2016年贵州省铜仁市中考物理模拟试卷(解析版)

2016年贵州省铜仁市中考物理模拟试卷一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将答案填写在答题卡相应位置上）1下列对生活中的物理量估计正确的是（）A梵净山金顶的大气压约为1.5105PaB教室内一盏日光灯的功率约为40WC一瓶普通的“泉都”矿泉水质量约为10kgD人体感觉最舒适的环境温度是372某凸透镜的焦距为8cm，物体到凸透镜的距离为u，则下列说法正确的是（）A当u=6cm时，物体成正立、放大的实像，放大镜就是根据这一原理制成的B当u=12cm时，物体成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的C当u=20cm时，物体成倒立、放大的实像，投影仪就是根据这一原理制成的D把物体从距凸透镜12cm移动到24cm的过程中，像逐渐变小3现代社会发展的三大支柱：能源、信息和材料，下列说法正确的是（）A太阳能、风能、核能都是可再生能源B卫星由近地点向远地点运动时，重力势能转化为动能C“北斗”导航系统是利用电磁波进行定位和导航的D被称为“信息高速公路”的光纤通信是利用激光在光导纤维中不断折射传递信息4铜仁许多旅游景点，如民族风情园、梵净山等都建有“公共自行车租赁系统”，为广大游客提供了一种“低碳环保”的旅游方式，如图所示是某公共自行车存放点，下列说法正确的是（）A下坡时自行车速度越来越大是由于惯性越来越大B增大座垫面积能减小座垫对人的压力C步行、骑自行车、少乘车和电梯等都是“低碳环保”的文明行为D自行车若能安装一个小电动机，则更省力也更“低碳环保”5标有“12V 6W”与“12V 3W”的灯泡以串联方式接入电路中，若让其中一盏灯正常工作，则电源电压为（）A24VB18VC16VD12V6铜仁市一年一度的“赛龙舟”于6月8日在著名风景区大明边城举行，下列有关“赛龙舟”的说法正确的是（）A龙舟能够漂浮在水面，是因为浮力大于重力B划龙舟的船桨是一个省力杠杆C龙舟远去时，听到的鼓声逐渐减小是因为鼓声的频率逐渐减小D龙舟前进是因为物体间力的作用是相互的7下列各组数据读数正确的是（）A3N；19；3.80cm；2.5VB3N；21；3.80cm；2.5VC3N；21；9.80cm；2.5VD3N；19；9.80cm；0.5V8下列说法正确的是（）A实验证明，在液体或气体之间常发生扩散现象，但在固体之间不会发生B红、黄、蓝叫做色光的三原色，三种色光按不同比例混合，可产生各种颜色的色光C人们必须选定某一物体作为参照物，才能判断其他物体的运动或静止D在自然界中，只有两种电荷，人们把用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷叫做负电荷9如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，则下列说法正确的是（）A电流表的示数减小BR1的电功率一定增大C电路的总电功率一定减小D电压表的示数增大二、填空题（本题包括7个小题，每空1分，共17分，请将答案填写在答题卡相应的位置）101791年，法国为了改变计量制度混乱情况，在规定了长度的单位米的同时，又规定了质量的单位，即规定时1dm3纯水的质量为1kg，并且用铂制作了标准千克原器，保持在法国档案局这个标准千克原器也叫“”11十里锦江画廊是铜仁的旅游景点之一，游客乘坐游轮畅游锦江，沿途欣赏美丽的风光游轮的排水量达25t，满载时游轮吃水深度为0.5m，船底受到江水的压强约为Pa，船受到的浮力约为N（g=10N/kg）当游客下船后，船受到的浮力将（填“变大”“变小”或“不变”）12如图所示，闭合开关后，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则A端是电源的极，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性将（填“变大”“变小”或“不变”）13用两个相同的电热器分别给质量相等的水和某种液体加热，每隔10分钟记录一次数据，如表所示则该液体的比热容为J/（kg），若使他们升高相同的温度，吸收的热量多如果完全燃烧0.2m3沼气放出的热全部被1标准大气压下、10kg、初温为20的水吸收，水的温度将升高（沼气热值为2.1107J/m3、C水=4.2103J/（kg）加热时间/min01020水的温度/202530液体的温度/20344814如图所示的电路中，电源电压不变，R1=R2=R3=10宇宇同学误将一电流表并联在R1两端，闭合开关后，读得电流表示数为0.3A，则电源电压U=V；发现错误后，该同学将图中电流表换成了电压表，则此时电压表的示数是V15铜仁高铁南站开通后，大大推动了铜仁经济的发展在火车站台边缘一定距离的地方标有一条安全黄线，人必须站在安全黄线以外的区域候车这是因为高速列车与人之间空气流速人另一侧的流速，造成了人车之间的空气压强（填“增大”“不变”或“减小”），从而产生了推向高速列车的作用力，给人带来危险16如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示由图象可知当t=1s时，物体所受的摩擦力为N，当t=3s时，摩擦力 