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20172018学年度第一学期八县(市)一中期中联考高中 二 年 物理 科试卷完卷时间: 90 分钟 满 分: 100 分一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第18题只有一项符合题目要求,第912题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1以下关于静电场部分知识说法正确的是:( ) A摩擦起电的本质是电子的得失,因此不符合电荷守恒定律B电场线是虚拟的,所以电场本身也不是真实存在的C根据电容定义式可知,电容器的电容与其所带电荷量成正比,与两极板间电压成反比D库仑定律适用于真空中的点电荷2. 以下关于恒定电流部分知识说法正确的是:( )A在导体中,只要自由电荷在运动,就一定会形成电流B电流不一定总是由电势高的一端流向电势低的一端C电源电动势等于电源正负极之间的电势差D所有材料的电阻率都会随着温度的升高而增大3如图1所示,P是一个带电体,N是一个不带电的金属空腔,在下列情况中,放在绝缘板上的小纸屑S不会被P吸引的是:() 图1A. B. C. D. 4如图2所示,平行板电容器的两极板A、B接在电池的两极,一带正电的小球悬挂在电容器内部,闭合开关S,给电容器充电,稳定后悬线偏离竖直方向的夹角为,则:( )A. 若保持开关S闭合,A极板向B极板靠近,则减小B. 若保持开关S闭合,A极板向B极板靠近,则不变C. 若开关S断开,A极板向B极板靠近,则不变D. 若开关S断开,A极板向B极板靠近,则增大图25某电解池中,若在2 s内各有1.01019个二价正离子和2.01019个一价负离子相向通过某截面,那么通过这个截面的电流是:( )A. 0.8 A B. 1.6 A C. 3.2 A D. 6.4A6两根完全相同的金属丝甲和乙,长度均为L,横截面积均为S,将乙拉长为原来的两倍后,将两根金属丝串联在同一电路中,甲、乙金属丝两端的电压之比为:( )A. 12 B. 21 C. 14 D. 417在地面附近,存在着一个有界电场,边界MN将空间分成上下两个区域I、II,在区域II中有竖直向上的匀强电场,在区域I中离边界某一高度由静止释放一个质量为m的带电小球A,如图3甲所示,小球运动的v-t图像如图3乙所示,取竖直向下为正方向,不计空气阻力,则下列说法正确的是:( )A小球受到的重力与电场力之比为3:5B在t=5s时,小球经过边界MNC在小球向下运动的整个过程中,重力做的功大于电 场力做功图3D在1 s4s过程中,小球的机械能先增大后减小8空间某区域电场线分布如图4所示,带正电小球(质量为m,电荷量为q),在A点速度为v1,方向水平向右,至B点速度为v2,v2与水平方向间夹角为,A、B间高度差为H,以下判断正确的是:( )AA点的电势比B点的电势低B小球由A至B,电势能的减少量为C小球由A至B,电场力做功为图4D小球重力在B点的瞬时功率为9如图5所示,虚线a、b、c代表电场中三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即Uab=Ubc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,M、N是这条轨迹上的两点,据此可知:( )A. 三个等势面中的,a的电势最高B. 带电质点在M点具有的电势能比在N点具有的电势能大C. 带电质点通过M点时的动能比通过N点时大图5D. 带电质点通过M点时的加速度比通过N点时大10如图6所示,电流计的内阻 满偏电流则下列说法正确的是:( )A. 当S1和S2均断开时,虚线框中可等效为电压表,最大量程是1VB. 当S1和S2均断开时,虚线框中可等效为电压表,最大量程是10VC. 当S1和S2均闭合时,虚线框中可等效为电流表,最大量程是0.1A图6D. 当S1和S2均闭合时,虚线框中可等效为电流表,最大量程是1A11如图7所示,倾角为的斜面上有A、B、C三点,现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球,三个小球均落在斜面上的D点,今测得ABBCCD531由此可判断:( )A. ABC处三个小球运动时间之比为123B. A、B、C处三个小球落在斜面上时速度与初速度间的夹角之比为111图7C. A、B、C处三个小球的初速度大小之比为321D. A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交12如图8甲所示,有一绝缘圆环,圆环上均匀分布着正电荷,圆环平面与竖直平面重合。一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环,细杆上套有一个质量为m=10g的带正电的小球,小球所带电荷量q=5010-4C。小球从C点由静止释放,其沿细杆由C经B向A运动的v-t图象如图8乙所示。小球运动到B点时,速度图象的切线斜率最大(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是:( )图8A. 在O点右侧杆上,B点电场强度最大,电场强度大小为E=12 V/mB. 由C到A的过程中,小球的电势能先减小后变大C. 由C到A电势逐渐降低D. C、B两点间的电势差UCB = 9 V二、实验题(本题共16分,每空2分)13欲用伏安法测定一段阻值约为5 左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:A电池组(3 V,内阻约为1 )B电流表(03 A,内阻约为0.01)C电流表(00.6 A,内阻约为0.1 )D电压表(03 V,内阻约为3 k) E电压表(015 V,内阻约为15 k)F滑动变阻器(020 ,额定电流1 A)H滑动变阻器(0200 ,额定电流0.1 A)I开关、导线(1) 上述器材中,电流表应选用的是_;电压表应选用的是_;滑动变阻器应选用的是_;(填写器材的字母代号)。