【三维设计】2013届高考物理一轮复习 第八章 第2单元 电路的基本规律提升练习 粤教版（广东专用）

2013届高考物理三维设计（粤教版广东专用）一轮复习课下提升练习：第八章 第2单元 电路的基本规律1一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 的负载后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内电阻r为()AE2.4 V，r1 BE3 V，r2 CE2.4 V，r2 DE3 V，r1 解析：当外电路断路时，I0，U外E3 V；接上8 负载时，I A0.3 A，则r 2 。答案：B2(双选)如图1所示，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的UI图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为1、2，则()图1AP1P2 BP1P2C12 D12，只有B、C正确。答案：BC3.在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图2所示。则下列判断错误的是()图2A当Rr时，电源有最大的输出功率B当Rr时，电源的效率50%C电源的功率P随外电阻R的增大而增大D电源的效率随外电阻R的增大而增大解析：由图可知，Rr时电源有最大输出功率，A正确；电源的功率PIE，随外电阻R的增大而减小，C错误；由可知B、D正确。答案：C4.如图3所示，一只玩具电动机用一节干电池供电，闭合开关S后，发现电动机转速较慢，经检测，电动机性能完好；用电压表测a与b间电压，只有0.6 V；断开开关S，测得a与b间电压接近1.5 V，电动机转速较慢的原因是()图3A开关S接触不良B电动机接线接触不良C电动机两端接线短路D电池过旧，内阻过大解析：开关S接触不良、电动机接线接触不良、电动机两端接线短路，电动机就不会旋转了，而不是转得慢。电动机转得慢的原因是电池过旧，内阻过大，电动机两端的电压过低造成的，D正确。答案：D5(2011北京高考)如图4所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中()图4A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的示数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减小，电流表的示数增大解析：由变阻器R0的滑动端向下滑可知R0连入电路的有效电阻减小，则R总减小，由I可知I增大，由U内Ir可知U内增大，由EU内U外可知U外减小，故电压表示数减小。由U1IR1可知U1增大，由U外U1U2可知U2减小，由I2可知电流表示数变小，故A正确。答案：A6.在如图5所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C。当闪光灯两端电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光。正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定()图5A电源的电动势E一定小于击穿电压UB电容器所带的最大电荷量一定为CEC闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D在一个闪光周期内，通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等解析：电容器两端的电压与闪光灯两端的电压相等，当电源给电容器充电，达到闪光灯击穿电压U时，闪光灯被击穿，电容器放电，放电后闪光灯两端电压小于U，断路，电源再次给电容器充电，达到电压U时，闪光灯又被击穿，电容器放电，如此周期性充放电，使得闪光灯周期性短暂闪光。要使得充电后达到电压U，则电源电动势一定大于等于U，A项错误；电容器两端的最大电压为U，故电容器所带的最大电荷量为CU，B项错误；闪光灯闪光时电容器放电，所带电荷量减少，C项错误；在一个闪光周期内电容器的总电荷量变化Q0，故通过R的电荷量均通过了闪光灯，D正确。答案：D7(双选)如图6甲所示，R为电阻箱(099.9 )，置于阻值最大位置，Rx为未知电阻，(1)断开S2，闭合S1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R、I值，并依据R、I值作出了如图乙所示的R图线，(2)断开S2，闭合S1，当R调至某一位置时，电流表的示数I11.0 A；保持电阻箱的位置不变，断开S1，闭合S2，此时电流表的示数为I20.8 A，据以上数据可知()图6A电源电动势为3.0 VB电源内阻为0.5 CRx的阻值为0.5 DS1断开、S2接通时，随着R的减小，电源输出功率减小解析：由I得Rr，则R图像的斜率kE2.0 V，A选项错误，R轴截距的绝对值等于内阻r，即r0.5 ，B选项正确，S2断开，S1闭合时，Rr；S1断开，S2闭合时，RxRr，所以，Rx0.5 ，C选项正确，因Rxr，所以，电路中的外电阻大于内阻，随着R的减小，电源输出功率将增大，R0时，电源输出功率最大，D选项错误。答案：BC8.如图7所示是电容器充、放电电路。配合电流传感器，可以捕捉瞬间的电流变化，并通过计算机画出电流随时间变化的图像。实验中选用直流8 V电压，电容器选用电解电容器。先使单刀双掷开关S与1端相连，电源向电容器充电，这个过程可瞬间完成。然后把单刀双掷开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流传入计算机，图像上显示出放电电流随时间变化的It曲线，如图8所示。以下说法错误的是()图7图8A电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较小B随着放电过程的进行，该电容器两极板间电压逐渐减小C由传感器所记录的该放电电流图像可以估算出该过程中电容器的放电电荷量D通过本实验可以估算出该电容器的电容值解析：电容是用来描述电容器容纳电荷本领的物理量，大小与氧化膜厚度无关，选项A错误；由U可知，因电容器电容不变，放电过程中电容器所带电量逐渐减小，所以电容器两端电压逐渐减小，选项B正确；由I，再结合放电电流随时间变化的It曲线可知选项C正确；根据It曲线可求出放电过程中通过电阻的电量，再由电容器放电瞬间电压与电源电压相等，根据C即可求出电容器的电容值，选项D正确。答案：A9如图9甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示。电流表为值班室的显示器。a、b之间接报警器，当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是()图9AI变大，U变大 BI变大，U变小CI变小，U变大 DI变小，U变小解析：当火情出现时，R2的阻值随温度t的升高而减小，所以引起外电路电阻减小，干路中的总电流I总增大，内电压增大，所以路端电压减小，故报警器两端的电压U减小；由于I总增大，R1两端的电压增大，所以并联部分电压减小，电流表示数减小，D选项正确。答案：D10.(双选)某同学按如图10所示的电路进行实验，电压表内阻看做无限大，电流表内阻看做零。实验过程中，由于电路发生故障，发现两电压表示数相同了(但不为零)，若这种情况的发生是由某一用电器引起的，则可能的故障原因是()图10AR3短路BRP短路CR3断开 DR2断开解析：由电路分析可知，若R3短路，则RP、R2被短路，这时，电压表V2示数为零，A错；若RP短路，电压表V2两端电压，即为R3两端电压，和电压表V1示数应相同，B对；若R3断开，电压表V2所测量为R2两端电压，而电压表V1所测量的为R2和RP两端电压，故C错；若R2断开，电压表V2和V1都测量R3两端电压，故D对。答案：BD11.如图11所示的电路中，电路消耗的总功率为40 W，电阻R1为4 ，R2为6 ，电源内阻r为0.6 ，电源的效率为94%，求：图11 (1)a、b两点间的电压；(2)电源的电动势。解析：(1)电流是联系内、外电路的桥梁，是求解闭合电路的关键，而电源的内电路部分为求解该题的突破口。电源内部热功率P内I2r又P内P总(1)故I 2 A由于R1、R2并联，所以UabI4.8 V(2)由P总IE得E20 V答案：(1)4.8 V(2)20 V12.电源与电阻R组成串联电路，路端电压U随电流的变化图线及电阻R的UI图线如图12所示，求：图12 (1)电源的电动势和内阻；(2)电源的路端电压；(3)电源的输出功率。解析：(1)由图像可知电源电动势：E4 V，短路电流I短4 A所以电源内阻为：r1 。(2)由图像知：电源与电阻串联后的电流为I1 A，此时对应路端电压为U3 V。(3)由电阻R的UI图像可知：R3 ，故P出I2R3 W。答案：(1)4 V1 (2)3 V(3)3 W- 7 -用心 爱心 专心