2019-2020年九年级上学期期末考试物理试卷(VII).doc

2019-2020年九年级上学期期末考试物理试卷(VII)一、单项选择题（本题满分18分，共9个小题，每小题2分）：下列各小题的四个选项中只有一个是正确的，请选出并将答题卡的对应项涂黑1甲、乙两个物体质量相等，若它们的比热之比为2：1，升高的温度之比为2：1，则甲、乙两个物体吸收的热量之比为（）A1：1B1：2C1：4D4：1考点：热量的计算.专题：比例法分析：对于热量求比问题，要列出甲乙的热量公式，进行甲乙热量求比解答：解：甲吸收的热量：Q甲=c甲m甲t甲，乙吸收的热量：Q乙=c乙m乙t乙，所以，=故选D点评：对于求比问题，一定要找出公式，把比值代入公式进行求解这是所有求比问题的基础思路2（2分）（xx临邑县二模）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A0的冰内能为零B两个物体温度相同，它们之间就不能发生热传递C物体温度越高，所含热量越多D50水的内能一定比10水的内能多考点：温度、热量与内能的关系.专题：分子热运动、内能分析：要解答本题需掌握：（1）一切物体都具有内能；（2）温度相同的物体之间不能发生热传递；（3）热量是指在热传递过程中传递能量的多少不能说含有多少热量；（4）内能是指物体内部所有分子的动能和分子势能的总和所以是大量分子具有的能量同种物质组成的物体，内能不仅与物体的温度有关，还与多少有关解答：解：A、因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能故A不正确；B、发生热传递的条件是：有温度差，所以两个温度相同的物体不发生热传递故B正确；C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有故C不正确；D、50的水和10的水的质量关系未知，所以内能大小无法比较故D不正确故选B点评：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点3（2分）下列将电能转化为机械能的装置是（）A发电机B电动机C日光灯D电热壶考点：能量的转化和转移.专题：电能和电功率分析：要解答本题需掌握：电动机是将电能转化为内能，以及其它家用电器的能量的转化解答：解：A、发电机是将机械能转化为电能，不合题意；B、电动机是将电能转化为机械能，符合题意；C、日光灯是将电能转化为光能，不合题意；D、电热壶是将电能转化为内能，不合题意故选B点评：本题主要考查学生对：常见的家用电器的能量的转化的了解和掌握4（2分）下列对物体概念的说法中不正确的是（）A热传递过程中，物体传递内能的多少叫热量B物体温度升高，内能一定增加C物体内某一分子热运动的动能与分子势能的总和叫做物体的内能D热量总是由含热量多的物体传向含热量少的物体考点：热量的概念；内能的概念；温度、热量与内能的关系.专题：分子热运动、内能分析：（1）热传递过程中，物体内能变化的多少叫热量；（2）内能与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，内能越大；（3）物体内部所有分子做无规则运动所具有的分子动能和分子势能的综合叫内能；（4）发生热传递的条件是存在温度差，物体本身不含有热量解答：解：A、热传递过程本质是内能的转移过程，在热传递过程中转移的内能的多少叫热量此选项正确；B、物质具有的内能随温度的变化而变化，温度升高，分子无规则运动加剧，内能增加此选项正确；C、内能是物体内部所有分子具有的能量此选项错误；D、发生热传递的条件是存在温度差，所以热量总是由高温物体转移到低温物体，但物体不含有热量此选项错误故选C、D点评：此题考查的是我们对内能、热量、热传递概念的理解，属于易错题，避免出错的方法是记准概念，理解本质及影响因素5（2分）下列图象表示电阻一定时，电流和电压关系正确的是（）ABCD考点：欧姆定律.专题：欧姆定律分析：在电阻一定时，电流与导体两端电压成正比明确每个选项中图象表达的含义，确定符合题意的选项解答：解：由图象知：A、IU图象是一条过原点的直线，是正比例函数图象，说明电阻一定时，电流与电压成正比符合题意；B、IU图象是一条直线，说明电流是定值，与电压无关不符合题意；C、IU图象是一条曲线，是反比例函数图象，说明电流与电压成反比不符合题意；D、IU图象是一条直线，说明电流随电压的增大而减小不符合题意故选A点评：作图象题时，应先看清图象反应的是哪两个量间的关系；弄清图象是什么图象，然后再分析图象特点，由图象获取相关信息解题6（2分）下列作图中有错误的是（）A异名磁极间的磁感线B用电流表测L2的电流C通电螺线管对小磁针的作用D测蓄电池两极间的电压考点：磁感线及其特点；安培定则；电流表的使用；电压表的使用.