推力（填“”、“=”或“”），当t=5s时，推力做功的功率为W三、简答题（本题每空2分，共8分）17在平静的湖面上，有一空塑料盆和一个空铁盆（塑料水铁），塑料盆和铁盆均静止于湖面上，两盆上方均有小水滴缓慢滴入盆中，请你运用所学的物理知识预测两盆最终所处的状态，并简述形成各自状态的原因（1）塑料盆最终所处的稳定状态是：；（填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）原因：（2）铁盆最终所处的稳定状态是：；（填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）原因：四、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）18在墙角放置一球体，且地面是水平粗糙的，请画出该球体所受力的示意图19根据光的反射定律在图中用光路作图的办法画出点光源A发出的光经过平面镜反射后照亮墙面M的范围（请保留作图痕迹）五、实验探究题（本题共2小题，第20题8分，第21题12分，共20分）20小明为家中的盆景设计了一个自动供水装置如图所示，用一个塑料瓶装满水倒放在盆景盘中，瓶口刚刚被水浸没当盘中的水位下降到使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中就会有水流出，使盘中的水位升高，瓶口又被浸没，瓶中的水不再流出 （1）该装置是否利用了连通器的原理？（填“是”或“不是）（2）盘中的水由于（填物态变化）而下降，瓶内水由于而下降（3）当瓶内水不再下降后，位于瓶口的A点压强（填“变大”、“变小”或“不变”）21小明探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：（1）连接电路时，开关必须；（2）小明连好如图所示电路，正准备闭合开关，旁边的小兰急忙拦住他说：接线错了！请你帮助小明检查一下电路，把错接的线找出来打上“”，并在图上补画出正确的接线（连线不交叉）（3）正确连接后小明同学进行实验，得到的实验数据如下表所示在小组交流时，其他小组同学指出该实验中有一组数据存在明显的错误，这组数据是第次的实验数据；实验次数123456电压U/A0.30.60.91.21.51.8电流I/A0.080.150.230.400.380.45（4）在进行探究时，滑动变阻器所起的主要作用是：；运用的实验研究方法是：；实验结论是：六、计算题（本题共2小题，第22题10分，第23题11分，共21分，要求写出必要的计算过程和文字说明）22如图所示，物体A是正方体金属块，边长是20cm，在拉力F的作用下物体A恰好做匀速直线运动已知，每个滑轮重20N，金属块的密度金=5103kg/m3，物体A 运动时受到地面的阻力是物体重的0.3倍，在2s内被拖动5m，不计绳重及绳与滑轮、轮与轴之间的摩擦（g=10N/kg）试求：（1）物体A对地面的压强；（2）拉力F做功的功率；（3）该滑轮组的机械效率（计算结果保留1位小数）23如图所示的电路中，只闭合S1时，通过R2的电流是1.5A，R1=30，R2=20求：（1）电源电压是多大？（2）只闭合S2时，通电20s电流通过R1产生的电热是多少？（3）开关通断情况发生变化，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P之比是多少？2016年贵州省铜仁市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请将答案填写在答题卡相应位置上）1下列对生活中的物理量估计正确的是（）A梵净山金顶的大气压约为1.5105PaB教室内一盏日光灯的功率约为40WC一瓶普通的“泉都”矿泉水质量约为10kgD人体感觉最舒适的环境温度是37【考点】大气压强的存在；温度；质量的估测；增大或减小机械效率的方法【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、梵净山金顶的海拔高，空气稀薄，大气压小于1标准大气压1.0105Pa，山顶的大气压为1.5105Pa不符合实际，故A错误B、教室内一盏日光灯的功率约为40W，故B正确；C、一瓶普通的“泉都”矿泉水体积约为500ml，质量约为m=V=1.0103kg/m3500106m3=0.5kg，故C错误；D、人体正常体温约为36.5，人体感觉最舒适的环境温度是略高于体温，约为37，故D错误故选B2某凸透镜的焦距为8cm，物体到凸透镜的距离为u，则下列说法正确的是（）A当u=6cm时，物体成正立、放大的实像，放大镜就是根据这一原理制成的B当u=12cm时，物体成