高考化学一轮综合复习 第8章 水溶液中的离子平衡 课时3 盐类的水解练习

课时3盐类的水解课时跟踪训练一、选择题10.1 mol·L1AlCl3溶液，温度从20 升高到50 ，浓度增幅最大的离子是()AClBAl3CHDOH解析升高温度，有利于Al3水解，溶液的酸性增强，c(H)增大。答案C2同温度同浓度的下列溶液中，c(NH)最大的是()ANH4Al(SO4)2 BCH3COONH4CNH4Cl DNH3·H2O解析NH3·H2O为弱电解质，NH4Al(SO4)2、CH3COONH4、NH4Cl为强电解质，且Al3抑制NH的水解，CH3COO促进NH的水解，故同温度同浓度的四种溶液中c(NH)的大小顺序为：NH4Al(SO4)2>NH4Cl>CH3COONH4>NH3·H2O，A对。答案A3下列各离子RRR3RHRH(R表示不同的元素)都有10个电子，其中不会破坏水的电离平衡的有()A仅有B仅有CD解析R代表F，R代表Na，R3代表Al3，RH代表NH，RH代表OH，除Na外，都会破坏水的电离平衡。答案B4下列各式中属于正确的水解方程式的是()ANHH2ONH3·H2OHBS22H2OH2S2OHCCH3COOHH2OCH3COOH3ODCH3COOHOH=CH3COOH2O解析选项B为二元弱酸根离子的水解，要分步书写，故错误，正确的水解方程式为S2H2OHSOH、HSH2OH2SOH；选项C为电离方程式；选项D为酸碱中和反应的离子方程式。答案A5下列说法不正确的是()A明矾能水解生成Al(OH)3胶体，可用作净水剂B水解反应NHH2ONH3·H2OH达到平衡后，升高温度平衡逆向移动C制备AlCl3、FeCl3、CuCl2均不能采用将溶液直接蒸干的方法D盐类水解反应的逆反应是中和反应解析明矾溶液中铝离子水解生成的氢氧化铝胶体具有吸附悬浮杂质的作用，可以作净水剂，故A正确；水解反应是吸热反应，水解反应NHH2ONH3·H2OH达到平衡后，升温平衡正向移动，故B错误；AlCl3、FeCl3、CuCl2溶液中金属阳离子均水解，水解产物中都有氯化氢，加热氯化氢挥发得到金属的氢氧化物沉淀，制备AlCl3、FeCl3、CuCl2均不能采用将其溶液直接蒸干的方法，故C正确；盐类水解是中和反应的逆反应，故D正确。答案B6(2017·娄底名校联考)下列有关问题，与盐的水解有关的是()NH4Cl与ZnCl2溶液可作焊接金属中的除锈剂NaHCO3与Al2(SO4)3两种溶液可作泡沫灭火剂草木灰和铵态氮肥不能混合使用实验室盛放Na2CO3溶液的试剂瓶不能用磨口玻璃塞加热蒸干AlCl3溶液得到Al(OH)3固体ABCD解析中NH4Cl与ZnCl2溶液水解均显酸性，可以除去金属表面的锈；HCO与Al3两种离子可发生相互促进的水解反应，产生二氧化碳，可作灭火剂；草木灰的主要成分为碳酸钾，水解显碱性，而铵态氮肥水解显酸性，因而不能混合施用；碳酸钠溶液水解显碱性，而磨口玻璃塞中的二氧化硅与碱反应生成硅酸钠，硅酸钠会将瓶塞与瓶口黏合而打不开，因此实验室盛放碳酸钠的试剂瓶应用橡胶塞；AlCl3溶液中存在水解平衡：AlCl33H2OAl(OH)33HCl，加热时，HCl挥发使平衡不断右移，最终得到Al(OH)3固体(如果灼烧，会得到Al2O3固体)。答案D7(2017·抚顺六校联考)常温下，一定量的醋酸与氢氧化钠溶液发生中和反应。下列说法正确的是()A当溶液中c(CH3COO)c(Na)时，醋酸与氢氧化钠恰好完全反应B当溶液中c(CH3COO)c(Na)时，一定是氢氧化钠过量C当溶液中c(CH3COO)c(Na)>c(H)c(OH)时，一定是醋酸过量D当溶液中c(Na)>c(CH3COO)>c(OH)>c(H)时，一定是氢氧化钠过量解析当溶液中c(CH3COO)c(Na)时，根据电荷守恒可得c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH)，溶液中还存在醋酸分子，则一定是醋酸过量，A、B项错，C项正确；D项，当氢氧化钠与醋酸恰好完全反应时，也符合。答案C8常温下，现有0.01 mol·L1 NaHY(酸式盐，Y表示原子或原子团)溶液，下列说法正确的是()A溶液一定呈酸性B溶液中一定存在：Y2H2OOHHYC溶液加水稀释，离子浓度都减小D溶液中：c(Na)c(Y2)解析A项，溶液的酸碱性取决于HY水解程度和电离程度的大小；B项，HY不一定是弱酸的酸式根；C项，若溶液呈酸性，c(OH)增大，若溶液呈碱性，c(H)增大。