专题：电流和电路；电压和电阻；电和磁分析：（1）磁体周围的磁感线都是从磁体的N极出来，回到S极；（2）电流表测量电流时，要串联在电路里，并且注意正负接线柱；（3）通电螺线管的磁场应用安培定则来判断，再根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的N、S极；（4）电压表测量电源电压时，注意量程和正负接线柱解答：解：A、磁感线在磁体周围从N极到S极，该选项画法正确，不符合题意；B、图中电流表与L2串联，测量的是L2的电流，该选项画法正确，不符合题意；C、根据安培定则可以判断出通电螺线管的右端是N极，同名磁极相互排斥，因此小磁针的N极应指向右端，该选项画法不正确，符合题意；D、图中蓄电池的电压是6V，因此电压表选择015V量程，并且正接线柱连接的是电源的正极，该选项画法正确，不符合题意故选C点评：本题具有一定的综合性，考查了磁感线、电流表的使用、通电螺线管的磁场、电压表的使用，有一定的难度7（2分）下列有关电和磁的叙述正确的是（）A英国的法拉第发现了电流的磁效应B通电螺线管的磁场强弱只与电流大小有关C通电螺线管外部磁场的形状与条形磁铁的相似D电磁铁中用钢芯代替铁芯效果更好考点：通电螺线管的磁场；电磁铁的构造和原理；电磁感应.专题：应用题；磁现象、电生磁；电动机、磁生电分析：根据以下知识分析答题；（1）丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，英国的物理学家法拉第得出了电磁感应定律；（2）通电螺线管的磁场强弱与螺线管的长度、线圈匝数、横截面积、有无铁芯、电流强弱有关；通电螺线管外部磁场与条形磁铁磁场相似解答：解：丹麦的奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第经过10年的不懈努力得出了法拉第电磁感应定律，故A错误；B、通电螺线管的磁场强弱与螺线管的长度、线圈匝数、横截面积、有无铁芯、电流强弱有关，故B错误；C、通电螺线管外部磁场的形状与条形磁铁的相似，故C正确；D、钢芯与铁芯都能被磁化，电磁铁中插入钢芯与插入铁芯效果相同，故D错误；故选C点评：本题难度不大，是一道基础题，了解相关的物理学史、知道影响电磁铁磁性强弱的因素，即可正确答题8（2分）如图所示，电源电压不变，当开关S1断开，S2接通时，电压表示数为4.5V，当开关S1接通，S2断开时，电压表示数为3V，则灯L1、L2两端电压分别为（）A3V 和5VB1.5V和 4.5VC3V和1.5VD1.5V和 3V考点：串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电压规律.专题：电流和电路；电压和电阻分析：（1）当开关S1断开S2接通时，两灯串联，电压表测电源两端电压；（2）当开关S1接通S2断开时，两灯串联，电压表测L1两端的电压，由串联电路的电压规律可知L2两端的电压解答：解：（1）开关S1断开S2接通时，电压表测量电源电压，电压表示数为4.5V，故可知电源电压为4.5V；（2）当开关S1接通S2断开时，两灯串联，电压表测L1两端的电压，则可知L1两端的电压为3V；根据串联电路的电流规律可知，L2两端的电压为4.5V3V=1.5V故选C点评：本题考查串联电路的电压规律及电压表的使用，应通过开关的通断得出电路特点，并找出电压表所测量的对象9（2分）“类比法”是物理学中常用的一种研究方法，下面研究过程中应用了该方法的是（）A由“电能生磁”而联想到“磁能生电”B保持电阻不变，研究电流与电压的关系C在电路中，一个10电阻的效果与两个5电阻串联效果相同D通过研究水压来研究并认识电压考点：物理学方法.专题：其他综合题分析：类比法也叫“比较类推法”，是指由一类事物所具有的某种属性，可以推测与其类似的事物也应具有这种属性的推理方法其结论必须由实验来检验，类比对象间共有的属性越多，则类比结论的可靠性越大解答：解：A、由“电能生磁”而联想到“磁能否生电”，是逆向思考法此选项不符合题意；B、在研究电流与电压的关系时，保持电阻不变，采用的是控制变量法此选项不符合题意；C、在电路中，一个10电阻的效果与两个5电阻串联的效果相同，是等效法此选项不符合题意；D、水压和电压都客观存在，水压能够直观感受到，电压无法直接观察，但两者的作用有共同之处以水压解释电压，采用的是类比法此选项符合题意故选D点评：解决此类物理学方法问题，要结合研究对象判断所用的研究方法二、不定项选择题（本题满分12分，共4个小题）：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出并将答题卡的对应项涂黑（每小题全选对得3分，漏选得1分，错选或不选得0分）10（3分）下列关于电功率的说法中正确的是（）A电功率是表示用电器消耗电能多少的物理量B消耗电能快的用电器功率一定大C消耗电能快的用电器，消耗的电能一定多D一定时间内，电功率大的用电器消耗的电能多考点：电功率.专题：电能和电功率分析：根据电功率的概念和意义分析电功率是指电流在单位时间内做功的多少，它是表示电流做功快慢的物理量解答：解：A、电功率是表示用电器消耗电能快慢的物理量，故A错误B、由于是表示电流做功快慢的物理量，消耗电能快的用电器功率一定大，故B正确C、消耗电能快的用电器，电功率越大，消耗电能不一定越多，因为消耗电能的多少还与时间有关，C错误，D、由W=Pt可知，在一定时间内，电功率越大的用电器消耗的电能多，故D正确故选BD点评：本题考查了电功率的概念和意义电功率是由做功多少和所用时间共同决定的，而不能由其中一个决定11（3分）关于感应电流的方向、导体在磁场中切割磁感线运动方向和磁感线方向的关系，下列说法正确的是（）A只改变导体切割磁感线运动方向，感应电流方向改变B只改变磁感线方向，感应电流方向改变C导体切割磁感线运动方向和磁感线方向同时改变，感应电流方向改变D导体切割磁感线运动方向和磁感线方向同时改变，感应电流方向不变考点：电磁感应.