高考物理二轮复习 小卷30分钟提分练（五）（8选择2实验）（含解析）-人教版高三全册物理试题

小卷30分钟提分练(8选择2实验)(五)一、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14下列说法正确的是()A光电效应和康普顿效应揭示了光具有波粒二象性B牛顿第一定律是利用逻辑推理对实验事实进行分析的产物，能够用实验直接验证C英国物理学家汤姆孙发现了电子，否定了“原子不可再分”的观点D爱因斯坦首先把能量子的概念引入物理学，否定了“能量连续变化”的观点解析：光电效应和康普顿效应揭示了光具有粒子性，A错误；牛顿第一定律是利用逻辑推理对实验事实进行分析的产物，不能够用实验直接验证，B错误；英国物理学家汤姆孙发现了电子，否定了“原子不可再分”的观点，C正确；普朗克在1900年把能量子引入物理学，破除了“能量连续变化”的传统观念，D错误答案：C15如图所示，木块A、B置于光滑水平桌面上，木块A沿水平方向向左运动与B相碰，碰后粘连在一起，将弹簧压缩到最短则木块A、B组成的系统，从A、B相碰到弹簧压缩至最短的整个过程中()A动量不守恒、机械能守恒B动量不守恒、机械能不守恒C动量守恒、机械能守恒D动量守恒、机械能不守恒解析：A、B组成的系统，从相碰到弹簧压缩至最短的过程中，由于弹力的存在，合外力不为零，故系统动量不守恒，由于非弹性碰撞，弹簧弹力做功，机械能不守恒，B正确答案：B16通过一理想变压器，经同一线路输送相同电功率P，原线圈的电压U保持不变，输电线路的总电阻为R.当副线圈与原线圈的匝数比为k时，线路损耗的电功率为P1，若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk，线路损耗电功率为P2，则P1和分别为()A.， B.2R，C.， D.2R，解析：根据变压器的变压比，当副线圈与原线圈的匝数比为k时，有k，副线圈与原线圈的匝数比提高到nk时，有nk，由于线路的输送功率不变，则有PU1I1U2I2.根据焦耳定律，线路损耗有：P1IR2R2R，P2IR，.答案：D17如图所示，在点电荷Q产生的静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下依次通过a、b、c三个位置，其中b点距点电荷Q最近，c点距点电荷Q最远下列说法中正确的是()A该粒子一定带正电Bb点的电势一定比a、c两点的电势高C粒子通过c点时的动能小于通过b点时的动能D粒子通过b点时的加速度大于通过a点时的加速度解析：画出运动轨迹可以判断出该粒子和点电荷Q电性相反，点电荷Q的电性未知，故粒子的电性无法确定，A错误；点电荷周围的电场线方向不能确定，故a、b、c三点的电势高低无法确定，B错误；由运动轨迹可知，从a到b再到c，电场力对粒子先做负功，再做正功，故粒子在b点时动能最小，C错误；b点离点电荷最近，电场强度最大，故粒子通过b点时所受的电场力最大，粒子通过b点时加速度最大，D正确答案：D182019河北百校联盟联考如图所示，在等腰直角三角形OPQ区域内存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，边长OPL.O处有一个粒子源，将质量为m、电荷量为q的带正电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，不计粒子的重力则在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是()A. B.C. D.解析：同种粒子在磁场中做匀速圆周运动，这些粒子的周期相同，要在磁场中运动时间最长，则粒子在匀强磁场中的轨迹对应的圆心角应为最大，又因为要求在磁场中运动速度最大，由几何关系可得粒子沿OP方向射入，轨迹与PQ相切(切点为Q)时，符合条件，此时粒子轨道半径为L，可求得速度最大值v，C正确，A、B、D错误答案：C19.2019湖南省衡阳市第三次联考世界上没有永不谢幕的传奇，NASA的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最后篇章据NASA报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图所示在极其稀薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬若“卡西尼”只受土星引力和稀薄气体阻力的作用，则()A4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和增大解析：由万有引力提供向心力得：Gmr2，解得，则轨道半径小的角速度大，则A正确；由万有引力提供向心力得：Gm，解得v，则轨道半径小的速率大，则B错误；5到6月间，因有稀薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，重力做正功，动能增加，则C正确；6月到8月间，因稀薄气体阻力做负功，机械能减小，则D错误答案：AC202019河南安阳高三二模如图1所示，光滑水平面上静置一个薄长木板，长木板上表面粗糙，其质量为M，t0时刻质量为m的物块以水平速度v滑上长木板，此后木板与物块运动的vt图象如图2所示，重力加速度g10 