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的C当u=20cm时，物体成倒立、放大的实像，投影仪就是根据这一原理制成的D把物体从距凸透镜12cm移动到24cm的过程中，像逐渐变小【考点】凸透镜成像的应用【分析】凸透镜成像的三种情况：u2f，成倒立、缩小的实像2fuf，成倒立、放大的实像uf，成正立、放大的虚像u=2f，成倒立、等大的实像凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小【解答】解：A、将物体放在6cm处，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，应用放大镜，故A错误；B、将物体放在12cm的地方，即处于2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机，故B错误；C、当u=20cm时，物体处于2倍焦距以外，此时成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的，故C错误；D、物体从距凸透镜12cm移动到24cm的过程中，即物距变大，像距变小，此时的像应该变小，故D正确故选D3现代社会发展的三大支柱：能源、信息和材料，下列说法正确的是（）A太阳能、风能、核能都是可再生能源B卫星由近地点向远地点运动时，重力势能转化为动能C“北斗”导航系统是利用电磁波进行定位和导航的D被称为“信息高速公路”的光纤通信是利用激光在光导纤维中不断折射传递信息【考点】能源的分类；电磁波的传播；光纤通信；动能和势能的转化与守恒【分析】（1）能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源；（2）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度，质量越大，高度越大，重力势能越大；（3）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；（4）光纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息【解答】解：A、太阳能、风能都是可再生能源，核能属于不可再生能源，故A错误；B、当卫星从近地点向远地点运动时，速度变小，动能变小，高度增加，重力势能增大，因此将动能转化为重力势能，故B错误；C、电磁波可以在真空中传播，故“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故C正确；D、光纤通信是利用激光在光导纤维中反射来传递信息的，故D错误故选C4铜仁许多旅游景点，如民族风情园、梵净山等都建有“公共自行车租赁系统”，为广大游客提供了一种“低碳环保”的旅游方式，如图所示是某公共自行车存放点，下列说法正确的是（）A下坡时自行车速度越来越大是由于惯性越来越大B增大座垫面积能减小座垫对人的压力C步行、骑自行车、少乘车和电梯等都是“低碳环保”的文明行为D自行车若能安装一个小电动机，则更省力也更“低碳环保”【考点】有利于节约能源的措施；惯性；减小压强的方法及其应用【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只与质量有关；（2）在压力一定时，增大受力面积可减小压强；（3）从节约能源的反面分析；（4）电能是二次能源【解答】解：A、自行车下坡时其速度发生了改变，惯性大小与速度无关，故A错误；B、增大座垫面积可以在压力一定时，减小坐垫对人的压强，故B错误；C、步行、骑自行车、少乘车和电梯等都可以减少能量的损坏，故C正确；D、电动机会消耗电，而电是由其他能转化而来的，不属于“低碳环保”，故D错误故选C5标有“12V 6W”与“12V 3W”的灯泡以串联方式接入电路中，若让其中一盏灯正常工作，则电源电压为（）A24VB18VC16VD12V【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯的额定电流，再根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联方式接入电路中后，正常发光的是电流较小的一个，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的电压【解答】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流：I1=0.5A，I2=0.25A，由I=可得，两灯泡的电阻分别为：R1=24，R2=48，因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯串联方式接入电路中，且其中一盏灯正常工作时，电路中的电流I=I2=0.25A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