高考宁夏卷理综化学试题与解析(精校版)

高考宁夏卷理综化学试题与解析(精校版)也许用到的相对原子质量：H1 C12 N14 O16 N23 Cl355 Cu6367 将224L某气态氮氧化合物与足量的灼热铜粉完全反映后，气体体积112L（体积均在相似条件下测定），则该氮氧化合物的化学式为ANO2 BN2O2 CN2O DN2O4【答案】A【解析】根据2NxOy+2yCu=2yCuO+xN2,以及题中数据反映后气体体积为反映前气体体积的一半，可以得到x=1，因此只有A选项符合题意。【点评】本题重要考察气体摩尔体积，阿伏伽德罗常数等知识，题目较为老套，并且这种题目在若干年前就已经常常浮现了。8 3甲基戊烷的一氯代产物有（不考虑立体异构）A3种 B4种 C5种 D6种【答案】B【解析】我们可以根据3甲基戊烷的碳架，进行分析，可知1和5，2和4上的H是对称的，加上3位上的氢和3位甲基上的氢，不难得到3甲基戊烷的一氯代产物有4种。 【点评】本题大方面考的是卤代烃有关知识，其实真正考察的是同分异构体的书写，这在必修教材中属于较为简朴的内容，这样考察有助于新课程的改革。9 下列化合物中既能使溴的四氯化碳溶液褪色，又能在光照下与溴发生取代反映的是 A甲苯 B乙醇 C丙烯 D乙烯【答案】C【解析】本题的突破口在第一种核心知识点：能使溴的四氯化碳溶液褪色的物质尚有碳碳不饱和键，这样选项只剩余C和D了，再根据能与溴发生取代反映的物质为具有苯环物质或烷烃（或烷基），因此只有C选项符合题意了。【点评】本题较为新颖，考生如果基本功不夯实，容易误选A选项。第一种核心知识点对于教师来说必须要突破本来老教材的提法，能使溴水褪色的物质具有碳碳不饱和键的提法。10硫代硫酸钠溶液与稀硫酸反映的化学方程式为：Na2S2O3+H2SO4=Na2SO4+SO2+S+H2O,下列各组实验中最先浮现浑浊的是 实验反映温度/Na2S2O3溶液稀H2SO4H2OV/mLc/（molL1）V/mLc/（molL1）V/mLA2550110015B2550250210C3550110015D3550250210【答案】D【解析】影响化学反映速率的因素众多，本题从浓度和和温度两个因素考察，非常忠实于新教材必修2,只要抓住浓度越大，温度越高反映速率越大，便可以选出对的答案D。【点评】本题重要考察影响化学反映速率的因素，题目来源于课本，考生很有亲切感。11将氢氧化钠稀溶液滴加到醋酸稀溶液中，下列各图示意混合溶液有关量或性质的变化趋势，其中错误的是【答案】D【解析】A选项氢氧化钠和醋酸发生中和反映，反映放热，当酸反映完毕后，再加碱，相称于往热水中加入冷水，温度减少。B选项醋酸中滴加氢氧化钠酸性削弱pH增大。C选项醋酸中滴加氢氧化钠，相称于弱电解质溶液变成强电解质溶液，因此导电能力增长。D选项醋酸中滴加氢氧化钠，氢氧化钠和醋酸发生反映了，因此氢氧化钠开始时为0【点评】本题考察水溶液中的离子反映的有关知识，题目容量大，对考生的能力规定很高。12能对的表达下列反映的例子方程式是A 向次氯酸钙溶液通入过量CO2：Ca2+2ClO+CO2+H2O =CaCO3+2HClO B 向次氯酸钙溶液通入SO2：Ca2+2ClO+SO2+H2O= CaSO3+2HClO C 氢氧化钙溶液与碳酸氢镁溶液反映：HCO3+Ca2+OHCaCO3+H2O D 在氯化亚铁溶液中加入稀硝酸：3Fe2+4H+NO3=3Fe3+NO+2H2O 【答案】D【解析】A选项CO2过量的话，应当生成HCO3 方程式应为：ClO+CO2+H2O=HClO+HCO3；B选项HClO可将CaSO3氧化为CaSO4 ，对的的方程式为：Ca2+ClO+SO2+H2O=CaSO4+Cl+2H+ ；C选项要考虑到Mg(OH)2 为沉淀即可, Mg2+2HCO3+2Ca2+4OHMg(OH)2+2CaCO3+2H2O。 