(2)实验电路应采用电流表_接法(填“内”或“外”)。14某同学利用图9甲电路测量自来水的电阻率,其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管,细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量,玻璃管两端接有导电活塞(活塞电阻可忽略),右侧活塞固定,左侧活塞可自由移动。实验器材还有:电源(电动势约为3 V,内阻不可忽略),两个完全相同的电流表A1 、A2(量程为3mA,内阻不计),电阻箱R(最大阻值9999 ),定值电阻R0(可供选择的阻值有100、1 k、10 k),开关S,导线若干,刻度尺。图9实验步骤如下:.测得圆柱形玻璃管内径d=20mm;.向玻璃管内注满自来水,并用刻度尺测量水柱长度L;.连接好电路,闭合开关S,调整电阻箱阻值,读出电流表A1 、A2示数分别记为I1、I2,记录电阻箱的阻值R;.改变玻璃管内水柱长度,多次重复实验步骤、,记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R; .断开S,整理好器材。(1)为了确保电路中电表不被烧坏,定值电阻R0应选_;(选填:100、1 k、10 k)(2)玻璃管内水柱的电阻Rx的表达式Rx=_(用R0、 R、I1、I2表示);(3)若在上述步骤中每次调整电阻箱阻值,使电流表A1 、A2示数均相等,利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据,绘制出如图乙所示的RL关系图象,则自来水的电阻率=_m(保留两位有效数字)在用本实验方法测电阻率实验中,若电流表内阻不能忽略,则自来水电阻率测量值与上述测量值相比将_(选填:“偏大”、“不变”或“偏小”)。三、计算题(共4小题,共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.)15(8分)如图10所示,已知电源电动势E=10 V,内阻r =l ,电路中定值电阻R=4 ,当闭合电键S电路稳定时,电路中标有“3 V,3W”的灯泡L和线圈电阻RD= 02的小型直流电动机D都恰能正常工作。求:(1)电路中的电流大小;(2)电动机的额定电压;(3)电动机的输出功率。图1016.(13分)如图11所示,固定在竖直平面内的绝缘细半圆管轨道在C点与绝缘的水平地面平滑连接,半圆管的半径R=16m,管内壁光滑,两端口C、D连线沿竖直方向。CD右侧存在场强大小E=N/C、方向水平向左的匀强电场。水平面AB段表面光滑,长,BC段表面粗糙,长,质量m=20kg、电荷量q=001C的带正电小球在水平恒力F=100N的作用下从A点由静止开始运动,经过一段时间后撤去外力F,小球进入半圆管后通过端口D时对圆管内轨道有竖直向下的压力=15N。小球与水平面BC段之间的动摩擦因数,取。求:(1)小球通过端口D时的速度大小;(2)小球通过半圆管中点P时与圆管的作用力大小;(3)撤去外力F时小球的速度大小。图1117.(15分)如图12甲所示,质量为m、电荷量为e的电子经加速电压U1加速后,在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场;已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L(不考虑电场边缘效应),两极板间距为d,O1O2为两极板的中线,P是足够大的荧光屏,且屏与极板右边缘的距离也为L求:图12(1)粒子进入偏转电场的速度的大小;(2)若偏转电场两板间加恒定电压,电子经过偏转电场后正好打中屏上的A点,A点与极板M在同一水平线上,求偏转电场所加电压U2;(3)若偏转电场两板间的电压按如图12乙所示作周期性变化,要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中A点,试确定偏转电场电压U0以及周期T分别应该满足的条件。20172018学年度第一学期八县(市)一中期中联考高中二年物理科参考答案一、选择题(48分)题号12345678910答案DBACCCABABDAD题号1112答案BCACAAABABDB二、实验题(本题共16分,每空2分)13.(1) C D F (2)外14.(1)1 k (2) (3)16 不变三、计算题(36分)15.(8分)(1)因为灯泡正常发光,故通过灯泡的电流为 (2分)(2)电动机两端的电压: (3分)(3)电动机的输出功率: (3分)16.(13分)(1)在端口D由牛顿第二定律有, (2分)解得: (1分) (2) 设小球经过半圆管中点P时的速度大小为,从P到D的过程中由动能定理可得, (2分)在P点由牛顿第二定律有, (2分)联立解得 (1分) (3)设F作用的距离为s,从A到D有 (2分) 在F作用的过程中由动能定理得 (2分)联立解得 (1分)17.(15分)(1)电子经加速电场加速:eU1=mv2 (2分)解得: (1分)(2) 电子离开偏转电场时竖直方向位移: (1分) 离开电场后至打到屏过程中竖直方向位移: (1分)由几何关系可知: (1分)对电子受力分析: (1分)穿过偏转电场时间: (1分)联立以上几式可得: (1分)(3)要使电子在水平方向击中A点,电子必向上极板偏转,且vy=0,则电子应在t=0时刻进入偏转电场,且电子在偏转电场中运动的时间为整数个周期,设电子从加速电场射出的速度为v0,则电子在偏转电场中的运动时间满足 (2分) (1分)在竖直方向满足: (2分)则解得: (n=1,2,3,4) (1分)
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