，并从O2点射出板间电场；粒子b恰好紧靠M板左端进入电场，已知交变电场周期T=，不计粒子重力和粒子间的相互作用（1）求粒子a、b从O点射出时的初速度va和vb；（2）粒子b能穿出板间电场，求电场强度大小E0满足的条件；（3）若粒子b刚好能穿出板间电场，求粒子b穿过板间电场过程中电场力做的功Wxx年江苏省南通市如皋市搬经中学高考物理调研试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有一个选项符合题意1（3分）（xx攀枝花一模）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可能正确的是（）ABCD考点：作用力和反作用力分析：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态解答：解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、C、D错误；B正确故选：B点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了2（3分）（xx普陀区二模）如图，质量m=1kg的物体放在水平放置的钢板C上，与钢板的动摩擦因数=0.2由于受到相对地面静止的光滑导槽A、B的控制，物体只能沿水平导槽运动现使钢板以速度v1=0.8m/s向右匀速运动，同时用力拉动物体（方向沿导槽方向）以速度v2=0.6m/s沿导槽匀速运动，则拉力大小为（）A2NB1.6NC1.2ND1N考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：分析工件所受滑动摩擦力的大小和方向，从运动的方面得知外力与滑动摩擦力的大小关系，画出速度合成图，找出外力F和滑动摩擦力之间的方向关系，列式即可正确求解该题解答：解：工件有相对于钢板水平向左的速度v1和沿导槽的速度v2，故工件相对于钢板的速度如图所示，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，在导轨方向上施加的外力F大小等于滑动摩擦力在导轨方向上的分量，所以有：F=fcos=mgcoscos=联立并代入数据得：F=1.2N，故ABD错误，C正确故选：C点评：注意正确分析滑动摩擦力的大小和方向，其大小与正压力成正比，方向与物体相对运动方向相反，在具体练习中要正确应用该规律解题3（3分）（xx南开区一模）如图所示的电路中，L是一个自感系数很大、直流电阻不计的线圈，D1、D2和D3是三个完全相同的灯泡，E是内阻不计的电源在t=0时刻，闭合开关S，电路稳定后在t1时刻断开开关S规定以电路稳定时流过D1、D2的电流方向为正方向，分别用I1、I2表示流过D1和D2的电流，则下图中能定性描述电流I随时间t变化关系的是（）ABCD考点：感抗和容抗专题：交流电专题分析：当电流增大时，线圈会阻碍电流的增大，当电流减小时，线圈会阻碍电流的减小解答：解：当闭合电键，因为线圈与D1串联，所以电流I1会慢慢增大，灯泡D2这一支路立即就有电流当电键断开，D2这一支路电流立即消失，因为线圈阻碍电流的减小，所以通过D1的电流不会立即消失，会从原来的大小慢慢减小，而且D1和D2、D3构成回路，通过D1的电流也流过D2，所以I2变成反向，且逐渐减小故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键掌握线圈对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，线圈会阻碍电流的增大，当电流减小时，线圈会阻碍电流的减小4（3分）（xx资阳模拟）如图所示，正点电荷2Q、Q分别置于 M、N两点，O点为MN连线的中点点a，b在MN连线上，点c，d在MN中垂线上，它们都关于O点对称下列说法正确的是（）AO点的电势高于c点的电势Ba、b两点的电场强度相同C电子在a点的电势能大于在b点的电势能D将电子沿直线从c点移到d点，电场力对电子先做负功后做正功考点：电场的叠加；电场强度；电势；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：A、根据电场线分布，沿电场线方向电势逐渐降低来比较O点和c点的电势B、求出a、b两点的电场强度，进行比较C、电子从a点移到b点，通过电场力做功比较电势能的大小D、将电子沿直线从c点移到d点，通过电子所受的电场力与速度的方向夹角判断电场力做正功还是负功解答：解：A、同种电荷的电场线是排斥状的，沿电场线方向电势逐渐降低，知O点的电势高于c点的电势故A正确 B、设Ma=L，aO=r，则a点的电场强度，可见EaEb故B错误 C、若将电子从a点运动到b点，电场力总体而言做负功，电势能增加所以电子在a点的电势能小于在b点的电势能故C错误 