【点评】本题考察离子方程式的书写和正误判断，把平时练习中的次氯酸钙与CO2和SO2 反映问题在一种题目中浮现，很是少见，四个选项都很常规，都是熟题。难度不大。13在一定温度下，反映1/2H2(g)+ 1/2X2(g) HX(g)的平衡常数为10。若将10mol的HX(g)通入体积为10L的密闭容器中，在该温度时HX(g)的最大分解率接近于A 5% B 17% C 25% D33%【答案】B【解析】1/2H2(g)+ 1/2X2(g) HX(g)的平衡常数K1为10,那么HX(g) 1/2H2(g)+ 1/2X2(g) 的平衡常数K2为1/10, 2HX(g) H2(g)+ X2(g) 的平衡常数K3为(1/10)2=001设HX(g)分解xmol/L,有, 2HX(g) H2(g)+ X2(g) 1 0 0 x x x 1x x xK3= xx/(1x) 2= 001 ,得到x=017,因此, 该温度时HX(g)的最大分解率接近于B 17%【点评】本题考察化学平衡常数的有关计算，题目难度不大，但规定考生平时要掌握方程式的变化对于化学平衡常数体现式的影响和数值的变化。26（14分）碱式碳酸铜可表达为：xCuCO3yCu(OH) 2zH2O,测定碱式碳酸铜构成的措施有多种。（1）现采用氢气还原法，请回答如下问题：写出xCuCO3yCu(OH) 2zH2O与氢气反映的化学方程式 ；实验装置用下列所有仪器连接而成，按氢气流方向的连接顺序是（填入仪器接口字母编号）：（a）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（ ）（l）称取239g某碱式碳酸铜样品，充足反映后得到127g残留物，生成44g二氧化碳和72g水。该样品的结晶水质量为 g，化学式为 ；（2）某同窗以氮气替代氢气，并用上述所有或部分仪器来测定碱式碳酸铜的构成，你觉得与否可行？请阐明理由。 。【答案】(1)xCuCO3yCu(OH)2zH2O+(x+y)H 2= (x+y)Cu+ xCO2+(x+2y+z)H2Oak,jgf(hi)de(ed)hi(gf)bc(cb)l18 CuCO3Cu(OH) 2H2O(2)可行 根据反映xCuCO3yCu(OH) 2zH2O=(x+y)CuO+ xCO2+(y+z)H2O,根据碱式碳酸铜、CuO、CO2和H2O质量（或其中任意三个量），即可计算出其构成。【解析】（1）本题的碱式碳酸铜与氢气反映看似一种很难的信息，其实细心一点只要把它理解为CuCO3和Cu(OH)2受热分解后产物CuO再与氢气反映，第问题便可以解决；对于要能分析出测定反映后CO2和H2O质量，因此对于氢气发生器后仪器的选择是除氯化氢和水蒸气，避免对后续测定影响就可以了，由于测定H2O和CO2分别用浓硫酸和碱石灰是固定的。（2）其实在分析（1）方程式书写时便得到了碱式碳酸铜热分解方程式： xCuCO3yCu(OH) 2zH2O=(x+y)CuO+ xCO2+(y+z)H2O，稍加分析可知，根据碱式碳酸铜、CuO、CO2和H2O质量（或其中任意三个量），即可计算出其构成。【点评】又是仪器组装问题，在上世纪九十年代初期很为流行，的全国I卷和海南卷也再次浮现，因此可以说这是高考题若干年轮回的一种体现。27（15分）下图表达有关物质（均由短周期元素形成）之间的转化关系，其中A为常用的金属单质，B为非金属单质（一般是黑色粉末），C是常用的无色无味液体，D是淡黄色的固体化合物。（反映条件图中已省略。）（1）A、B、C、D代表的物质分别为 、 、 、 （填化学式）；（2）反映中的C、D均过量，该反映的化学方程式是 ；（3）反映中，若B与F物质的量之比为43，G、H分别是 、 （填化学式）；（4）反映产物中K的化学式为 ；（5）反映的离子方程式为 。