端的电压：U=I（R1+R2）=0.25A（24+48）=18V故选B6铜仁市一年一度的“赛龙舟”于6月8日在著名风景区大明边城举行，下列有关“赛龙舟”的说法正确的是（）A龙舟能够漂浮在水面，是因为浮力大于重力B划龙舟的船桨是一个省力杠杆C龙舟远去时，听到的鼓声逐渐减小是因为鼓声的频率逐渐减小D龙舟前进是因为物体间力的作用是相互的【考点】物体的浮沉条件及其应用；力作用的相互性；杠杆的分类；响度与振幅的关系【分析】（1）物体的沉浮与物体的重力大小以及物体所受浮力的大小无关，它是由物体所受重力与浮力的合力决定当合力向上则物体上浮；当合力向下，则物体下沉；当合力为0，则物体处于漂浮或悬浮状态；（2）船桨使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；（3）响度与距离发声体的远近有关，距离越远，响度越小；（4）物体间力的作用是相互的【解答】解：A、龙舟漂浮在水面上时，龙舟所受的浮力等于重力，故A错误；B、划龙舟的船桨在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，好处是省距离，故B错误；C、龙舟远去时，听到的鼓声逐渐减小是因为鼓声的响度逐渐减小，故C错误；D、船桨往后划水，龙舟前进，是因为力的作用是相互的，故D正确故选D7下列各组数据读数正确的是（）A3N；19；3.80cm；2.5VB3N；21；3.80cm；2.5VC3N；21；9.80cm；2.5VD3N；19；9.80cm；0.5V【考点】弹簧测力计的使用与读数；温度计的使用及其读数；长度的测量；电压表的读数方法【分析】明确各个测量工具的分度值和量程，读出示数，刻度尺要估读到最小分度值的下一位【解答】解：（1）图为弹簧测力计，其分度值为0.2N，示数为3N；（2）图为温度计，分度值为1，示数越往上越大，液柱上表面在零上，示数为19；（3）图为刻度尺，分度值为1mm，物体左端在6.00cm处，右端在9.80cm处，所以该物体的长度为：9.80cm6.00cm=3.80cm；（4）图为电压表，量程为015V，分度值为0.5V，示数为2.5V综上所述：A正确故选A8下列说法正确的是（）A实验证明，在液体或气体之间常发生扩散现象，但在固体之间不会发生B红、黄、蓝叫做色光的三原色，三种色光按不同比例混合，可产生各种颜色的色光C人们必须选定某一物体作为参照物，才能判断其他物体的运动或静止D在自然界中，只有两种电荷，人们把用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷叫做负电荷【考点】扩散现象；参照物及其选择；色光的三原色和颜料的三原色；正电荷与负电荷【分析】物质是由分子组成的，分子不停地做无规则运动；光的三原色是红、绿、蓝，三种色光能合成各种颜色的光，所以能看到彩色的画面；参照物的运动状态决定于所选择的参照物；电荷只有两种，物理上规定把用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷叫做正电荷，把用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷叫做负电荷【解答】解：A、组成物质的分子不停地做无规则运动，分子彼此进入对方的现象时扩散，扩散现象既可以发生在气体之间、也可以发生在固体和液体之间故A错误；B、将红光、绿光和蓝光三种色光按不同比例混合后，可以产生各种颜色的光，因此把这三种色光叫做色光的三原色故B错误；C、因为运动和静止是相对的，所以，不事先选定参照物，就无法对某个物体的运动状态作出肯定的回答，说这个物体是运动或静止是毫无意义的故C正确；D、根据正负电荷的规定可知：用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷是正电荷故D错误故选C9如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，则下列说法正确的是（）A电流表的示数减小BR1的电功率一定增大C电路的总电功率一定减小D电压表的示数增大【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，滑动变阻器与电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路的电阻变小，则电路中的总电阻变小，根据欧姆定律和串联电路的特点即可判断电表的示数变化【解答】解：滑动变阻器与电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小、电路的总电阻变小；由欧姆定律可知，电路中的电流变大，故A错误；电阻R1两端的电压变大，由串联电路的电压规律可知，电压表的示数变小，故D错误；电流变大，由公式P=I2R可知R1的电功率一定增大，故B正确；由P=UI可知，电路的总功率变大，故C错误故选：