专题：电动机、磁生电分析：要解答本题需掌握：感应电流的方向和磁场方向以及导体运动方向有关解答：解：决定感应电流方向的因素是两个：一是导体切割磁感线运动方向；二是磁场方向，需注意的是两因素若同时改变感应电流的方向是不会变化的故B、D正确故选BD点评：本题主要考查学生对决定感应电流方向的因素的了解和掌握，是一道基础题12（3分）下列知识结构中有错误的是（）A串、并联电阻特点B改变导体电阻的方法C电生磁的应用D家庭电路中电流过大的原因考点：电阻的串联；电磁铁的构造和原理；影响电阻大小的因素；电阻的并联；家庭电路电流过大的原因.专题：电压和电阻；电与热、生活用电；磁现象、电生磁分析：（1）串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，并联电路总电阻的倒数等于各电阻的倒数之和（2）导体的电阻与导体的材料、导体的长度、横截面积有关，根据以上因素改变电阻（3）通电导体在其周围产生磁场我们利用这个原理造出了电磁铁（4）家庭电流中电流过大总共有两个原因：短路和总功率过大解答：解：A、串联电路的总电阻等于各部分电阻之和；并联电路总电阻的倒数等于各电阻的倒数之和，故本选项正确B、导体的电阻与导体的长度、横截面积及材料有关；故改变电阻大小可以通过：改变导体的材料；改变导体的长度及改变横截面积来实行；故本选项错误C、通电导体在其周围产生磁场我们利用这个原理造出了电磁铁，通电螺线管也是利用了此原理，故本选项正确D、家庭电流中电流过大总共有两个原因：短路和总功率过大当导线短路时，电流直接通过导线，由于导线电阻很小，导致电流过大当用电器总功率过大时，根据公式P=UI，电流会非常大，故本选项正确故选B点评：本题考查影响电阻大小的因素，应明确导体的电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比；串联电路总电阻与各部分电阻的关系以及并联电路总电阻与总电阻的关系；家庭电流中电流过大的原因等知识点，综合性较强，利用学生系统的掌握知识，此类题型越来越受到中考的青睐13（3分）从下面的表格提供的信息中，我们可以看出（）水酒精水银密度（kg/m3）1.01030.810313.6103比热容J/（kg）4.21032.41030.14103沸点（、标准气压下）10078357凝固点（）011739A制作一个能测量北极寒冷气温的温度计，应选择里面的液体是水银B让质量相同的三种液体吸收相同的热量，则升温最快的液体是水银C如果取质量相同的三种液体分别放入三个相同的烧杯中，则液面最高的是酒精D如果把一个铁块放到三种液体中，在水银中受到的浮力最大考点：密度公式的应用；熔点和凝固点；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用；比热容的概念.专题：其他综合题分析：（1）寒冷地区温度低，温度计里面应选择不易凝固的液体；（2）三个相同的加热设备，加热相同的时间，产生的热量相同；三种质量相同的液体吸收的热量相同，根据吸热公式Q吸=cmt分析；（3）质量相同的三种液体，由于密度不同，液体的体积不同，分别放入三个相同的烧杯中，体积大的液面高；（4）根据物体浮沉的条件可判断出浮力与重力的关系，从而判断出浮力的大小解答：解：A、因为北极寒冷时气温非常低，达零下50，故应选择凝固点最低的酒精作为温度计内的液体，故A错；B、让质量相同的三种液体吸收相同的热量，因为水银的比热容最小，水银温度升高的最快，故B正确；C、质量相同的三种液体，因为酒精的密度最小，所以酒精的体积最大，分别放入三个相同的烧杯中，酒精的液面最高，故C正确；D、铁块分别放入水中、酒精中和水银中，在水、酒精中下沉，浮力小于重力，在水银中漂浮，浮力等于重力，可知在水银中受到的浮力最大，故D正确故选BCD点评：本题考查了物体的凝固点、比热容、密度的物理特性，根据不同的问题考查了学生对不同物理性质的区别和理解，是一道很好的题目专题一、热和能（16分）14（9分）回顾实验和探究：（1）探究改变物体内能的方法过程将空气压燃仪（如图）的活塞迅速压下击，看到棉花燃烧此过程中，机械能转化为内能结论上述过程说明：通过对物体做功，能够改变物体的内能（2）不同物质吸热本领是否相同装置图器材铁架台、酒精灯、石棉网、烧杯、温度计各两个、等量水和煤油实验步骤两只烧杯中盛有等质量的水和煤油，用同样的酒精灯加热 使水和煤油都升高10，记录加热时间观察到的现象使水和煤油都升高10，我们发现水加热的时间长得出的结论上述现象表明相同相等的不同物质升高相同温度时，吸收的热量一般是不同的，为了表示物质的这种性质，物理学中引入了比热容这个物理量研究方法实验中通过加热时间反映吸受热量的多少，这种研究方法是转换法图象根据实验数据画出的温度随加热时间变化的图象如图所示，则B表示水的变化情况考点：探究比热容的实验；做功与物体内能改变的探究实验.