答案D9常温下，对于pH均为5的HCl溶液和NH4Cl溶液，下列说法正确的是()A两溶液稀释10倍后，pH相等B两溶液加热至相同的温度后，pH相等C两溶液中各加入等体积的pH等于9的NaOH溶液后，pH相等D两溶液中水的离子积相等解析HCl属于强电解质，稀释10倍后，H浓度变为原来的，NH4Cl溶液中NH发生水解作用，稀释10倍后，水解程度增大，H浓度大于原来的，A项错；加热，HCl溶液中H浓度不变，NH4Cl溶液中由于NH水解程度增大，H浓度增大，B项错；NaOH溶液与盐酸恰好反应，溶液呈中性，NH4Cl溶液与NaOH溶液反应生成NH3·H2O和NaCl，但剩余大量的NH4Cl，溶液为酸性，C项错；水的离子积与温度有关，温度不变，离子积不变，D项正确。答案D10能够使CH3COONa溶液pH增大且水解程度也增大的条件是()A加水 B升温C加压 D加CH3COONa固体解析CH3COOH2OCH3COOHOH；加水时该平衡虽然正移，但离子浓度减小，c(OH)减小，pH减小；升温平衡正移，c(OH)增大，pH增大；加压时水解平衡几乎无影响；加CH3COONa固体，使c(CH3COO)增大，水解平衡正移，c(OH)增大，pH增大，但水解程度是减小的。答案B11欲使0.1 mol·L1的NaHCO3溶液中c(H)、c(CO)、c(HCO)都减少，其方法是()A通入二氧化碳气体B加入氢氧化钠固体C通入氯化氢气体D加入饱和石灰水溶液解析A项，通入CO2气体，c(HCO)增大；B项，加入NaOH固体，c(CO)增大；C项，通入HCl气体，c(H)增大；D项，由于Ca2OHHCO=CaCO3H2O、HOHH2O，所以c(H)、c(CO)、c(HCO)均减小。答案D12已知某温度下CH3COOH和NH3·H2O的电离常数相等，现向10 mL浓度为0.1 mol·L1的CH3COOH溶液中滴加相同浓度的氨水，在滴加过程中()A水的电离程度始终增大Bc(NH)/c(NH3·H2O)先增大再减小Cc(CH3COOH)与c(CH3COO)之和始终保持不变D当加入氨水的体积为10 mL时，c(NH)c(CH3COO)解析由CH3COOH和NH3·H2O的电离常数相等可知当二者恰好完全反应时，溶液呈中性，结合电荷守恒知c(CH3COO)c(OH)c(NH)c(H)，则c(CH3COO)c(NH)，D项正确；开始滴加氨水时，水的电离程度增大，二者恰好完全反应时，水的电离程度最大，再继续滴加氨水时，水的电离程度减小，A项错误；向醋酸中滴加氨水，溶液的酸性减弱，碱性增强，c(OH)增大，由NH3·H2ONHOH可知K，故减小，B项错误；根据原子守恒知n(CH3COO)与n(CH3COOH)之和不变，但滴加氨水过程中，溶液体积不断增大，故c(CH3COO)与c(CH3COOH)之和减小，C项错误。答案D二、填空题13回答下列问题：(1)某二元酸(分子式用H2B表示)在水中的电离方程式是：H2B=HHB；HBHB2。在0.1 mol/L的Na2B溶液中，下列粒子浓度关系式正确的是_。Ac(B2)c(HB)0.1 mol/LBc(B2)c(HB)c(H2B)c(Na)Cc(OH)c(H)c(HB)Dc(Na)c(OH)c(H)c(HB)(2)下表为几种酸的电离平衡常数CH3COOHH2CO3H2S1.8×105K14.3×107K25.6×1011K19.1×108K21.1×1012则pH相同的CH3COONa、Na2CO3、NaHS溶液物质的量浓度由大到小的顺序为_，少量CO2与NaHS反应的离子方程式为_。解析(1)根据物料守恒得：c(B2)c(HB)0.1 mol/L，故A正确；HB不会进一步水解，所以溶液中没有H2B分子，故B错误；根据质子守恒得c(OH)c(H)c(HB)，故C正确；根据电荷守恒得c(Na)c(H)c(OH)c(HB)2c(B2)，故D错误。(2)CH3COONa、Na2CO3、NaHS都是强碱弱酸盐，相同物质的量浓度的CH3COONa、Na2CO3、NaHS溶液对应的酸越弱水解程度越大，pH越大，所以相同浓度的三种溶液，pH大小关系为：Na2CO3>NaHS>CH3COONa，pH相同的CH3COONa、Na2CO3、NaHS溶液物质的量浓度由小到大的顺序是：c(Na2CO3)<c(NaHS)<c(CH3COONa)；向NaHS溶液中通入少量CO2，由于酸性：H2CO3>H2S>HCO，故反应生成H2S和碳酸氢钠，则反应的化学方程式为NaHSH2OCO2=H2SNaHCO3。