B二、填空题（本题包括7个小题，每空1分，共17分，请将答案填写在答题卡相应的位置）101791年，法国为了改变计量制度混乱情况，在规定了长度的单位米的同时，又规定了质量的单位，即规定4时1dm3纯水的质量为1kg，并且用铂制作了标准千克原器，保持在法国档案局这个标准千克原器也叫“档案千克”【考点】长度的测量【分析】根据质量的规定进行分析解答【解答】解：1872年科学家们通过国际会议规定1dm3的纯水在时的质量为1千克（水在时密度最大），并且用铂制作了标准千克原器，保存在法国档案局，因而称这个标准千克器为“档案千克”故答案为：4；档案千克11十里锦江画廊是铜仁的旅游景点之一，游客乘坐游轮畅游锦江，沿途欣赏美丽的风光游轮的排水量达25t，满载时游轮吃水深度为0.5m，船底受到江水的压强约为5103Pa，船受到的浮力约为2.5105N（g=10N/kg）当游客下船后，船受到的浮力将变小（填“变大”“变小”或“不变”）【考点】液体的压强的计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）已知水的密度和船的吃水深度，利用公式p=gh计算船底受到的水的压强；（2）知道轮船满载时排开水的质量，利用重力公式和阿基米德原理求船受的浮力；（2）当游客下船后，船仍然漂浮在水面上，根据船的重力的变化，结合物体浮沉条件分析判断【解答】解：（1）船底受到水的压强：p=水gh=1.0103kg/m310N/kg0.5m=5103Pa；（2）载时船受到的浮力：F浮=G排=m排g=25103kg10N/kg=2.5105N；（2）当客人下船后，船仍然漂浮在水面上，所以，浮力等于重力，船的总重力变小，所以浮力变小故答案为：5103；2.5105；变小12如图所示，闭合开关后，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则A端是电源的正极，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性将变小（填“变大”“变小”或“不变”）【考点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律知，小磁针的左端为S极，右端是N极，则螺线管右端为N极；（2）由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，再由欧姆定律可知通过螺线管的电流的变化，得出磁性强弱的变化【解答】解：（1）如图小磁极静止时右侧为N极，左侧为S极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右端为N极；左端为S极；根据安培定则判断电流从左端流入，故A端是正极；（2）当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得，电路中电流减小，故电磁铁的磁性减小故答案为：正；变小13用两个相同的电热器分别给质量相等的水和某种液体加热，每隔10分钟记录一次数据，如表所示则该液体的比热容为1.5103J/（kg），若使他们升高相同的温度，水吸收的热量多如果完全燃烧0.2m3沼气放出的热全部被1标准大气压下、10kg、初温为20的水吸收，水的温度将升高80（沼气热值为2.1107J/m3、C水=4.2103J/（kg）加热时间/min01020水的温度/202530液体的温度/203448【考点】热量的计算【分析】（1）由于利用相同的电热器给水和某种液体加热，加热20分钟，吸收的热量是相等的；根据表格数据可以判断温度的变化，再利用公式Q=cmt得出吸收的热量相同的等式，然后即可求出该液体的比热容；（2）利用吸热公式分析不同物质的吸热情况；（3）根据Q=mq求出酒精完全燃烧放出的热量；Q吸=Q放，再根据Q=cmt求出水升高的温度，要注意水在1标准大气压下的沸点为100保持不变【解答】解：（1）取两种液体都加热了20分钟，用相同的电热器加热，在相同的时间内，吸收的热量是相等的，Q水=Q液，由Q水=c水m（t水t 0）和Q液=c液m（t液t0）得：c水m（t水t 0）=c液m（t 液t0），即：4.2103J/（kg）m（3020）=c液m（4820）解得：c液=1.5103J/（kg）；（2）因为c水c液，由Q吸=cmt可知：质量相同的水和液体，升高相同的温度，水吸收热量多；（3）沼气完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=0.2m32.1107J/m3=4.2106J；水吸收的热量：Q吸=Q放=4.2106J，由Q=cmt得，水升高的温度：t=100，因为标准大气压下20的水升高80时已经达到沸点开始沸腾，且沸腾后温度不再升高，所以水的温度只能升高80故答案为：1.5103；水；8014如图所示的电路中，电源电压不变，R1=R2=R3=10宇宇同学误将一电流表并联在R1两端，闭合开关后，读得电流