m/s2，则下列说法正确的是()AMmBM2mC木板的长度为8 mD木板与物块间的动摩擦因数为0.1解析：由题图可知，水平向右为正方向，物块在木板上运动过程中，在水平方向上只受到木板给的水平向左的滑动摩擦力，故mgma1，而vt图象的斜率表示加速度，故a1 m/s22 m/s2.解得0.2，D错误；对木板受力分析可知mgMa2，a2 m/s21 m/s2，解得M2m，A错误，B正确；从图中可知物块和木板最终分离，从开始到分离时两者vt图象与t轴围成的面积之差等于木板的长度，故L(73)2 m22 m8 m，C正确答案：BC21.如图所示，AB是竖直的光滑墙壁，高度为h，现将一质量为m的小球从距水平面AD高为h，离A点水平距离为2h的C点以初速度v0水平向左抛出，由于存在水平向右的风力(该风力为恒力，其他方向空气的作用力不计)，小球恰好能沿着光滑墙壁从A点运动到B点，已知重力加速度为g，下列分析正确的是()A小球到达A点时的速度方向竖直向下，大小为v0B小球受到的风力的大小为F2mgC小球由C点运动到B点所用的时间为2D小球运动到B点时的速度大小为解析：根据题意可知小球到达A点时水平速度减为零，只有竖直向下的速度vA，设小球从C点运动到A点所用的时间为t1，则有t1，ht1,2ht1，解得t1，vA，A错误；根据加速度定义式得小球在水平方向上的加速度大小为ax2g，小球受到的风力的大小为F2mg，B正确；小球由C点运动到B点的过程中，在竖直方向做加速度为g的匀加速直线运动，所以2hgt2，解得t2，C正确；小球到达B点时的水平速度为0，只有竖直方向的速度，根据竖直方向运动的独立性可知v2g2h，解得vB2，D错误答案：BC二、非选择题(考生按要求作答)22.(5分)用如图所示的装置测重力加速度实验中测出气垫导轨的总长为L，滑块静止开始释放的位置A与光电门所在位置B的距离为b.(1)用游标卡尺测量遮光板的宽度为d，接通气源，让滑块从A端由静止开始向下运动，测出遮光板通过光电门的时间为t，则滑块下滑过程的加速度a_.(2)实验中保持滑块在导轨上静止释放的位置A不变，调节导轨顶端距水平面的高度h，则滑块上的遮光片通过光电门的遮光时间t会发生改变测出多组h、t的数据后，描点作出h图象，设图线的斜率为k，则重力加速度g_.解析：(1)滑块运动到B点时的速度v，由v22ab得a.(2)滑块沿导轨做匀加速运动受到的合力Fmgsin ，由牛顿第二定律有Fma，可得h，则h图象直线的斜率k，故g.答案：(1)(2分)(2)(3分)23(10分)某同学用下列器材测电源的电动势与内阻A待测电源(电动势E约6 V，内阻约4 )B电流表A(量程01.0 A，内阻约1.5 )C电阻箱R(0999.9 )D定值电阻R110 E定值电阻R220 F开关、导线若干(1)该同学先将器材连接成图甲所示的电路测量电流表内阻RA.闭合开关S1，反复调节电阻箱阻值，当R2.4 时，发现闭合和打开开关S2时电流表指针指示值相同，则电流表的内阻RA_.若忽略偶然误差，从理论上分析，实验测得的电流表内阻值_(填“大于”“小于”或“等于”)真实值(2)该同学再将部分器材连接成图乙所示的电路测电源的电动势与内阻。将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；多次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应阻值R；将测量数据在坐标系R中描点如图丙所示则电源的电动势E_V，内阻r_.(结果均保留两位有效数字)解析：(1)闭合和打开开关S2时电流表指针指示值相同，即S2闭合的情况下，没有电流通过开关S2，则有，可得RA 1.2 ；从理论上分析，RA是没有系统误差的，实验测得电流表内阻值等于真实值(2)由闭合电路的欧姆定律知，I与R的关系为EIRA(rR)，得，将丙图中的点连成一条直线(如图)，可得 V1，故E5.6 V；1.0 A1，故r3.9 .答案：(1)1.2(2分)等于(2分)(2)5.6(3分)3.9(3分)