D、对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在Oc段方向斜向右上，在0d段方向斜向右下所以电子所受的电场力在Oc段斜向左下，在0d段斜向左上，电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功故D错误故选A点评：解决本题的关键会进行电场的叠加，以及通过电场力与速度的方向关系判断电场力做正功还是负功5（3分）（xx长沙一模）酒后驾驶会导致许多安全隐患，是因为驾驶员的反应时间变长，反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离，“制动距离”是指驾驶员从发现情况到汽车停止行驶的距离（假设汽车制动时的加速度大小都相同）速度（m/s）思考距离/m制动距离/m正常酒后正常酒后157.515.022.530.02010.020.036.746.72512.525.054.2x分析上表可知，下列说法不正确的是（）A驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sB若汽车以20m/s的速度行驶时，发现前方40m处有险情，酒后驾驶不能安全停车C汽车制动时，加速度大小为10m/s2D表中x为66.7考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：汽车先匀速运动和后匀减速运动，可以根据速度位移公式求解出减速的加速度大小解答：解：A、反映时间内汽车做匀速运动，故从表中数据得到，多出的反应时间为：=0.5s，故A正确；B、若汽车以20m/s的速度行驶时，发现前方40m处有险情，酒后驾驶的制动距离为46.7m，大于40m，故不能安全停车，故B正确；C、汽车制动时，加速度大小为=7.5m/s2，故C错误；D、制动距离多在思考距离变长，故x=54.2+（2512.5）=66.7m，故D正确；本题选错误的，故选：C点评：本题关键要明确制动距离的构成，然后结合运动学公式进行计算分析二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分6（4分）（2011南昌一模）“嫦娥二号”探月卫星于2010年10月1日成功发射，目前正在月球上方100km的圆形轨道上运行已知“嫦娥二号”卫星的运行周期、月球半径、月球表面重力加速度、万有引力恒量G根据以上信息可求出（）A卫星所在处的加速度B月球的平均密度C卫星线速度大小D卫星所需向心力考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据万有引力等于重力G和万有引力提供向心力进行分析解答：解：A、根据万有引力等于重力G，可求出月球的质量M=，根据，求出嫦娥二号的轨道半径r=，再根据a=r，求出向心加速度故A正确 B、月球的质量M=，月球的体积V=，所以可求出月球的平均密度故B正确 C、可求出嫦娥二号的轨道半径r=，根据v=，求出卫星的线速度大小故C正确 D、因为不知道卫星的质量，所以求不出卫星所需的向心力故D错误故选ABC点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力G和万有引力提供向心力7（4分）（xx徐州模拟）如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计线框绕垂直于磁场的轴OO以角速度=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A，下列说法正确的是（）A图示位置穿过线框的磁通量为零B线框中产生交变电压的有效值为VC变压器原、副线圈匝数之比为25：11D允许变压器输出的最大功率为5000W考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交流发电机及其产生正弦式电流的原理专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论解答：解：A、由图可知，此时线圈和磁场垂直，此时线框的磁通量最大，所以A错误B、矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电的最大值为Em=nBs=500.5200=V，由于最大值为有效值的倍，所以交流电的有效值为500V，所以B错误C、由于电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈匝数之比为=，所以C正确D、由于熔断器允许通过的最大电流为10A，所以允许变压器输出的最大功率为P=UI=50010=5000W，所以D正确故选：CD点评：掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决8（4分）（2011江苏模拟）利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差UCD，下列说法中正确的是（）A电势差UCD仅与材料有关B若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UCD0C仅增大磁感应强度时，电势差UCD变大D在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平考点：霍尔效应及其应用专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题分析：在霍尔元件中，移动的是自由电子，根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力方向，从而知道两侧面所带电荷的电性，即可知道C、D两侧面会形成电势差UCD的正负CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡推导出电势差UCD与什么因素有关解答：解：A、根据左手定则，电子向C侧面偏转，C表面带负电，D表面带正电，所以D表面的电势高，则UCD0CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有，I=nqvS=nqvbc，则U=故A错误，B、C正确 