表示数为0.3A，则电源电压U=6V；发现错误后，该同学将图中电流表换成了电压表，则此时电压表的示数是2V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由电路图可知，当电流表并联在R1两端时，R2、R3串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压【解答】解：（1）由电路图可知，当电流表并联在R1两端时，R2、R3串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=I（R2+R3）=0.3A（10+10）=6V；（2）电流表换成了电压表时，三电阻串联，电压表测R1两端的电压，此时电路中的电流：I=0.2A，由I=可得，电压表的示数：U1=IR1=0.2A10=2V故答案为：6；215铜仁高铁南站开通后，大大推动了铜仁经济的发展在火车站台边缘一定距离的地方标有一条安全黄线，人必须站在安全黄线以外的区域候车这是因为高速列车与人之间空气流速大于人另一侧的流速，造成了人车之间的空气压强减小（填“增大”“不变”或“减小”），从而产生了推向高速列车的作用力，给人带来危险【考点】流体压强与流速的关系【分析】当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系（流速大的地方压强小，流速慢的地方压强大），再比较人和列车之间的压强和人外侧的压强大小即可解决此题【解答】解：当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢；根据流体压强与流速的关系可知，人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险故答案为：大于； 减小16如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示，物体运动速度v与时间t的关系如图丙所示由图象可知当t=1s时，物体所受的摩擦力为2N，当t=3s时，摩擦力 推力（填“”、“=”或“”），当t=5s时，推力做功的功率为16W【考点】摩擦力的大小；功率的计算【分析】由图乙中vt图象读出02s内和2s4s内的速度变化情况，然后判断出物体的运动状态，根据运动状态判断出摩擦力与推力的大小关系；由图乙中vt图象读出4s6s的运动速度判断出物体的运动状态，根据Ft图象读出此段时间内物体受到的推力，根据二力平衡条件求出t=5s时受到的摩擦力，由P=Fv计算出功率的大小【解答】解：由vt图象可知，02s内物体的速度为0，即物体处于静止状态；所以，当t=1s时，物体处于静止状态，摩擦力f=F=2N；由vt图象可知，2s4s内物体运动的速度加快，推力应大于摩擦力，所以，当t=3s时，摩擦力推力；4s6s内做匀速直线运动，物体处于平衡状态，受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，由Ft图象可知，4s6s内物体受到的推力为4N，此时速度为4m/s，所以P=Fv=4N4m/s=16W故答案为：2；16三、简答题（本题每空2分，共8分）17在平静的湖面上，有一空塑料盆和一个空铁盆（塑料水铁），塑料盆和铁盆均静止于湖面上，两盆上方均有小水滴缓慢滴入盆中，请你运用所学的物理知识预测两盆最终所处的状态，并简述形成各自状态的原因（1）塑料盆最终所处的稳定状态是：漂浮；（填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）原因：由于塑料盆的密度小于水的密度，如果是悬浮状态，则塑料盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它大于塑料盆这部分的重力而无法平衡，最终塑料盆只能上升漂浮才能达到平衡状态（2）铁盆最终所处的稳定状态是：沉底；（填“漂浮”“悬浮”或“沉底”）原因：由于铁盆的密度大于水的密度，如果是悬浮状态，则铁盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它小于铁盆这部分的重力而无法平衡，铁盆只能下沉湖底才能处于平衡状态【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】假设塑料盆或铁盆悬浮在水中，则根据物体漂浮条件可比较塑料盆或铁盆与其排开水的重力关系，再比较塑料盆、铁盆与水的密度大小关系，可比较塑料盆或铁盆部分所受重力与浮力的关系，进而可根据物体浮沉条件判断塑料盆或铁盆在水中的状态【解答】解：（1）状态：漂浮；原因：由于塑料盆的密度小于水的密度，如果是悬浮状态，则塑料盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它大于塑料盆这部分的重力而无法平衡，最终塑料盆只能上升漂浮才能达到平衡状态（2）状态：沉底；原因：由于铁盆的