数学备考高考真题模拟新题分类汇编数列.doc

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数列(高考真题+模拟新题)课标文数17.D12011浙江卷 若数列中的最大项是第k项,则k_.课标文数17.D12011浙江卷 4【解析】 设最大项为第k项,则有 k4.课标文数20.D2,A22011北京卷 若数列An:a1,a2,an(n2)满足|ak1ak|1(k1,2,n1),则称An为E数列记S(An)a1a2an.(1)写出一个E数列A5满足a1a30;(2)若a112,n2000,证明:E数列An是递增数列的充要条件是an2011;(3)在a14的E数列An中,求使得S(An)0成立的n的最小值课标文数20.D2,A22011北京卷 【解答】 (1)0,1,0,1,0是一个满足条件的E数列A5.(答案不唯一,0,1,0,1,0;0,1,0,1,2;0,1,0,1,2;0,1,0,1,0都是满足条件的E数列A5)(2)必要性:因为E数列An是递增数列,所以ak1ak1(k1,2,1999)所以An是首项为12,公差为1的等差数列所以a200012(20001)12011,充分性:由于a2000a19991.a1999a19981.a2a11.所以a2000a11999,即a2000a11999.又因为a112,a20002011.所以a2000a11999.故ak1ak10(k1,2,1999),即E数列An是递增数列综上,结论得证(3)对首项为4的E数列An,由于a2a113,a3a212,a8a713,所以a1a2ak0(k2,3,8)所以对任意的首项为4的E数列An,若S(An)0,则必有n9.又a14的E数列A9:4,3,2,1,0,1,2,3,4满足S(A9)0,所以n的最小值是9.大纲理数4.D22011全国卷 设Sn为等差数列an的前n项和,若a11,公差d2,Sk2Sk24,则k()A8 B7 C6 D5大纲理数4.D22011全国卷 D【解析】 Sk2Skak1ak22a1(2k1)d4k4,4k424,可得k5,故选D.大纲理数20.D2,D42011全国卷 设数列an满足a10且1.(1)求an的通项公式;(2)设bn,记Snk,证明:Sn1.大纲理数20.D2,D42011全国卷 【解答】 (1)由题设1,即是公差为1的等差数列又1,故n.所以an1.(2)证明:由(1)得bn,Snbk11.大纲文数6.D22011全国卷 设Sn为等差数列an的前n项和,若a11,公差d2,Sk2Sk24,则k()A8 B7 C6 D5大纲文数6.D22011全国卷 D【解析】 Sk2Skak1ak22a1(2k1)d4k4,4k424,可得k5,故选D.课标理数10.M1,D2,B112011福建卷 已知函数f(x)exx.对于曲线yf(x)上横坐标成等差数列的三个点A、B、C,给出以下判断:ABC一定是钝角三角形;ABC可能是直角三角形;ABC可能是等腰三角形;ABC不可能是等腰三角形其中,正确的判断是()A B C D课标理数10.M1,D2,B112011福建卷 B【解析】 解法一:(1)设A、B、C三点的横坐标分别为x1,x2,x3(x1x20, f(x)在(,)上是增函数, f(x1)f(x2)f(x3),且f, (x1x2,f(x1)f(x2),(x3x2,f(x3)f(x2), (x1x2)(x3x2)(f(x1)f(x2)(f(x3)f(x2)0, ABC为钝角,判断正确,错;(2)若ABC为等腰三角形,则只需ABBC,即(x1x2)2(f(x1)f(x2)2(x3x2)2(f(x3)f(x2)2, x1,x2,x3成等差数列,即2x2x1x3,且f(x1)f(x2)f(x3),只需 f(x2)f(x1)f(x3)f(x2),即2f(x2)f(x1)f(x3),即 f,这与f相矛盾,ABC不可能是等腰三角形,判断错误,正确,故选B.解法二:(1)设A、B、C三点的横坐标为x1,x2,x3(x1x20,0)在x处取得最大值,且最大值为a3,求函数f(x)的解析式 课标数学16.D3,C42011福建卷 【解答】 (1)由q3,S3得,解得a1.所以an3n13n2.(2)由(1)可知an3n2,所以a33.因为函数f(x)的最大值为3,所以A3;因为当x时f(x)取得最大值,所以sin1.又0a)以及实数x(0xa,ba0,x21x,即x2x10,解得 x,因为0x0),b1a11,b2a22,b3a33.(1)若a1,求数列an的通项公式;(2)若数列an唯一,求a的值课标理数18.D32011江西卷 【解答】 (1)设an的公比为q,则b11a2,b22aq2q,b33aq23q2,由b1,b2,b3成等比数列得(2q)22(3q2),即q24q20,解得q12,q22,所以an的通项公式为an(2)n1或an(2)n1.(2)设an的公比为q,则由(2aq)2(1a)(3aq2),得aq24aq3a10,(*)由a0得4a24a0,故方程(*)有两个不同的实根,由an唯一,知方程(*)必有一根为0,代入(*)得a.课标文数5.D32011辽宁卷 若等比数列an满足anan116n,则公比为()A2 B4 C8 D16课标文数5.D32011辽宁卷 B【解析】 由于anan116n,又an1an16n1,所以q216,又由anan116n知an0,所以q4.