专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程（2）用相同的热源给水和煤油加热，水和煤油升高相同的温度，吸收的热量不同，因此吸热本领不同质量相同的不同物质，升高相同的温度，吸收热量一般不同，为了比较物质的这种特性，引入比热的概念根据比热容定义进行回答解答：解：（1）活塞迅速向下压时，活塞压缩气体做功，空气内能增加，温度升高，达到棉花的燃烧点，棉花就会燃烧机械能转化为内能上述过程说明：通过对物体做功，能够改变物体的内能（2）器材：铁架台、酒精灯、石棉网、烧杯、还要有测量温度的温度计各两个、等量水和煤油；观察到的现象：在同样的烧杯中盛着质量相等的水和煤油，用同样的酒精灯给它们加热，使它们升高相同的温度，我们发现加热水用的时间长；由此我们得到结论：质量相同的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量一般不同，为了比较物质的这一特性，物理学中引入比热容这个物理量研究方法：实验中物质吸收热量多少无法直接测得，可通过酒精灯加热时间不同来说明物质吸收热量多少不同，这种研究方法是转换法；图象：使它们升高相同的温度，我们发现加热水用的时间长，故B表示水的变化情况故答案为：（1）机械；做功；（2）温度计；水；相同；不同；比热容；转换法；B点评：（1）考查做功改变物体的内能，要知道做功和热传递改变物体内能的区别（2）考查对探究这一物质特性比热容实验内容的了解，可以借助Q吸=cmt帮助分析；并能熟练应用控制变量法15（7分）运用知识解决问题（1）小明从滑梯滑下的过程臀部会发热，是因为从滑梯上滑下时，机械能转化为内能，使臀部的内能增大，温度升高（2）为什么沿海地区的温差比内陆地区的小答：水的比热容大，与干泥土相比，在同样受热或冷却时，吸收或放出的热量相同，而水的温度变化比干泥土小，因此，在受太阳照射条件相同时，沿海地区的温差比内陆地区的小（3）2kg的水，温度从20升高了70，吸收了多少热量？（请写出计算过程）考点：做功改变物体内能；比热容解释简单的自然现象；热量的计算.专题：比热容、热机、热值；机械能及其转化分析：（1）做功可以改变物体的内能，此过程中将机械能转化为内能，使物体内能增大，温度升高；（2）利用水的比热容大这一特点可对题干中的内容做出解释；（3）水吸收的热量，可由热量的计算公式Q吸=cm（tt0）直接求出解答：解：（1）当小明从滑梯上面滑下时，由于人和滑梯间是有摩擦的，故该过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，使臀部的内能增大，温度升高；（2）水的比热容大，与干泥土相比，在同样受热或冷却时，吸收或放出的热量相同，而水的温度变化比干泥土小，因此，在受太阳照射条件相同时，沿海地区的温差比内陆地区的小（3）水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）2kg（7020）=4.2105J故答案为：（1）机械；内；增大（2）大；相同；（3）水吸收了4.2105J的热量点评：本题考查了做功与物体内能的改变，水的比热容的特点及应用，热量公式Q吸=cm（tt0）的运用等，属热学综合题，都是重要的热学知识点专题二、电学（19分）16（10分）回顾实验和探究：（1）探究欧姆定律：实验装置请根据电路图1将实物电路图2连接完整：方法步骤连接电路时，开关S应该，滑动变阻器的滑片P移到D处；连入R1，移动滑片P，测量并记下几组电压和电流值，填入表1；连入10的定值电阻，重复上述实验，填入表2表格表1 R1=5次数123U/V369I/A0.61.21.8表2 R2=10次数123U/V369I/A0.30.9结论根据表格数据在右边画出R1的UI图象分析数据两个表格的同组数据可得出：导体两端电压一定时，导体的电阻越大，通过它的电流就越小用到了控制变量法（2）焦耳定律装置图通过实验发现QI2的关系用下面b图象表示过程方法1研究电流通过导体产生热量跟电阻大小的关系，应保持电流和通电时间相同，用到了控制变量法2通过调节滑动变阻器滑片使电阻丝中电流发生改变，通电相同时间，比较同一烧瓶研究电流通过导体产生热量跟电流的关系结论电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比公式表达为Q=I2Rt考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；焦耳定律.