D、在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过故D错误故选BC点评：解决本题的关键知道霍尔元件中移动的是自由电子，以及自由电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡9（4分）（xx开封二模）如图1所示，一倾角为37的传送带以恒定速度运行，现将一质量m=1kg的小物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图2所示，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8则下列说法正确的是（）A物体与传送带间的动摩擦因数为0.875B08s内物体位移的大小为18mC08s内物体机械能的增量为90JD08s内物体与传送带由于摩擦产生的热量为126J考点：摩擦力的判断与计算；动摩擦因数；功能关系专题：摩擦力专题分析：（1）速度图象的“面积”大小等于位移，物体在02s内的位移为正值，在28s内的位移为负值（2）根据斜率求出加速度，由牛顿第二定律求解物体与传送带间的动摩擦因数（3）08s内物体机械能增量等于动能增加量与重力势能增加量之和在前6s内物体与传送带发生相对滑动，求出相对位移s，产生的热量为Q=mgcoss解答：解：A、从图b中求出物体位移为：s=32+42=14m由图象知，物体相对传送带滑动时的加速度为：=lm/s2对此过程中物体分析得：mgcosmgsin=ma，解得=0.875，A正确；B、物体被送上的高度为：h=ssin=8.4m，重力势能增量为：Ep=mgh=84J动能增量为：E k=6J机械能增加为：E=Ep+E k=90J08s内只有前6s发生相对滑动06s内传送带运动距离为：s带=4x6m=24m06s内物体位移为：s带=6m产生的热量为：Q=mg coss相对=126J，B错误CD正确；故选：ACD点评：本题一要读懂速度图象，根据图象分析物体的运动情况，求出位移和加速度，二要根据牛顿第二定律和功能关系求解相关的量，对于热量，要根据相对位移求解三、简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12-18题）两部分，共计42分10（8分）（xx张掖一模）某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系（1）做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器（图中未画出）可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为t1、t2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x，用游标卡尺测得遮光条宽度d则滑块经过光电门1时的速度表达式v1=；经过光电门2时的速度表达式v2=，滑块加速度的表达式a=（以上表达式均用已知字母表示）如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为8.15mm（2）为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M和气垫导轨右端高度h（见图甲）关于“改变滑块质量M和气垫导轨右端的高度h”的正确操作方法是BCAM增大时，h增大，以保持二者乘积增大BM增大时，h减小，以保持二者乘积不变CM减小时，h增大，以保持二者乘积不变DM减小时，h减小，以保持二者乘积减小考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题分析：知道光电门测量滑块瞬时速度的原理根据运动学公式求出加速度了解不同的测量工具的精确度和读数方法解答：解：（1）滑块经过光电门1时的速度表达式v1=经过光电门2时的速度表达式v2=a=游标卡尺的读数由主尺和游标尺两部分组成读数为8.15mm（2）滑块的合力F合=Mg，为了保持滑块所受的合力不变，所以M和h 不能同时增大或减小故选BC故答案为：（1）、8.15 （2）BC点评：知道20分度的游标卡尺的精确度能够用力学知识找出M和h的关系11（10分）（2011江西校级一模）xx年诺贝尔物理学奖授予英国曼彻斯特大学科学家安德烈海姆和康斯坦丁诺沃肖洛夫，以表彰他们对石墨烯的研究他们最初是用透明胶带从石墨晶体上“粘”出一片石墨烯的我们平常所用的铅笔芯中就含有石墨，能导电某同学设计了探究铅笔芯伏安特性曲线的实验，得到如下数据（I和U分别表示通过铅笔芯的电流和其两端的电压）：U/V0.000.400.801.201.602.00I/A0.000.100.180.280.380.48实验室提供如下器材：A电流表A1（量程0.6A，内阻约为1.0）B电流表A2（量程3A，内阻约为0.1）C电压表V1（量程3V，内阻3k）D电压表V2（量程15V，内阻15k）E滑动变阻器R1（阻值010，额定电流2A）F滑动变阻器R2（阻值02k，额定电流0.5A）（1）除长约14cm的中华绘图2B铅笔芯、稳压直流电源E（6V）、开关和带夹子的导线