（课标通用）高考物理二轮复习 小题提速抢分练1（8选择2实验）（含解析）-人教版高三全册物理试题

(8选择2实验)(建议用时：30分钟)一、选择题(共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14如图所示，实线表示某电场中的两条电场线，虚线表示电场中的两条等势线，A、B、C、D分别是电场线与等势线的交点，下列说法正确的是()A将点电荷从B点移动到C点，电场力一定做正功B负点电荷在D点的电势能大于在A点的电势能C将一负点电荷从A点由静止释放后，在只受电场力作用下将向C点运动D点电荷在AB等势线上受到的电场力与在CD等势线上受到的电场力大小相等B解析 B点的电势高于D点，D点电势等于C点的电势，则B点的电势高于C点的电势，将正的点电荷从B点移动到C点，电场力一定做正功，选项A错误；A点的电势高于D点的电势，则负点电荷在D点的电势能大于在A点的电势能，选项B正确；将一负点电荷从A点由静止释放后，所受的电场力沿CA方向，则在只受电场力作用下将向C点反方向运动，选项C错误；AB处电场线较CD处密集，则点电荷在AB等势线上受到的电场力比在CD等势线上受到的电场力大，选项D错误15铀原子核既可发生衰变，也可发生裂变其衰变方程为UThX，裂变方程为UnYKr3n，其中U、n、Y、Kr的质量分别为m1、m2、m3、m4，光在真空中的传播速度为c.下列叙述正确的是()AU发生的是衰变BY原子核中含有56个中子C若提高温度，U的半衰期将会变小D裂变时释放的能量为(m12m2m3m4)c2D解析 根据质量数守恒，电荷数守恒，X为氦原子核，U发生的是衰变，选项A错误；根据质量数守恒，电荷数守恒可知，Y的质量数A2351893144，电荷数Z923656，由原子核的组成特点可知，Y原子核中含有56个质子，中子数为1445688个，选项B错误；半衰期与温度、压强等外界因素无关，选项C错误；由于核裂变的过程中释放能量，根据爱因斯坦质能方程得Emc2(m12m2m3m4)c2，选项D正确16(2019河南周口一中期中)如图所示，一沙袋用无弹性轻细绳悬于O点开始时沙袋处于静止状态，一弹丸以水平速度v0击中沙袋后未穿出，二者共同摆动若弹丸质量为m，沙袋质量为5m，弹丸和沙袋形状大小忽略不计，弹丸击中沙袋后漏出的沙子质量忽略不计，不计空气阻力，重力加速度为g.下列说法正确的是()A弹丸打入沙袋过程中，细绳所受拉力大小保持不变B弹丸打入沙袋过程中，弹丸对沙袋的冲量大小大于沙袋对弹丸的冲量大小C弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为D沙袋和弹丸一起摆动所达到的最大高度为D解析 弹丸打入沙袋的过程由动量守恒定律mv0(m5m)v，解得vv0，弹丸打入沙袋后，总质量变大，且做圆周运动，根据T6mg6m可知，细绳所受拉力变大，选项A错误；根据牛顿第三定律可知，弹丸打入沙袋过程中，弹丸对沙袋的冲量大小等于沙袋对弹丸的冲量大小，选项B错误；弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为Qmv6mv2mv，选项C错误；由机械能守恒可得6mv26mgh，解得h，选项D正确17(2019辽宁重点协作体模拟)从t0时刻开始，物块在外力作用下由静止开始沿x轴做匀变速直线运动，如图所示为其位移和速率的二次方的关系图线，下列说法正确的是()At0时刻物块位于x0处B物块运动的加速度a0.5 m/s2Ct2 s时物块位于x2 m处D24 s时间内物块的位移大小为2 mB解析 设t0时刻物块位于x0处，物块运动的加速度为a，由匀变速直线运动规律可知v22a(xx0)，可变化成xx0v2，由位移和速率二次方关系图线的斜率 s2/m1 s2/m，可得物块运动的加速度a0.5 m/s2，t0时刻x02 m，选项A错误，B正确；t4 s时物块的位移x4x0at22 m，t2 s时物块的位移x2x0at21 m,24 