专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）根据题意确定电压表和电流表的量程连接实物图；闭合开关前，滑动变阻器滑片应位于最大阻值处；根据表格数据运用描点法画出R1的UI图象电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；探究导体中的电流跟导体的电阻关系时，应保持导体两端的电压一定，应用了物理研究方法中的控制变量法；（2）电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，这个规律叫做焦耳定律；表达式为Q=I2Rt；导体产生的热量与导体的电阻、电流、通电时间有关当研究导体产生的热量与电阻的关系时，应控制导体中的电流、通电时间相同；运用了控制变量法；当研究导体产生的热量与电流的关系时，应控制导体的电阻、通电时间相同解答：解：（1）实验装置：根据题意，电压表并联在电路中，选择015V量程；电流表串联在电路中，选择03A量程，连接实物电路如下：方法步骤：连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器滑片位于最大阻值处，即位于滑动变阻器的D处；表格：电阻一定时，导体中电流跟导体两端的电压成正比，即：，I2=0.6A；填表如下：次数123U/V369I/A0.30.60.9结论：根据表格数据，运用描点法，画出R1的UI图象如下：运用控制变量法，分析两个表格的同组数据，在保持导体两端的电压一定时，导体的电阻越大，通过它的电流就越小（2）装置图：通过实验发现，电流通过导体产生的热量（Q）随导体中的电流的平方（I2）的增大而增大，可用正比例函数图象表示，所以QI2的关系用图象b表示；过程方法：研究电流通过导体产生热量跟电阻大小的关系，应保持电流和通电时间相同，用到了控制变量法；保持通电时间相同，比较同一烧瓶，即控制电阻不变，通过调节滑动变阻器滑片使电阻丝中电流发生改变，是研究电流通过导体产生热量跟电流的关系；结论：通过实验探究可得出焦耳定律：电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，这个规律叫做焦耳定律；表达式为Q=I2Rt故答案为：（1）实物电路如上图；D；表格如上；图象见上图；电阻；电流；控制变量；（2）b；控制变量；电流；电流的二次方；电阻；通电时间；Q=I2Rt点评：本题考查了欧姆定律和焦耳定律的探究性实验，涉及的知识点较多，要熟练掌握探究的过程和控制变量的探究方法，属于中考的热点17（4分）运用知识解决问题：（1）电炉子和导线中通过的电流相等，为什么电炉丝热得发红，而导线却不怎么热？答：电炉与导线串连接在电路里，电炉工作时，电炉丝与导线的时间和电流一样，但导线的电阻远小于电炉丝，由Q=I2Rt可知，电流通过电炉产生的热量要多得多因此电炉丝热的发红而 导线几乎不发热（2）请在图2方框内用铅笔画出如图1所示电路的电路图考点：焦耳定律的计算公式及其应用；根据实物图画电路图.专题：应用题；电流和电路；电与热、生活用电分析：（1）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等）、通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析判断；（2）首先对电路进行分析，明确灯泡的连接关系及开关的控制作用，然后根据灯泡连接关系及开关位置画出电路图解答：解：（1）电炉与导线串联连接在电路里，电炉工作时，电炉丝与导线的时间和电流一样，但导线的电阻远小于电炉丝，由Q=I2Rt可知，电流通过电炉产生的热量要多得多因此电炉丝热的发红而 导线几乎不发热；（2）由实物图知：闭合开关，电流从电源正极出发，经开关S，分为两支：一支经开关S1、灯泡L1、回到负极；另一支经灯泡L2、开关S2回到负极所以两只灯泡并联，开关S在干路，控制两只灯泡；开关S1在灯泡L1支路，控制L1；开关S2在灯泡L2支路，控制L2电路图设计如下：故答案为：（1）串；电阻；Q=I2Rt；（2）电路图如上所示点评：题主要考查对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电炉丝和相连接的铜导线为串联是本题的关键；画电路图时应注意电学元件符合的位置要与元件实物位置一致18（2分）请你根据图甲电路图，在图乙中连接好实物电路考点：实物的电路连接.专题：电流和电路分析：根据电路图连接实物图时，可以根据电流流向法进行连接，先从电源的正极出发依次串联电路元件最多的支路，再把并联的部分串联到相应的位置即可解答：解：根据电流流向法，先从正极出发依次串联开关S1、开关S2、灯泡L2回到电源负极，然后将灯泡L1并联在开关S2和灯泡L2的两端，如下图所示：点评：本题考查了根据电路图连接实物图以及根据要求连接实物图，实物连接图的关键在于看懂电路图，在连接过程中，注意各元件的次序，导线不能交叉19（3分）在如图所示电路中，电流表A1示数为0.5A，电流表A2示数为0.3A，此时R1消耗的功率为1.2W，则R1=30，R2=20考点：欧姆定律的应用.