若干外，还需选用的其它器材有ACE（填选项前字母）；（2）在虚线方框中画出实验电路图；（3）根据表格中数据在坐标纸上画出铅笔芯的IU图线考点：描绘小电珠的伏安特性曲线；伏安法测电阻专题：常规题型分析：（1）器材的选取需安全、精确通过表格中电流、电压的数值确定选择电流表、电压表的量程滑动变阻器采用分压式接法，选取总电阻较小的，测量误差较小（2）测量铅笔芯伏安特性曲线电流电压需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法根据铅笔芯的电阻与电流表和电压表内阻比较，确定电流表的内外接（3）用平滑的曲线作出铅笔芯的IU图线解答：解：（1）用伏安法测量，需电压表、电流表和滑动变阻器，因为所处电压和电流的最大值分别为2.00V和0.48A，从精确度考虑，电流表选取量程为0.6A，电压表量程选取3V的为减小测量的误差，滑动变阻器选择010的故选ACE（2）因为电压、电流需从0测起，所以滑动变阻器采用分压式接法铅笔芯的电阻大约在4左右，与电流表内阻相当，远小于电压表内阻，属于“小”电阻，采用电流表外接法电路图如下图所示（3）用平滑曲线描点作图如下图故答案为：（1）ACE；（2）如图所示；（3）如图所示点评：解决本题的关键掌握器材的选取原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，知道什么情况下用电流表内接法，什么情况下用电流表外接法【选做题】（请从A、B和C三个模块中选定两模块作答，并在答题卡相应的答题区域内作答）A（选修模块3-3）12（12分）（2011江苏模拟）如图所示，某种自动洗衣机进水时，洗衣机缸内水位升高，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量（1）当洗衣缸内水位缓慢升高时，设细管内空气温度不变，则被封闭的空气ADA分子间的引力和斥力都增大B分子的热运动加剧C分子的平均动能增大D体积变小，压强变大（2）若密闭的空气可视为理想气体，在上述（1）中空气体积变化的过程中，外界对空气做0，6J的功，则空气放出（选填“吸收”或“放出”）了0.6J的热量；当洗完衣服缸内水位迅速降低时，则空气的内能减小（选填“增加”或“减小”）（3）若密闭的空气体积V=1L，密度=1.29kg/m3，平均摩尔质量M=0.029kg/mol，阿伏加德罗常数NA=6.021023mol1，试估算该气体分子的总个数（结果保留一位有效数字）考点：热力学第一定律；阿伏加德罗常数；温度是分子平均动能的标志；气体的等温变化专题：热力学定理专题分析：（1）洗衣缸内水位缓慢升高，细管内空气压强增大，根据气态方程可以判断出其体积变化情况，从而正确解答本题（2）明确了气体做功情况，根据热力学第一定律可正确解答（3）求出被封闭气体的质量和物质的量，即可求出气体的分子数目解答：解：（1）水位升高，压强增大，被封闭气体做等温变化，根据理想气体状态方程可知，气体体积减小，分子之间距离减小，因此引力和斥力都增大，故AD正确；气体温度不变，因此分子的热运动情况不变，分子平均动能不变，故BC错误故选AD（2）在（1）中空气体积变化的过程中，气体温度不变，内能不变，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放出热量；若水位迅速降低，压强则迅速减小，体积迅速膨胀，气体对外做功，由于过程迅速，没有来得及吸放热，因此内能降低故答案为：放出，0.6，减小（3）物质的量为：，分子总数：代入数据得：N=2.68102231022故该气体分子的总个数为：N=2.68102231022点评：本题考查了热学的有关基础知识，比较简单，注意理想气体状态方程和热力学第一定律的应用（选修模块3-4）（12分）13（4分）（xx如皋市校级模拟）下列说法正确的是（）A光的偏振现象说明光是纵波B全息照相利用了激光相干性好的特性C光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大考点：电磁波谱；光的干涉分析：偏振是横波特有的现象；全息照相利用了光的干涉；光导纤维传播光信号利用了光的全反射；干涉实验中，若仅将入射光波长越短，则相邻亮条纹间距变小解答：解：A、光的偏振现象说明光是横波，不是纵波，故A错误；B、全息照相利用了激光相干性好的特性，即为光的干涉现象，故B正确；C、光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理，故C正确；D、光的双缝干涉实验中，光的双缝干涉条纹间距x=，若仅将入射光从红光改为紫光，由于红光波长大于紫光，则相邻亮条纹间距变小，故D错误故选：BC点评：考查光的偏振的作用、干涉的应用等；要注意理解光的干涉与全反射的条件，注意干涉条纹与波长的关系，并知道红光与紫光的波长的长短14（4分）（xx如皋市校级模拟）如图是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，波的传播速度v=2m/s，试回答下列问题x=4m处质点的振动函数表达式y=5sintcm；x=5m处质点在04.5s内通过的路程s=45cm考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：根据“上下坡法”分析x=4m处的质点此刻振动的方向，通过图象得出波长、振幅，根据波速和波长求出周期，从而得出圆频率，写出振动的函数表达式抓住质点在一个周期内的路程等于4倍的振幅，求出x=5m处质点在04.5s内通过的路程解答：解：根据“上下坡法”可知x=4m处的质点此刻振动的方向向下，则质点的振动函数表达式y=Asint由图知，波长=4m，由v=，得 