s时间内物块的位移大小为xx4x23 m，选项C、D错误18中国国家航天局目前计划于2020年发射嫦娥工程第二阶段的月球车“嫦娥四号”如图所示，假设运载火箭先将“嫦娥四号”月球探测器成功送入太空，由地月转移轨道进入半径为r1100 km的环月圆轨道后成功变轨到近月点为15 km的椭圆轨道，再从15 km高度降至近月圆轨道，最后成功实现登月若取两物体相距无穷远时的引力势能为零，一个质量为m的质点到质量为M的物体中心距离为r时，其引力势能表达式为EpG(式中G为引力常量)已知月球质量为M0，月球半径为R，发射的“嫦娥四号”探测器质量为m0.则下列关于“嫦娥四号”登月过程的说法正确的是()A“嫦娥四号”探测器在轨道上运行的动能大于在轨道上运行的动能B“嫦娥四号”探测器从轨道上变轨到轨道上时，势能减小了GM0m0C“嫦娥四号”探测器在轨道上运行时的机械能等于在轨道上运行时的机械能D落月的“嫦娥四号”探测器从轨道回到轨道，需要提供的最小能量是D解析 根据万有引力定律有Gm，得“嫦娥四号”探测器在轨道和轨道上的动能分别是Ek1、Ek2，由于r1R，所以“嫦娥四号”探测器在轨道上运行的动能小于在轨道上运行的动能，选项A错误；根据EpG可知，“嫦娥四号”探测器在轨道和轨道上的势能分别是Ep1、Ep2，“嫦娥四号”探测器从轨道上变轨到轨道上时，势能减小了EpGM0m0，选项B错误；根据能量守恒定律，落月的“嫦娥四号”探测器从轨道回到轨道，所要提供的最小能量是EEp1Ep2Ek1Ek2，选项C错误，D正确19(2019河南洛阳二模)如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下改变与水平面间的夹角，以卸下车厢中的货物当夹角为时，质量为M的木箱A与装在箱内的质量为m的物体B，一起以共同的速度沿车厢底板匀速滑下，则下列说法正确的是()AA、B间没有静摩擦力BA受到B的静摩擦力方向沿车厢底板向下CA受到车厢底板的滑动摩擦力大小为Mgsin DA与车厢底板间的动摩擦因数tan BD解析 隔离B受力分析，由题意可知，B受到静摩擦力作用，则A、B间有静摩擦力，选项A错误；B受到A的静摩擦力方向沿车厢底板向上，根据牛顿第三定律可知，A受到B的静摩擦力方向沿车厢底板向下，选项B正确；A、B一起以共同的速度沿车厢底板匀速滑下，把A、B看作整体，受力分析由平衡条件有Ff(Mm)gsin ，选项C错误；A、B整体的重力沿垂直车厢底板方向的分力为(Mm)gcos ，则有Ff(Mm)gcos (Mm)gsin ，解得tan ，选项D正确20(2019吉林长春实验中学开学考试)如图甲所示，在足够长的光滑的斜面上放置着金属线框，垂直于斜面方向的匀强磁场的磁感应强度B随时间的变化规律如图乙所示(规定垂直斜面向上为正方向)t0时刻将线框由静止释放，在线框下滑的过程中，下列说法正确的是()A线框中会产生的电流大小和方向均不变BMN边受到的安培力不变C线框做匀加速直线运动D线框中产生的焦耳热等于其机械能的损失AC解析 t0时刻开始，磁场先垂直于斜面向下均匀减小，然后垂直于斜面向上均匀增大，根据楞次定律可知，线框中感应电流方向总是沿顺时针方向，根据法拉第电磁感应定律ES，知不变，感应电动势不变，则感应电流I恒定不变，选项A正确；由安培力表达式FBIL，I、L不变，B先减小后增大，知MN边受到的安培力先减小后增大，选项B错误；线框处于磁场中，受到的安培力的合力为零，线框受到重力与支持力，所以线框做匀加速直线运动，选项C正确；只有重力做功，机械能守恒，根据能量守恒定律知，磁场能转化为焦耳热，选项D错误21(2019安徽阜阳三中调研)如图所示，物体A、B通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体A、B的质量分别为2m、m.开始时细绳伸直，物体B静止在桌面上，用手托着物体A使弹簧处于原长且A与地面的距离为h.放手后物体A下落，着地时速度大小为v，此时物体B对桌面恰好无压力不计一切摩擦及空气阻力，重力加速度大小为g.