专题：电路和欧姆定律；电能和电功率分析：根据并联电路的电流特点可得出R1支路的电流，根据公式P=UI的变形可计算电源电压，再根据欧姆定律可计算R1和R2的阻值解答：解：因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，故R1的电流：I1=II2=0.5A0.3A=0.2A，由公式P=UI得，电源电压：U=6V；由欧姆定律I=得，则电阻R1=30，电阻R2=20故答案为：30；20点评：能正确运用并联电路的电流、电压规律，熟练掌握电功率公式、欧姆定律公式及其变形，是解答本题的关键专题三、电磁学（14分）20（10分）回顾实验和探究：（1）探究电磁感应现象：实验现象在如图装置中，闭合开关，让导体不动，电流表指针不偏转；让导体向上或向下运动，电流表指针不偏转；让导体向前或向后运动，电流表指针偏转应用此现象中，机械能转化为电能据此制成了发电机（2）探究影响电磁铁磁性强弱的因素：实验过程1用如图所示的装置进行实验，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数相同，发现电磁铁乙吸引大头针的数目比甲多2移动滑片，发现电磁铁甲吸引的大头针数目增多，则滑片是向左移动，电流表示数变大结论实验1说明：电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关；实验2说明：电磁铁磁性强弱与电流大小有关考点：探究电磁感应现象的实验；影响电磁铁磁性强弱的因素.专题：实验题；其他综合题分析：（1）闭合电路中部分导体做切割磁感线运动是导体中产生感应电流的现象叫电磁感应；（2）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数解答：解：（1）电路中产生感应电流的条件是：闭合电路中的部分导体切割磁感线运动；图中磁感线的方向由下向上，导体向上或向下运动时不会切割磁感线，电路中无感应电流，电流表指针不发生偏转；导体向前或向后运动时切割磁感线，电流中产生感应电流，电流表指针偏转；电磁感应现象中导体的机械能转化为电能，是发电机的制作原理；（2）1、电磁铁乙的线圈匝数大于甲电磁铁，电流相同时乙的次性强，能吸引的大头针数量多；2、电磁铁甲吸引的大头针的数量增多，说明甲的磁性增强，一定是电流变大，即滑动变阻器连入电路的电阻变小，所以滑片是向左移动的；1实验中两电磁铁中的电流相等，电磁铁磁性强弱不同是因为线圈的匝数不同造成的；2实验中甲电磁铁的线圈匝数一定，磁性增强是因为电磁铁甲中的电流增大引起的故答案为：（1）不偏转；偏转；机械；电；发电机；（2）多；左；大；线圈匝数；电流大小点评：本题考查的是产生感应电流的条件和影响电磁铁磁性强弱的因素；都是电和磁中的重点内容，需要熟练掌握21（4分）运用知识解决问题（1）如图1电铃电路，闭合开关，电磁铁产生磁性，吸引衔铁B，鼓槌下移敲击铃碗发声，但同时A和B分离，电路断开，电磁铁失去磁性，B与螺钉A接触，又将电路接通如此反复，电铃持续发声（2）根据小磁针静止时的指向，在图2中标出通电螺线管的N、S极和电流的方向考点：电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断.专题：电和磁分析：（1）电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，电铃就是利用电磁铁的这个特性工作的；通电时，电磁铁吸引衔铁，鼓槌打击铃碗发出声音，同时衔铁与螺钉分离，鼓槌被弹回，电路重新接通，不断重复上面的过程（2）由图可知小磁针的指向，则由磁极间的相互作用可知通电螺线管的N、S极，再由右手螺旋定则可得出电流的方向解答：解：（1）闭合开关，电磁铁有电流通过，电磁铁具有了磁性，衔铁B被吸引过来，使鼓槌打击铃碗发出声音，同时衔铁与螺钉分离，电路断开，电磁铁失去了磁性，鼓槌又被弹簧片弹回，B与螺钉A再次接触，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了（2）小磁针N极向左，S极向右，因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管左侧为N极，右侧为S极；由右手螺旋定则可知，电流由左侧流入，右侧流出故答案如图所示：故答案为：（1）衔铁B；螺钉A（2）如上图所示点评：（1）通过读图明确电磁继电器的工作原理与工作过程，从而可以正确描述其工作时的状态，这是我们学习电磁继电器必须掌握的（2）本题考查磁极间的相互作用及右手螺旋定则，要求能熟练应用右手螺旋定则由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向专题四：（9分）22（2分）综合问答：请你找出你家厨房里运用的两个物理知识点（仅限于九年级所学知识），并分别解释如何运用的物理知识：（1）知识点蒸馒头时锅盖内侧会出现水珠，解释：水蒸气遇冷液化（2）知识点电机转动的原理，解释：电动机是利用通电导体在磁场里受力的原理制成的考点：物质的三态及其基本特征；直流电动机的原理.专题：其他综合题分析：结合生活实际可提出这样的问题然后解释：（1）为什么蒸馒头时锅盖内侧会出现水珠？（2）豆浆机里面的电机转动的原理是什么？解答：解：（1）物质由气态变为液态的现象叫液化蒸馒头时锅盖内侧会出现水珠，是由于热的水蒸气遇到温度比较低的锅盖发生液化；（2）豆浆机能够把豆子磨碎，靠的就是里面电机的转动，电动机是利用通电导体在磁场里受力的原理制成的故答案为：（1）蒸馒头时锅盖内侧会出现水珠；水蒸气遇冷液化；（2）电机转动的原理；电动机是利用通电导体在磁场里受力的原理制成的点评：物理学无处不在，只要你细心观察，认真思考，就能发现身边有许多看似平常的现象中蕴藏着物理学知识例如：a为什么水壶的手柄上粗糙不平？