课标文数17.D2,D32011课标全国卷 已知等比数列an中,a1,公比q.(1)Sn为an的前n项和,证明:Sn;(2)设bnlog3a1log3a2log3an,求数列bn的通项公式课标文数17.D2,D32011课标全国卷 【解答】 (1)因为ann1,Sn,所以Sn.(2)bnlog3a1log3a2log3an(12n).所以bn的通项公式为bn.大纲文数9.D32011四川卷 数列an的前n项和为Sn,若a11,an13Sn(n1),则a6()A344 B3441C44 D441大纲文数9.D32011四川卷 A【解析】 由an13SnSn1Sn3SnSn14Sn,所以数列Sn是首项为1,公比为4的等比数列,所以Sn4n1,所以a6S6S54544344,所以选择A.大纲理数11.D22011重庆卷 在等差数列an中,a3a737,则a2a4a6a8_.大纲理数11.D22011重庆卷 74【解析】 由a3a737,得(a12d)(a16d)37,即2a18d37.a2a4a6a8(a1d)(a13d)(a15d)(a17d)2(2a18d)74.课标文数7.D42011安徽卷 若数列an的通项公式是an(1)n(3n2),则a1a2a10()A15 B12C12 D15课标文数7.D42011安徽卷 A【解析】 a1a2a1014710(1)10(3102)(14)(710)(1)9(392)(1)10(3102)3515.课标文数21.D3,D42011安徽卷 在数1和100之间插入n个实数,使得这n2个数构成递增的等比数列,将这n2个数的乘积记作Tn,再令anlgTn,n1.(1)求数列an的通项公式;(2)设bntanantanan1,求数列bn的前n项和Sn.课标文数21.D3,D42011安徽卷 本题考查等比和等差数列,指数和对数的运算,两角差的正切公式等基本知识,考查灵活运用知识解决问题的能力,综合运算能力和创新思维能力【解答】 (1)设t1,t2,tn2构成等比数列,其中t11,tn2100,则Tnt1t2tn1tn2,Tntn2tn1t2t1.并利用titn3it1tn2102(1in2),得T(t1tn2)(t2tn1)(tn1t2)(tn2t1)102(n2),anlgTnn2,n1.(2)由题意和(1)中计算结果,知bntan(n2)tan(n3),n1.另一方面,利用tan1tan(k1)k.得tan(k1)tank1.所以Snbktan(k1)tank n.课标理数18.D3,D42011安徽卷 在数1和100之间插入n个实数,使得这n2个数构成递增的等比数列,将这n2个数的乘积记作Tn,再令anlgTn,n1.(1)求数列an的通项公式;(2)设bntanantanan1,求数列bn的前n项和Sn.课标理数18.D3,D42011安徽卷 【解析】 本题考查等比和等差数列,对数和指数的运算,两角差的正切公式等基本知识,考查灵活运用基本知识解决问题的能力,运算求解能力和创新思维能力【解答】 (1)设t1,t2,tn2构成等比数列,其中t11,tn2100,则Tnt1t2tn1tn2,Tntn2tn1t2t1,并利用titn3it1tn2102(1in2),得T(t1tn2)(t2tn1)(tn1t2)(tn2t1)102(n2)anlgTnn2,n1.(2)由题意和(1)中计算结果,知bntan(n2)tan(n3),n1,另一方面,利用tan1tan(k1)k,得tan(k1)tank1.所以Snkan(k1)tankn.大纲理数20.D2,D42011全国卷 设数列an满足a10且1.(1)求an的通项公式;(2)设bn,记Snk,证明:Sn1.大纲理数20.D2,D42011全国卷 【解答】 (1)由题设1,即是公差为1的等差数列又1,故n.所以an1.(2)证明:由(1)得bn,Snbk180,A9760,数列an满足a1b,an(n2)(1)求数列an的通项公式;(2)证明:对于一切正整数n,an1.课标理数20.D52011广东卷 【解答】 (1)由a1b0,知an0,.令An,A1,当n2时,AnAn1A1.当b2时,An;当b2时,An.an(2)证明:当b2时,欲证an1,只需证nbn,即证(2n1bn1)n2n1bn.而(2n1bn1)(2n1bn1)(bn12bn22n1)2n1bn12n2bn222nb2n2b2n12n1bn12nbn2nbn(222)2n2nbnn2n1bn,an0,知an0,.令An,A1,当n2时,AnAn1A1.当b1时,An,当b1时,Ann.an(2)证明:当b1时,欲证2anbn11,只需证2nbn(bn11).(bn11)b2nb2n1bn1bn1bn21bnbn(222)2nbn,2an0),b1a11,b2a22,b3a33,若数列an唯一,求a的值;(2)是否存在两个等比数列an,bn,使得b1a1,b2a2,b3a3,b4a4成公差不为0的等差数列?若存在,求an,bn的通项公式;若不存在,说明理由课标文数21.D52011江西卷 【解答】 (1)设an的公比为q,则b11a,b22aq,b33aq2,由b1,b2,b3成等比数列得(2aq)2(1a)(3aq2),即aq24aq3a10.