【答案】（1）Al C Na2O2 (2) 2H2O +Na2O2 =4NaOH+O2 2Al+ 2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2(3) CO2 CO (4) Na2CO3 (5) 2AlO2+CO2+3H2O=2Al(OH)3+CO32 【解析】D是淡黄色的固体化合物是本题的突破口，根据中学化学知识基本锁定Na2O2，能与水和CO2反映，但是题目另一信息C是常用的无色无味液体阐明C是水，则G为CO2；再根据K能溶于水，阐明K为Na2CO3 ，F为O2； 题给信息黑色单质B与氧气（F）反映得到G（CO2），阐明B为C（碳）；根据F（O2）与E反映生成C(水)可知E为氢气，再根据金属A与碱性溶液反映产生氢气，可得到A为Al【点评】本题框图复杂，纵横交错，难度较大，但是若找到Na2O2这个突破口，本题也就迎刃而解了。28（14分）2SO2(g)+O2(g) 2SO3(g)反映过程的能量变化如图所示。已知1mol SO2(g)氧化为1mol SO3的H=99kJmol1请回答问题：（1）图中A、C分别表达 、 ，E的大小对该反映的反映热有无影响？ 。该反映一般用V2O5作催化剂，加V2O5会使图中B点升高还是减少？ ，理由是 ；（2）图中H= KJmol1；（3）V2O5的催化循环机理也许为：V2O5氧化SO2时，自身被还原为四价钒化合物；四价钒化合物再被氧气氧化。写出该催化循环机理的化学方程式 ；（4）如果反映速率（SO2）为005 molL1min1,则（O2）= molL1min1、(SO3)= molL1min1；（5）已知单质硫的燃烧热为296 KJmol1，计算由S(s)生成3 molSO3(g)的H （规定计算过程）。【答案】（1）反映物能量 生成物能量 无 减少 由于催化剂变化了反映的历程使活化能E减少 （2）198 (3) SO2 +V2O5=SO3+2VO2 4VO2+ O2=2V2O5 (4)0025 005 (5) S(s)+O2(g) =2SO2(g) H1=296 KJmol1 , SO2(g)+1/2O2(g) SO3(g) H2=99 KJmol1 3 S(s)+9/2O2(g)=3SO3(g) H=3(H1+H2)=1185 KJmol1 【解析】(1)本小题考察反映物总能量高于生成物总能量为放热反映，可得到A和C所示的意义，E为活化能与反映热无关，但是用催化剂可以减少活化能；（2）图中表达的是2molSO2的反映，因此H=992KJmol1；（3）依题意即可写出：SO2 +V2O5=SO3+2VO2 4VO2+ O2=2V2O5；（4）根据速率之比等于化学计量数之比【点评】本题类似的海南试题，但考察的知识点增多了。37化学选修化学与技术（15分）请回答氯碱的如下问题：（1）氯气、烧碱是电解食盐水时按照固定的比率k（质量比）生成的产品。理论上k_（规定计算体现式和成果）;（2）原料粗盐中常具有泥沙和Ca2、Mg2、Fe3、SO42等杂质，必须精制后才干供电解使用。精制时，粗盐溶于水过滤后，还要加入的试剂分别为Na2CO3、HCl（盐酸）BaCl2，这3种试剂添加的合理顺序是_（填序号）（3）氯碱工业是高耗能产业，一种将电解池与燃料电池相组合的新工艺可以节（电）能30以上。在这种工艺设计中，有关物料的传播与转化关系如下图所示，其中的电极未标出，所用的离子膜都只容许阳离子通过。图中X、Y分别是_、_（填化学式），分析比较图示中氢氧化钠质量分数a与b的大小_;分别写出燃料电池B中正极、负极上发生的电极反映正极：_; 负极：_;这样设计的重要节（电）能之处在于（写出2处）_、_。