密度大于水的密度，如果是悬浮状态，则铁盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它小于铁盆这部分的重力而无法平衡，铁盆只能下沉湖底才能处于平衡状态故答案为：（1）漂浮；由于塑料盆的密度小于水的密度，如果是悬浮状态，则塑料盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它大于塑料盆这部分的重力而无法平衡，最终塑料盆只能上升漂浮才能达到平衡状态（2）沉底；由于铁盆的密度大于水的密度，如果是悬浮状态，则铁盆部分的浮力等于这部分排水的重力，它小于铁盆这部分的重力而无法平衡，铁盆只能下沉湖底才能处于平衡状态四、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）18在墙角放置一球体，且地面是水平粗糙的，请画出该球体所受力的示意图【考点】力的示意图【分析】分析小球受到的力的情况，用二力平衡的条件判断；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上小球静止在与水平地面垂直的墙角，没有受到挤压，因此墙壁对球没有作用力【解答】解：在墙角放置一球体，球体是静止的；小球的重力G与地面对它的支持力F是一对平衡力，F=G，以球的重心为起点竖直向下作重力G的示意图，竖直向上作支持力F的示意图，如图所示19根据光的反射定律在图中用光路作图的办法画出点光源A发出的光经过平面镜反射后照亮墙面M的范围（请保留作图痕迹）【考点】平面镜成像的相关作图【分析】根据光的反射定律，作出任意两条射向镜面边缘的入射光线的反射光线，将这两条反射光线延长即可确定照亮墙面M的范围【解答】解：从点光源A向镜面任意发出两条射向镜面边缘的入射光线，入射点分别是O1、O2，根据光的反射定律，画出这两条入射光线的反射光线；则这两条反射光线之间的范围即为光源A发出的光经过平面镜反射后照亮墙面M的范围如下图所示：五、实验探究题（本题共2小题，第20题8分，第21题12分，共20分）20小明为家中的盆景设计了一个自动供水装置如图所示，用一个塑料瓶装满水倒放在盆景盘中，瓶口刚刚被水浸没当盘中的水位下降到使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中就会有水流出，使盘中的水位升高，瓶口又被浸没，瓶中的水不再流出 （1）该装置是否利用了连通器的原理？不是（填“是”或“不是）（2）盘中的水由于蒸发（填物态变化）而下降，瓶内水由于进入空气而下降（3）当瓶内水不再下降后，位于瓶口的A点压强不变（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】连通器原理；蒸发及其现象【分析】（1）上端开口，下部连同的容器称为连通器；（2）从大气压与瓶内压强的关系角度进行考虑，一开始瓶内封闭部分气体的压强+瓶内水的压强=大气压随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入，如此反复（3）当瓶内水不再下降后，此时对于瓶口A点来说，所受外界的气压和内部的压强相等，由于外界大气压是不变的，据此可以判断瓶口A点压强的变化【解答】答：（1）上端开口，下部连通的容器称为连通器，该装置不符合连通器特点，所以不是连通器；（2）当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面，所以瓶中的水不会流出来；当盆景中的水由于蒸发和盆景的吸收，水面下降瓶口露出水面时，一部分空气进入瓶中，瓶中的气压变大，则瓶中的水就要向外流，一旦瓶口再次被水淹没，瓶中的水又停止外流，这样盆景中的水就可以保持一定高度（3）当瓶内水不再下降后，此时对于瓶口A点来说，所受外界的气压和内部的压强相等，由于外界大气压是不变的，所以，每次水不再下降时，瓶口A点的压强始终是等于外界大气压的，即位于瓶口的A点压强是不变的；故答案为：（1）不是；（2）蒸发；进入了空气；（3）不变；21小明探究电阻一定时电流与电压关系的实验中：（1）连接电路时，开关必须断开；（2）小明连好如图所示电路，正准备闭合开关，旁边的小兰急忙拦住他说：接线错了！