由a0得4a24a0,故方程有两个不同的实根,再由an唯一,知方程必有一根为0,将q0代入方程得a.(2)假设存在两个等比数列an,bn使b1a1,b2a2,b3a3,b4a4成公差不为0的等差数列,设an的公比为q1,bn的公比为q2,则b2a2b1q2a1q1,b3a3b1qa1q,b4a4b1qa1q,由b1a1,b2a2,b3a3,b4a4成等差数列得即q2得a1(q1q2)(q11)20.由a10得q1q2或q11,i)当q1q2时,由得b1a1或q1q21,这时(b2a2)(b1a1)0,与公差不为0矛盾;ii)当q11时,由得b10或q21,这时(b2a2)(b1a1)0,与公差不为0矛盾综上所述,不存在两个等比数列an,bn使b1a1,b2a2,b3a3,b4a4成公差不为0的等差数列课标理数17.D52011课标全国卷 等比数列an的各项均为正数,且2a13a21,a9a2a6.(1)求数列an的通项公式;(2)设bnlog3a1log3a2log3an,求数列的前n项和课标理数17.D52011课标全国卷 【解答】 (1)设数列an的公比为q,由a9a2a6得a9a,所以q2.由条件可知q0,故q.由2a13a21得2a13a1q1,所以a1.故数列an的通项公式为an.(2)bnlog3a1log3a2log3an(12n).故2,2.所以数列的前n项和为.课标理数20.D52011山东卷 等比数列an中,a1,a2,a3分别是下表第一、二、三行中的某一个数,且a1,a2,a3中的任何两个数不在下表的同一列第一列第二列第三列第一行3210第二行6414第三行9818(1)求数列an的通项公式;(2)若数列bn满足:bnan(1)nlnan,求数列bn的前n项和Sn.课标理数20.D52011山东卷 【解答】 (1)当a13时,不合题意;当a12时,当且仅当a26,a318时,符合题意;当a110时,不合题意因此a12,a26,a318,所以公比q3,故an23n1.(2)因为bnan(1)nlnan23n1(1)nln(23n1)23n1(1)nln2(n1)ln323n1(1)n(ln2ln3)(1)nnln3,所以Sn2(133n1)111(1)n(ln2ln3)123(1)nnln3.所以当n为偶数时,Sn2ln33nln31;当n为奇数时,Sn2(ln2ln3)ln33nln3ln21.综上所述,Sn课标文数20.D52011山东卷 等比数列an中,a1,a2,a3分别是下表第一、二、三行中的某一个数,且a1,a2,a3中的任何两个数不在下表的同一列.第一列第二列第三列第一行3210第二行6414第三行9818(1)求数列an的通项公式;(2)若数列bn满足:bnan(1)nlnan,求数列bn的前2n项和S2n.课标文数20.D52011山东卷 【解答】 (1)当a13时,不合题意;当a12时,当且仅当a26,a318时,符合题意;当a110时,不合题意因此a12,a26,a318,所以公比q3.故an23n1.(2)因为bnan(1)nlnan23n1(1)nln(23n1)23n1(1)nln2(n1)ln323n1(1)n(ln2ln3)(1)nnln3,所以S2nb1b2b2n2(1332n1)111(1)2n(ln2ln3)123(1)2n2nln32nln332nnln31.课标数学13.D52011江苏卷 设1a1a2a7,其中a1,a3,a5,a7成公比为q的等比数列,a2,a4,a6成公差为1的等差数列,则q的最小值是_课标数学13.D52011江苏卷 【解析】 记a2m,则1mqm1q2m2q3,要q取最小值,则m必定为1,于是有1q2,2q23,3q3,所以q.课标数学20.D52011江苏卷 设M为部分正整数组成的集合,数列an的首项a11,前n项的和为Sn,已知对任意的整数kM,当整数nk时,SnkSnk2(SnSk)都成立(1)设M1,a22,求a5的值;(2)设M3,4,求数列an的通项公式课标数学20.D52011江苏卷 本题考查数列的通项与前n项和的关系、等差数列的基本性质等基础知识,考查考生分析探究及逻辑推理的能力【解答】 (1)由题设知,当n2时,Sn1Sn12(SnS1),即(Sn1Sn)(SnSn1)2S1.从而an1an2a12.又a22,故当n2时,ana22(n2)2n2.所以a5的值为8.(2)由题设知,当kM3,4且nk时,SnkSnk2Sn2Sk且Sn1kSn1k2Sn12Sk,两式相减得an1kan1k2an1,即an1kan1an1an1k.所以当n8时,an6,an3,an,an3,an6成等差数列,且an6,an2,an2,an6也成等差数列从而当n8时,2anan3an3an6an6,(*)且an6an6an2an2,所以当n8时,2anan2an2,即an2ananan2,于是当n9时,an3,an1,an1,an3成等差数列,从而an3an3an1an1,故由(*)式知2anan1an1,即an1ananan1.当n9时,设danan1.当2m8时,m68,从而由(*)式知2am6amam12,故2am7am1am13.从而
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