【答案】（1）k=M(Cl2)/2 M(NaOH)=71/80=1:113或089（2） （3）Cl2 H2 a不不小于b O2+4e+2H2O4OH H22e+2OH2H2O 燃料电池可以补充电解池消耗的电能；提高产出碱液的浓度；减少能耗（其她合理答案也给分）电解【解析】（1）只要理解电解饱和食盐水的化学方程式2NaCl+2H2O 2NaOH+H2+Cl2即可得到，k=M(Cl2)/2 M(NaOH)=71/80=1:113或089；（2）只要抓住除钡离子要放在除碳酸根离子前即可得到顺序关系：；（3）本题突破口在于B燃料电池这边，通空气一边为正极（还原反映），那么左边必然通H2，这样Y即为H2 ；再转到左边根据电解饱和食盐水的化学方程式可知唯一未知的就是X，必然为Cl2了；A中的NaOH进入燃料电池正极再出来，根据O2+4e+2H2O4OH 可知NaOH浓度增大。【点评】本题前半部基本就是课本内容的再现，但后半部很有创意，可以较好的综合考察考生的原电池和电解的有关知识38化学选修物质构造与性质（15分）已知X、Y和Z三种元素的原子序数之和等于42。X元素原子的4p轨道上有3个未成对电子，Y元素原子的最外层2p轨道上有2个未成对电子。X跟Y可形成化合物X2Y3，Z元素可以形成负一价离子。请回答问题：（1）X元素原子基态时的电子排布式为_，该元素的符号是_;（2）Y元素原子的价层电子的轨道表达式为_，该元素的名称是_;（3）X与Z可形成化合物XZ3，该化合物的空间构型为_;（4）已知化合物X2Y3在稀硫酸溶液中可被金属锌还原为XZ3，产物尚有ZnSO4和H2O，该反映的化学方程式是_;（5）比较X的氢化物与同族第二、第三周期元素所形成的氢化物稳定性、沸点高下并阐明理由_。【答案】（1）1s22s22p63s23p63d104s24p3 As(2)(3)三角锥 （4）As2O3+6Zn+6H2SO4=2AsH3+6ZnSO4+3H2O(5)稳定性：NH3PH3AsH3 由于键长越短，键能越大，化合物越稳定 沸点：NH3AsH3PH3 NH3可形成分子间氢键，沸点最高，AsH3相对分子质量比PH3大，分子键作用力大，因而AsH3比PH3沸点高。【解析】（1）X元素原子的4p轨道上有3个未成对电子，可通过写电子排布式得到X为33号元素As;(2) Y元素原子的最外层2p轨道上有2个未成对电子，同样根据电子排布式得到Y为O;再根据X、Y和Z三种元素的原子序数之和等于42可得到Z为H(3)(5)就不再分析了。【点评】波及电子排布的问题，一般相对简朴，这也是目前选修科目的一种趋势。39化学选修有机化学基本（15分）AJ均为有机化合物，它们之间的转化如下图所示：实验表白：D既能发生银镜反映，又能与金属钠反映放出氢气：核磁共振氢谱表白F分子中有三种氢，且其峰面积之比为1：1：1；G能使溴的四氯化碳溶液褪色；1mol J与足量金属钠反映可放出224L氢气（原则状况）。请根据以上信息回答问题：（1）A的构造简式为_（不考虑立体构造），由A生成B的反映类型是_反映；（2）D的构造简式为_;（3）由E生成F的化学方程式为_,E中官能团有_（填名称）,与E具有相似官能团的E的同分异构体尚有_（写出构造简式，不考虑立体构造）；（4）G的构造简式为_;（5）由I生成J的化学方程式_。【答案】【解析】根据题给信息，可推知，CH2=CHCH=CH2与Br2发生的是1，4加成，A为BrCH2CH=CHCH2Br，依次可得B为HOCH2CH=CHCH2OH,C为HOCH2CH2CH2CH2OH,D为HOCH2CH2CH2CHO，E为HOCH2CH2CH2COOH,F为。再分析另一条线，BG应当是分子内成醚，G为；GH应当是是G与HClO发生加成反映，H应当为;HI是:2+Ca(OH)2=2 +CaCl2+2 H2O;IJ其实就是醚的开环了，五元环相对于三元环稳定，因此：。【点评】本题分析完了，感觉这张卷子的命题者就是海南卷命题队伍的那套人马。看本题的GHI，与海南卷21题多么相像。