（衡水万卷）高三物理二轮复习 作业卷二十 热学（含解析）-人教版高三物理试题

热学一 、单选题（本大题共5小题 。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1. 下列说法正确的是A物体温度改变时，物体分子的平均动能一定改变B在两分子间距离减小的过程中，分子间引力减小，斥力增大C在两分子间距离增大的过程中，分子势能一定增大D气体压强是气体分子间的斥力产生的2. 热现象与大量分子热运动的统计规律有关，1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律，后来有许多实验验证了这一规律。若以横坐标v表示分子速率，纵坐标f(v)表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比。对某一部分密闭在钢瓶中的理想气体，在温度T1、T2时的分子速率分布图象如题图所示，下列分析和判断中正确的是( )A两种状态下瓶中气体内能相等B两种状态下瓶中气体分子平均动能相等C两种状态下瓶中气体分子势能相等D两种状态下瓶中气体分子单位时间内撞击瓶壁的总冲量相等 3. 下列说法中正确的是A气体的温度升高时，分子的热运动变得剧烈，分子的平均动能增大，撞击器壁时对器壁的作用力增大，从而气体的压强一定增大B气体体积变小时，单位体积的分子数增多，单位时间内撞到器壁单位面积上的分子数增多，从而气体的压强一定增大C压缩一定质量的气体，气体的内能一定增加D分子a只在分子b的分子力作用下，从无穷远处向固定不动的分子b运动的过程中，当a到达受b的作用力为零的位置时，a的动能一定最大夏季冬季AABB4. 架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，电线呈现如图所示的两种形状。下列说法中正确的是（ ）A夏季电线对电线杆的拉力较大 B冬季电线对电线杆的拉力较大C夏季、冬季电线对电线杆的拉力一样大D夏季杆对地面的压力较大5. 下列有关分子运动理论的各种说法中正确的是（）A温度低的物体内能小B温度低的物体，其分子运动的平均动能也必然小C做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能越来越大D0的铁和0的冰，它们的分子平均动能可能不相同二 、多选题（本大题共2小题 ）6. 健身球是一个充满气体的大皮球，当人压向健身球上时，假设球内气体温度不变，则在这个过程中A气体分子的平均动能增大B气体的密度增大C气体从外界吸收热量D外界对气体做功7.（2015汕头一模）气象探测气球内充有常温常压的氦气，从地面上升至某高空的过程中，气球内氦气的压强随外部气压减小而逐渐减小，其温度因启动加热装置而保持不变高空气温为7.0，球内氦气可视为理想气体，下列说法中正确的是（） A在此过程，气球内氦气体积逐渐增大 B在此高空，关闭加热装置后，氦气分子平均动能增大 C在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外界做功 D在此高空，关闭加热装置后，氦气将对外放热三 、简答题（本大题共2小题 ）8.（2015松江区一模）如图，由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0的水槽中，B的容积是A的3倍阀门S将A和B两部分隔开A内为真空，B和C内都充有气体U形管内左边水银柱比右边的低60mm打开阀门S，整个系统稳定后，U形管内左右水银柱高度相等假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积（1）求玻璃泡C中气体的压强（以mmHg为单位）（2）将右侧水槽的水从0加热到一定温度时，U形管内左右水银柱高度差又为60mm，求加热后右侧水槽的水温9.（2015崇明县一模）在托里拆利实验中，由于操作不慎，漏进了一些空气当大气压强为75cm Hg时，管内外汞面高度差为60cm，管内被封闭的空气柱长度是30cm，如图所示问：（1）此时管内空气的压强是多少？（2）若将此装置移到高山上，温度不变，发现管内外汞面高度差变为54cm，山上的大气压强为多少（设管顶到槽内汞面的高度不变）？0.2016万卷作业卷（二十）答案解析一 、单选题1.【答案】A2.【答案】C3.【答案】D4.【答案】B5.【答案】B考点：分子的热运动专题：分子运动论专题分析：温度是分子平均动能的唯一标志，分子动能与分子的速率以及分子质量有关解答：解：A、温度是分子平均动能的标志，温度低只能说明分子平均动能小，不能说明分子势能，而内能包括分子动能和分子势能，故A错误B、温度低的物体，分子平均动能一定小，故B正确；C、温度是分子平均动能的标志，与物体是否运动无关，故C错误D、温度是分子平均动能的唯一标志，温度相同说明分子平均动能相同，0的铁和0的冰，它们的分子平均动能相同，故D错误故选：B点评：掌握温度是分子平均动能的“唯一”标志，与其他任何因素无关二 、多选题6.【答案】BD7.【答案】AD【考点】： 热力学第一定律；理想气体的状态方程【分析】： 气体经历等温过程，根据玻意耳定律分析体积的变化；温度是分子热运动平均动能的标志【解析】：解：A、气体经历等温过程，压强减小，根据PV=C，在此过程，气球内氦气体积逐渐增大，故A正确；B、在此高空，关闭加热装置后，温度降低，故氦气分子平均动能减小，故B错误；C、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，根据，体积减小，故是外界对气体做功，故C错误；D、在此高空，压强固定，关闭加热装置后，温度降低，故会对外放热，故D正确；故选：AD【点评】： 本题关键是明确温度的微观意义，能够结合理想气体状态方程列式分析，基础题目三 、简答题8. 考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强专题：压轴题；理想气体状态方程专题分析：以B内封闭气体为研究对象，做等温变化，根据玻意耳定律求出B内的压强，然后求出C内压强；以C中封闭气体为研究对象，根据等容变化列方程求解解答：解：（i）加热前C中压强始终不变，B内封闭气体初状态：PB=PC+60，打开阀门后PB=PC由题意：由玻意尔定律PBVB=PBVB得：PB=180mmHg PC=PB=180mmHg（ii）C内封闭气体做等容变化，加热后压强PC=PC+60mmHg=得：T=364K答：（1）玻璃泡C中气体的压强为180mmHg（2）加热后右侧水槽的水温364K点评：本题考查了理想气体状态方程的应用，关键是正确分析ABC中气体压强的关系9.考点：封闭气体压强分析：（1）管内空气的压强等于管外大气压与管内60cm水银产生的压强之差（2）温度不变，管内气体发生等温变化，根据玻意耳定律求解管内空气压强根据管内外压强关系求解山上的大气压强解答：解：（1）此时管内空气的压强为 P1=（7560）cmHg=15cmHg（2）V1=30S，V2=（30+6054）S=36S P1=15 cmHg，P2=（P054）cmHg 等温变化，由玻意尔定律 P1V1=P2 V2代入1530=15P2得 P2=12.5 cmHg 可得 P0=66.5 cmHg 答：（1）此时管内空气的压强为15cmHg（2）山上的大气压强为66.5cmHg点评：会确定初末状态的参量，分析管内外压强之差是解题的关键再运用玻意耳定律进行求解