b为什么高压锅能很快煮熟食物？23（4分）（1）验证：设计实验证明“铁芯能增强磁性”（2）设计实验方案课题探究电热与电阻的关系数据记录表格器材电源、三个烧瓶、三根（5、10、15）镍铬合金丝、温度计、煤油、导线、开关实验步骤考点：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；焦耳定律.专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）分别在电磁铁有铁芯和无铁芯的情况下，通过判断吸引大头针的数量来分析磁性的强弱；（2）要探究电热与电阻的关系，需使电流、通电时间相同，电阻不同解答：解：（1）将两个完全相同的螺线管串联在电路中，其中一个有铁芯，一个无铁芯，闭合开关，移动滑片，比较两个螺线管吸引大头针的数量；有铁芯的螺线管吸引大头针数量较多，说明其磁性较强，可知铁芯能够增强磁性；（2）实验中需通过煤油温度的变化得出产生热量的多少，所以还需要温度计；步骤：将三根镍铬合金丝串联在同一电路中，分别记下温度计的示数；闭合开关，一段时间后，分别记下温度计的示数；比较温度计的变化多少，得出结论表格：电阻值温度计的初温t0/温度计的末温t/51015故答案为：（1）将两个完全相同的螺线管串联在电路中，其中一个插入铁芯铁芯，一个无铁芯；闭合开关，比较二者吸引铁芯的多少；有铁芯的螺线管吸引大头针数量较多，说明其磁性较强，可知铁芯能够增强磁性；（2）温度计；步骤：将三根镍铬合金丝串联在同一电路中，分别记下温度计的示数；闭合开关，一段时间后，分别记下温度计的示数；比较温度计的变化多少，得出结论表格同上点评：本题是有关探究电磁铁磁性强弱与铁芯关系及电热与电阻关系的实验，在设计过程中要注意控制变量法及转换法的应用24（3分）综合作图小雨的房间里，S1控制天花板吊灯，吊灯由2个灯泡组成（L1、L2），S2控制学习桌上的台灯（L3），S3 控制一个可调亮度的床头灯（L4）现在，给你电源、3个开关、4个灯泡、一个滑动变阻器和若干导线，请设计一个电路考点：串、并联电路的设计.专题：电流和电路分析：4个灯泡中，都能独立地工作，互不影响，说明是并联的，天花板吊灯2个灯泡由一个开关控制即可；学习台灯、床头灯并各用一个开关控制，因床头安装可调亮度的床头灯，说明滑动变阻器应与床头灯串联；注意开关分别与所控制的灯泡串联解答：解：根据题目要求4个灯泡并联，S1控制L1、L2，S2控制L3，S3控制L4，并且滑动变阻器与L4串联；如图所示：点评：本题考查电路图的设计和并联电路的特点，关键知道开关与所控制的灯泡串联，一个开关要控制多个并联使用的灯泡需将它连接在的干路上，还要知道只有在并联电路中，灯泡才互不影响专题五、综合计算（7分）25（3分）滑动变阻器R0阻值范围为050，小灯泡上标有“2.5V，0.25W”字样，电源电压6V求：（1）当S闭合后，变阻器阻值多大时，小灯泡发光正常？（2）若变阻器接入阻值为50时，小灯泡实际功率多大？考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：（1）由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率，由功率的变形公式I=求出灯泡正常发光时的电流，由串联电路的电压特点求出滑动变阻器的电压，最后由R=求变阻器阻值；（2）由R=求出灯泡的电阻，由串联电路的特点及欧姆定律求出滑片移到最右端时电路的电流，然后由功率公式P=I2R求出灯泡的实际功率解答：解：（1）由P=UI得：灯泡正常发光时的电流I=0.1A，由串联电路的电压等于各电阻两端电压之和可得：灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压U滑=UUL=6V+2.5V=3.5V；由欧姆定律得：变阻器阻值R滑=35（2）由欧姆定律得：灯泡电阻RL=25，滑片移到最右端时，总阻值为R=RL+R0=25+50=75，电路电流I=0.08A，灯泡的实际功率P=I2RL=（0.08A）225=0.16W；答：（1）当S闭合后，变阻器阻值位35时，小灯泡发光正常；（2）若变阻器接入阻值为50时，小灯泡实际功率是0.16W点评：本题是一道电路计算题，这是电学的必考题型，要熟悉此类题涉及的知识点，分析清楚电路结构是解这类题的前提与基础，熟练掌握串并联电路的特点、欧姆定律、电功及电功率公式是正确解题的关键26（4分）（xx市北区二模）如图所示电路，电源电压不变，R1=12，小灯泡R3上标有“6V 12W”（电阻不变）求：（画出下列每小题的等效电路图）（1）只闭合S1时，电流表示数为0.8A，则电源电压为多大？（2）只闭合S2时，移动滑片P至b点时，使滑动变阻器所消耗的功率为9W；当S1、S2、S3都闭合时，移动滑片移至距a点处，滑动变阻器消耗的功率为多大？考点：欧姆定律的应用；电功率的计算.