T=s=2s则= rad/s所以x=4m处质点的振动函数表达式y=5sint cm因为 n=2，即t=4.5s=T则x=5m处质点在04.5s内通过的路程s=4A=95cm=45cm故答案为：y=5sint；45点评：解决本题的关键知道波速、波长、周期以及圆频率的关系，知道波的周期性，以及知道质点在一个周期内的路程等于4倍的振幅15（4分）（xx临沂一模）如图所示，直角三角形ABC为一三棱镜的横截面，A=30一束单色光从空气射向BC上的E点，并偏折到AB上的F点，光线EF平行于底边AC已知入射方向与BC的夹角为=30试通过计算判断光在F点能否发生全反射考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：根据几何关系求出光线在BC面上的入射角和折射角，通过折射定律求出折射率的大小通过折射率求出临界角的大小，比较光在AB面上的入射角和临界角的大小，判断是否发生全反射解答：解：光线在BC界面的入射角1=60、折射角2=30根据折射定律得由几何关系知，光线在AB界面的入射角为1=60而棱镜对空气的临界角C的正弦值sinC=则在AB界面的入射角3C所以光线在F点将发生全反射答：光在F点能发生全反射点评：解决本题的关键掌握光的折射定律，结合几何关系进行求解C（选修模块3-5）（12分）16（xx福州校级模拟）如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是（）A男孩和木箱组成的系统动量守恒B男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒C小车与木箱组成的系统动量守恒D木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同考点：动量守恒定律；能量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：根据动量守恒条件分析答题，系统所受合外力为零，系统动量守恒解答：解：在男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱的过程中；A、男孩和木箱组成的系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；B、男孩、小车与木箱三者组成的系统所受合力为零，系统动量守恒，故B正确；C、小车与木箱组成的系统所受合外力不为零，系统动能不守恒，故C错误；D、木箱、男孩、小车组成的系统动量守恒，木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量大小相同，方向相反，木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量不相同，故D错误故选：B点评：本题考查了判断系统动量是否守恒，知道动量守恒的条件、明确研究对象即可正确解题17（xx如皋市校级模拟）若氢原子的基态能量为E（E0 ），各个定态的能量值为En=E/n2（n=1，2，3），则为使一处于基态的氢原子核外电子脱离原子核的束缚，所需的最小能量为E；若有一群处于n=2能级的氢原子，发生跃迁时释放的光子照射某金属能产生光电效应现象，则该金属的逸出功至多为（结果均用字母表示）考点：爱因斯坦光电效应方程专题：光电效应专题分析：当氢原子吸收能量后原子能量大于等于零，电子发生电离，根据该规律求出所需的最小能量根据能级间跃迁的规律求出辐射的光子能量，通过光电效应方程求出金属逸出功的最小值解答：解：（1）基态的氢原子能量为E，则吸收的最小能量为E（2）n=2向n=1能级跃迁时，辐射的光子能量为E=E根据光电效应方程Ekm=hW0知，金属的逸出功最大值W0=h=E故答案为：E；点评：解决本题的关键知道能级间跃迁所满足的规律，以及掌握光电效应方程18（xx如皋市校级模拟）在某些恒星内，3个粒子可以结合成一个C核，已知C核的质量为1.992721026kg，粒子的质量为6.646721027kg，真空中的光速c=3108m/s，计算这个反应中所释放的核能（结果保留一位有效数字）考点：爱因斯坦质能方程专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：先求解质量亏损，然后根据爱因斯坦质能方程求出释放的核能解答：解：由爱因斯坦质能方程E=mc2，有：E=mc2=（36.6467210271.992721026）（3108）2=91013J 