下列说法正确的是()A物体A下落过程中，物体A和弹簧组成的系统机械能守恒B弹簧的劲度系数为C物体A着地时的加速度大小为D物体A着地时弹簧的弹性势能为mghmv2AC解析 因为B没有运动，所以物体A下落过程中，只有弹力和重力做功，故物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，选项A正确；因为A刚下落时，弹簧处于原长，A落地时，弹簧对B的弹力大小等于B的重力，故khmg，解得k，选项B错误；物体A落地时弹簧对绳子的拉力大小为mg，故对A分析，受到竖直向上的拉力，大小为mg，竖直向下的重力，大小为2mg，故根据牛顿第二定律可得2mgmg2ma，解得a，选项C正确；物体A下落过程中，物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，故2mgh2mv2Ep，解得Ep2mghmv2，选项D错误二、实验题(共15分)22(2019安徽定远育才学校二模)(6分)某同学利用倾斜气垫导轨做“验证机械能守恒定律”的实验，实验装置如图甲所示其主要实验步骤如下：a用游标卡尺测量挡光条的宽度l，结果如图乙所示；b读出导轨标尺的总长L0，并用直尺测出导轨标尺在竖直方向的高度H0；c读出滑块释放处挡光条与光电门中心之间的距离s；d由静止释放滑块，从数字计时器(图中未画出)上读出挡光条通过光电门所用的时间t.回答下列问题：(1)由图乙读出l_mm.(2)_(选填“有”或“没有”)必要用天平称出滑块和挡光条的总质量M.(3)多次改变光电门位置，即改变距离s，重复上述实验，作出随s的变化图象，如图所示，当已知量t0、s0、l、L0、H0和当地重力加速度g满足表达式_时，可判断滑块下滑过程中机械能守恒解析 (1)游标尺上共有20小格，精度为0.05 mm，用游标卡尺测量挡光条的宽度l(80.054)mm8.20 mm.(2)欲验证机械能守恒定律，即Mgssin M2，为气垫导轨与水平面间的夹角，只需验证gssin 2，可见没有必要测量滑块和挡光条的总质量M.(3)由几何知识得sin ，当ss0，tt0时有s0.答案 (1)8.20(2)没有(3)s023(2019四川泸县二中三模)(9分)某同学要测定三节干电池组成的电池组的电动势和内阻，实验室提供的器材有：A电流表G(满偏电流5 mA，内阻10 )B安培表(量程0.6 A，内阻0.5 )C电压表(量程15 V，内阻约为6 k)D滑动变阻器(阻值010 ，额定电流为2 A)E定值电阻R0(阻值990 )F开关S一个，导线若干(1)请完成虚线框内的电路图，为了减小实验误差，电路图甲中的导线应连接到_(选填“”或“”)的位置(2)调节滑动变阻器，测得虚线框内电表的示数X与安培表的示数I的多组数值，作出XI图象如图乙所示，则由图线可以得到被测电池组的电动势E_V，内阻r_.(保留两位有效数字)(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持开关闭合，其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为_解析 (1)三节干电池的电动势大约为4.5 V，由于所给电压表的量程过大，因此需要用电流表G和定值电阻R0组成一个量程为5 V的电压表，因此虚线框内的电路连接如图所示由于安培表的电阻已知，因此将导线连接到可以减小电池内阻测量的误差(2)由电路连接可知，X为电流表G的示数，将图线延长，图线与纵轴的交点是4.5 mA，为电路断路时电流表G的示数，此时电源的电动势等于路端电压，即E4.5103(99010)V4.5 V，电源的内阻r 0.5 4.5 .(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大答案 (1)见解析图(2)4.54.5(3)干电池使用较长时间后，电动势和内阻发生变化，导致实验误差增大