专题：应用题；电路和欧姆定律分析：（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出灯泡的电阻；只闭合S1时，灯泡与R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）只闭合S2时，移动滑片P至b点时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率即可求出滑动变阻器的最大阻值；当S1、S2、S3都闭合时，R1与滑动变阻器的阻值并联，根据并联电路的电压特点和P=求出滑动变阻器消耗的电功率解答：解：（1）由P=可得，灯泡的电阻：RL=3，只闭合S1时，等效电路图如下图所示：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得电源的电压：U=I（R1+RL）=0.8A（12+3）=12V；（2）只闭合S2时，移动滑片P至b点时，等效电路图如下图所示：电路中的电流：I1=，滑动变阻器消耗的电功率：P2=I12R2=（）2R2=9W，整理可得：R2210R2+92=0，解得：R2=1或R2=9，当S1、S2、S3都闭合、移动滑片移至距a点处时，等效电路图如下图所示：因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，滑动变阻器消耗的电功率：当R2=1时，P2=576W；当R2=9时，P2=64W答：（1）电源的电压为12V；（2）当S1、S2、S3都闭合时，移动滑片移至距a点处，滑动变阻器消耗的功率可能为576W、可能为64W点评：本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是画出三种情况的等效电路图和求出滑动变阻器的最大阻值专题六、创造与探究27（3分）归纳式探究：物理学中，只考虑质量、不考虑物体的体积与形状时，可以把物体看做一个质点科学家研究发现，质量为m，带电量为q的质点，以速度v垂直进入磁场中会做圆周运动，将会受到向心力F通过查阅资料获得以下数据：实验次数12345678质点质量m/1030kg1232320.53圆周半径r/104m10103010305510运动速度v/108ms1104101030484质点受到向心力F/1010N103.21020906.46.44.8质点在磁场中做圆周运动受到的向心力F=k比例系数k=10Ns2/（kgm）将数据表格形式变成公式形式，运用了归纳法对于一些在磁场中质量相同、速度也相同的质点，受到的向心力与它们做圆周运动时的半径的关系可以用如图中的c图线反映请将表格数据填写完整考点：控制变量法与探究性实验方案.专题：实验题；探究型实验综合题分析：（1）分析表中1、4和2、6和2、4数据可知，质点受到的向心力与质点质量、圆周半径以及运动速度的关系，从而归纳得出向心力的关系式；（2）根据图象中三条图象的含义以及质点向心力的表达式找出符合题意的图象；（3）根据获得的表达式带入数据求出第8次数据中质点受到向心力解答：解：分析表中第1、4次实验数据可知，圆周半径和运动速度都相同，质点质量变为原来二倍时，质点受到向心力变为原来的二倍，故圆周半径和运动速度都相同时，质点受到的向心力与质点质量成正比；分析表中第2、6次实验数据可知，质点质量和运动速度都相同，圆周半径变为原来二分之一时，质点受到向心力变为原来的二倍，故质点质量和运动速度都相同，质点受到的向心力与圆周半径成反比；分析表中第2、4次实验数据可知，质点质量和圆周半径都相同，运动速度变为原来的时，质点受到向心力变为原来倍，即质点质量和圆周半径都相同时，质点受到的向心力与运动速度的平方成正比；归纳上面的分析可得，质点在磁场中做圆周运动受到的向心力F=k；将第一组实验数据代入可得，101010N=k，化简后可得：k=10Ns2/（kgm）；根据图象可知，a为二次函数图象；b为正比例函数图象；c为反比例函数图象；由F=k可知，质量和速度都相同时，F与r成反比，故图象应为反比例函数图象，即图象c表示Fr的关系；第8次数据中质点受到向心力：F=k=10Ns2/（kgm）=4.8N故答案为：；10Ns2/（kgm）；归纳；c；4.8点评：本题考查了归纳法将数据表格形式变成公式形式的应用，利用好控制变量法得出F与m、v、r之间的关系是关键28（2分）问题解决：一只小灯泡与一个定值电阻R0串联接在电路中，小明现在只有一只电压表，没有电流表，请你帮小明测出小灯泡的实际功率（不准拆卸电路）器材：电源、开关（1个）、导线、电压表（一只）、定值电阻R0（1）电路图：（2）步骤：（3）推导出小灯泡的功率表达式：考点：电功率的测量.专题：设计与制作题；测量型实验综合题分析：根据P=UI可知，要测量灯泡的实际功率，可利用电压表测量出灯泡两端电压，然后利用开关的闭合或断开测量出电源电压，再利用串联电路电压的特点和欧姆定律求出电路中的电流，据此设计实验电路图、步骤以及功率的表达式解答：解：（1）使灯泡与定值电阻串联，电压表并联在灯泡两端；开关与定值电阻并联，开关闭合后，电压表测量电源电压，如下图所示：（2）实验步骤：断开开关时，灯泡与定值电阻R0串联，读出电压表的示数为U1；开关闭合后，电路为灯泡的基本电路，读出电压表的示数为U2；（3）小灯泡的功率表达式：P=U1故答案为：同上点评：解决本题的关键是测量小灯泡额定电流的方法，在不能直接测量时，应根据串联电路电流规律着手设计实验