答：这个反应中所释放的核能约为91013J点评：本题关键是会用爱因斯坦质能方程列式求解释放的核能，注意是质量数守恒，不是质量守恒四、计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位19（15分）（xx深圳一模）如图甲所示，固定在水平桌边上的“”型平行金属导轨足够长，倾角为53，间距L=2m，电阻不计；导轨上两根金属棒ab、cd的阻值分别为R1=2，R2=4，cd棒质量m1=1.0kg，ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它刚要滑出导轨时，cd棒刚要开始滑动；g取10m/s2，sin37=cos53=0.6，cos37=sin53=0.8（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图，并求出ab棒的速度；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（3）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）根据楞次定律判断出回路中感应电流的方向，由左手定则判断出cd棒所受的安培力方向，再分析所受的其他力cd棒刚好滑动时所受的静摩擦力达到最大，根据平衡条件和安培力公式、摩擦力公式结合解答（2）ab棒在足够长的轨道下滑时，最大安培力只能等于自身重力的分力，ab棒与cd棒串联，它们所受的最大安培力大小相等，要cd棒都不动，应使其所受的静摩擦力不超过最大静摩擦力，据此列式求解（3）运用与第2题同样的思路解答此题解答：解：（1）ab棒沿斜面滑下切割磁感线产生的感应电流的方向是bacdb；因为当ab棒从导轨刚要滑出时，cd棒刚要开始滑动，其受力分析如图所示 由受力分析得：BILcos53=f Nm1gBILsin53=0且：f=N，解得：I=2.5A根据法拉第电磁感应定律：E=BLv闭合电路的欧姆定律：解得：v=1.5m/s（2）ab棒在足够长的轨道下滑时，最大安培力只能等于自身重力的分力，有： FA=mabgsin53因ab棒与cd棒串联，故所受最大安培力大小相等要使cd棒不能滑动，需：FAcos53（m1g+FAsin53）以上两式联立解得：mab3.125kg（11）（3）ab棒下滑，cd棒始终不动，须有：FAcos53（m1g+FAsin53）（12）得：=当ab棒的质量无限大，在无限长的轨道最终做匀速运动，安培力FA趋于无穷大，则有：=0.75答：（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图如图所示，ab棒的速度是1.5m/s；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于3.125kg； （3）当动摩擦因数满足0.75的条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动点评：解决本题的关键是运用极限分析cd棒始终不动的条件，同时要掌握法拉第定律、欧姆定律和安培力公式等等电磁感应的基本规律，并能熟练运用20（16分）（xx连云港二模）如图所示，倾角为的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L有若干个相同的小方块沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L现将它们由静止释放，释放时下端距A为2L当下端运动到A下面距A为时物块运动的速度达到最大求：（1）物块与粗糙斜面的动摩擦因数；（2）最后一个木块运动过A时的速度；（3）若小方块的总质量为m，则物块下滑过程中产生的热量考点：动能定理；功能关系专题：动能定理的应用专题分析：（1）根据动能定理即可求解动摩擦因素；（2）运用动能定理即可求得最后一个木块运动过A时的速度；（3）先利用动能定理求出物体下端静止时所在的位置，再利用动能定理求出产生的热量解答：解：（1）当整体所受到的合外力为零时，整体速度最大，设整体质量为m则mgsin=解得=2tan（2）最后一个木块运动过A时，整体下滑3L，受到的摩擦力的平均值为：mgcos，由动能定理可知3mgLsin解得v=（3）设物块静止时下端距A点的距离为x，由动能定理得mg（2L+x）sin解得x=3L，即物体的下端停在B端在整个过程中由动能定理得mg5LsinWf=0Wf=5mgLsin；答：（1）物块与粗糙斜面的动摩擦因数2tan；（2）最后一个木块运动过A时的速度；（3）若小方块的总质量为m，则物块下滑过程中产生的热量为5mgLsin点评：本题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取合适的过程运用动能定理求解，难度适中木块在运动至2L3L的过程中受到的摩擦力是变力，需要使用摩擦力的平均值来计算摩擦力的功21（16分）（xx扬州二模）如图甲所示，在边界OO左侧区域有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向水平向外右侧水平放置长为L、相距为d的平行金属板M、N，M板左端紧靠磁场边界，磁场边界上O点与N 板在同一水平面上，边界OO与水平面的夹角为45，O1O2为平行板的中线，在两板间存在如图乙所示的交变电场（取竖直向下为正方向）某时刻从O点竖直向上同时发射两个质量均为m、电量均为+q的粒子a和b，初速度不同粒子a在图乙中的t=时刻，从O1点进入板间电场运动，并从O2点射出板间电场；粒子b恰好紧靠M板左端进入电场，已知交变电场周期T=，不计粒子重力和粒子间的相互作用（1）求粒子a、b从O点射出时的初速度va和vb；（2）粒子b能穿出板间电场，求电场强度大小E0满足的条件；（3）若粒子b刚好能穿出板间电场，求粒子b穿过板间电场过程中电场力做的功W考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）根据题意正确画出粒子在磁场中的运动的轨迹，在根据轨迹上的几何关系确定粒子运动的半