答案(1)AC(2)c(CH3COONa)>c(NaHS)>c(Na2CO3)HSH2OCO2=H2SHCO1410 时加热NaHCO3饱和溶液，测得该溶液的pH发生如下变化：温度10 20 30 加热煮沸后冷却到50 pH8.38.48.58.8甲同学认为：该溶液pH升高的原因是HCO的水解程度增大，碱性增强。乙同学认为：该溶液pH升高的原因是NaHCO3受热分解，生成了Na2CO3，并推断Na2CO3的水解程度_(填“大于”或“小于”)NaHCO3的水解程度。丙同学认为：甲、乙的判断都不充分。丙认为：(1)只要在加热煮沸的溶液中加入足量的试剂X，若产生沉淀，则乙的判断正确。试剂X是_。ABa(OH)2溶液 BBaCl2溶液CNaOH溶液 D澄清石灰水(2)将加热煮沸后的溶液冷却到10 ，若溶液的pH_(填“高于”“低于”或“等于”)8.3 ，则甲的判断正确。(3)查阅资料，发现NaHCO3的分解温度为150 ，丙断言_(填“甲”或“乙”)判断是错误的，理由是_。(4)关于NaHCO3饱和水溶液的表述正确的是_。ac(Na)c(HCO)c(CO)c(H2CO3)bc(Na)c(H)c(HCO)c(CO)c(OH)cHCO的电离程度大于HCO的水解程度解析(4)在NaHCO3溶液中，存在下列变化：NaHCO3=NaHCO、HCOH2OH2CO3OH、HCOCOH、H2OHOH。从题目提供的信息可以看出，NaHCO3溶液呈碱性的原因是HCO的水解程度大于其电离程度。根据物料守恒得c(Na)c(HCO)c(CO)c(H2CO3)；根据电荷守恒得c(Na)c(H)c(HCO)2c(CO)c(OH)。答案大于(1)B(2)等于(3)乙常压下加热NaHCO3的水溶液，溶液的温度达不到150 (4)a15在室温下，下列五种溶液：0.1 mol·L1 NH4Cl溶液0.1 mol·L1 CH3COONH4溶液0.1 mol·L1 NH4HSO4溶液0.1 mol·L1 NH3·H2O和0.1 mol·L1 NH4Cl混合液0.1 mol·L1氨水请根据要求填写下列空白：(1)溶液呈_(填“酸”、“碱”或“中”)性，其原因是_(用离子方程式表示)。(2)溶液中c(NH)的大小关系是_(填“”、“”或“”)。(3)在溶液中_(离子)的浓度为0.1 mol/L；NH3·H2O和_(离子)的浓度之和为0.2 mol/L。(4)室温下，测得溶液的pH7，则说明CH3COO的水解程度_(填“”、“”或“”，下同)NH的水解程度，CH3COO与NH浓度的大小关系是c(CH3COO)_c(NH)。(5)常温下，某水溶液M中存在的离子有Na、A2、HA、H、OH，存在的分子有H2O、H2A。写出酸H2A的电离方程式：_。若溶液M由10 mL 2 mol·L1 NaHA溶液与10 mL 2 mol·L1 NaOH溶液混合而得，则溶液M的pH_(填“”、“”或“”)7。解析(1)NH4Cl为强酸弱碱盐，根据“谁弱谁水解，谁强显谁性”的原则，NH4Cl溶液显酸性。(2)CH3COONH4溶液中，醋酸根离子促进铵根离子的水解，而NH4HSO4溶液中NH4HSO4电离出来的氢离子抑制铵根离子的水解，所以后者中铵根离子浓度大。(3)因为氯离子在溶液中不变化，所以其浓度为0.1 mol/L；根据原子守恒可知，含N原子微粒的总物质的量浓度为0.2 mol/L，而N原子的存在形式为NH3·H2O和NH。(4)溶液的pH7，说明CH3COO水解生成的OH的物质的量等于NH水解生成的H的物质的量，即二者水解程度相同；根据电荷守恒得：c(CH3COO)c(OH)c(NH)c(H)，因为c(H)c(OH)，故c(CH3COO)c(NH)。(5)由溶液中存在的微粒可知，H2A为二元弱酸，分步电离。NaHA和NaOH恰好反应生成Na2A，溶液显碱性。答案(1)酸NHH2ONH3·H2OH(2)(3)Cl NH(4)(5)H2AHHA，HAHA26EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375