请你帮助小明检查一下电路，把错接的线找出来打上“”，并在图上补画出正确的接线（连线不交叉）（3）正确连接后小明同学进行实验，得到的实验数据如下表所示在小组交流时，其他小组同学指出该实验中有一组数据存在明显的错误，这组数据是第4次的实验数据；实验次数123456电压U/A0.30.60.91.21.51.8电流I/A0.080.150.230.400.380.45（4）在进行探究时，滑动变阻器所起的主要作用是：调节电压；运用的实验研究方法是：控制变量法；实验结论是：电阻一定时，导体中的电流与电压成正比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；（2）电流表应串联接入电路中；（3）根据电流与电压的关系分析即可（4）研究电流与电压电阻的关系，要用到控制变量法研究电流与电压的关系时，控制不变的量是导体电阻，改变导体两端的电压，观察电流随着电压的变化如何变化，从而得出结论滑动变阻器的作用就是改变连入电路的电阻，改变电阻两端的电压【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；（2）由图可知，此时的电流表与电阻并联在了电路中，所以电流表的连接是错误的；电压表应并联到定值电阻的两端；如图所示：；（3）由表格中数据知，电阻不变，在误差允许的范围内，电流与电压成正比，第4组数据，电压为第一组的4倍，但电流为第一组的5倍，所以不符合规律（4）由课本实验知，在“研究电流跟电压的关系”实验中，被控制的物理量是电阻，实验结论是电阻一定时，电流跟电压成正比；滑动变阻器的作用就是改变连入电路的电阻，改变电阻两端的电压故答案为：（1）断开；（2）如图；（3）4；（4）调节电压；控制变量法；电阻一定时，导体中的电流与电压成正比六、计算题（本题共2小题，第22题10分，第23题11分，共21分，要求写出必要的计算过程和文字说明）22如图所示，物体A是正方体金属块，边长是20cm，在拉力F的作用下物体A恰好做匀速直线运动已知，每个滑轮重20N，金属块的密度金=5103kg/m3，物体A 运动时受到地面的阻力是物体重的0.3倍，在2s内被拖动5m，不计绳重及绳与滑轮、轮与轴之间的摩擦（g=10N/kg）试求：（1）物体A对地面的压强；（2）拉力F做功的功率；（3）该滑轮组的机械效率（计算结果保留1位小数）【考点】压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）求出A的质量和重力，根据公式p=计算压强；（2）根据摩擦力求出F的大小，然后根据W=Fs求出功，根据公式P=求出功率；（3）求出有用功，然后根据=求出机械效率【解答】解：（1）金属块的体积为：V=（20cm）3=8000cm3=8103 m3由=得金属块的质量为：m=V=5103kg/m38103m3=40kg；金属块的重力为：G=mg=40kg10N/kg=400N；金属块对地面的压强为：p=1104Pa；（2）物体受到的摩擦力为：f=0.3G=0.3400N=120N；则拉力为：F=（G动+f）=（20N+120N）=70N；拉力的总功为：W=F1s=7010m=700J；拉力的功率为：P=350W；（3）有用功为：W有=F2sA=120N5m=600J；机械效率为：=85.7%答：（1）物体A对地面的压强为1104Pa；（2）拉力F做功的功率为350W；（3）该滑轮组的机械效率为85.7%23如图所示的电路中，只闭合S1时，通过R2的电流是1.5A，R1=30，R2=20求：（1）电源电压是多大？（2）只闭合S2时，通电20s电流通过R1产生的电热是多少？（3）开关通断情况发生变化，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P之比是多少？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）当只闭合开关S1时，只有R2接入电路，根据欧姆定律可以求出电源电压（2）当只闭合S2时，R1与R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律可以求出电路中的电流，然后由焦耳定律可以求出电阻R1产生的热量（3）电源电压一定，根据P=可知，总电阻最大时，总功率最小；总电阻最小时，总功率最大；结合串并联电路的电阻特点分别求出最小电功率P和最大电功率P，然后求出其比值【解答】解：（1）当只闭合开关S1时，只有R2接入电路，根据欧姆定律可得，电源电压：U=U2=IR2=1.5A20=30V；（2）当只闭合S2时，R1与R2串联，电路的总电阻：R=R1+R2=30+20=50； 此时电路中的电流：I1=0.6A；通电20s电流通过R1产生的电热：Q=I12R1t=（0.6A）23020s=216J；（3）当只闭合S2时，R1与R2串联，总电阻最大，电路中电流最小，整个电路消耗的功率最小，由2小题可知，电流中的最小电流I小=0.6A，则整个电路消耗的最小电功率：P=UI小=30V0.6A=18W；当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，总电阻最小，由P=可知，此时电路消耗的功率最大，R1与R2并联的总电阻：R并=12，则整个电路消耗的最大电功率：P=75W；所以，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P之比：=答：（1）电源电压是30V；（2）只闭合S2时，通电20s电流通过R1产生的电热是216J；（3）开关通断情况发生变化，整个电路消耗的最小电功率P和最大电功率P之比是6：252017年3月18日