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选择题专练(二)1 .下列关于物理学思想方法的叙述错误的是()A.探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B.电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法C.力学中将物体看成质点运用了理想模型法D.当物体的运动时间At趋近于0时,At时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法答案 D解析 当物体的运动时间At趋近于0时,At时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法,选项D的叙述是错误的.2 .一辆汽车在平直公路上做刹车实验,若从 。时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系 式为x= (10 0.1 v2) m ,则下列分析正确的是()A.上述过程的加速度大小为10 m/s 2B.刹车过程持续的时间为5 sC.0时刻的初速度为 10 m/sD.刹车过程的位移为 5 m答案 C222解析 根据公式x = V V和位移与速度的关系式为x=(10 - 0.1 v2) m,可得:1= 0.1 v2,2a2a270-=10,解得:a= 5 m/s 2, V0= 10 m/s ,符号表示与运动方向相反,故 A错误,C正 2a确;刹车时间10=纥=二 s =2 s ,故B错误; a 5刹车位移为 X0=v0t0=,2 m= 10 m,故D错误.3.若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体,它们在水平方向运动的距离之比为2 :姬.已知该行星质量约为地球的7倍,地球的半径为 R由此可知,该行星的半径为()A.1R B. 7R C. 2 R D. 一R222答案 C解析 对于任一行星,设其表面重力加速度为g,根据平抛运动的规律得h=2gt2:得t =2h 2ha /-g-,则水平射程x=v0t =vj-g.可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度22g行 x地 73g GMm/口 GM “口 g行 M?包丘“口一日”丁之比:g = -2= 4,根据-p-= mg4导g=y,可得=疝瓦2,斛得仃星的半径R行=R地y/g y/MMr Rx,中=2R故选项C正确.4 .如图1所示,圆柱体为磁体,磁极在左右两侧,外侧a为一金属圆环,与磁体同轴放置,间隙较小.在左侧的N极和金属圆环上各引出两根导线,分别接高压电源的正负极.加高压后, 磁体和金属环a间的空气会被电离,形成放电电流,若从右侧观察放电电流,下列说法正确 的是()高压电源+ 00-图1A.放电电流将发生顺时针旋转B.放电电流将发生逆时针旋转C.放电电流不发生旋转D.无法确定放电电流的运动情况答案 A解析 由题可以知道,磁场向右,电流由高压电源的正极流向负极,根据左手定则,可以判断放电电流将发生顺时针旋转,故选项A正确.5 .(多选)如图2所示,匀强电场中的 PAB平面平行于电场方向, C点为AB的中点,D点为 PB的中点.将一个带负电的粒子从 P点移动到A点,电场力做功 Wa= 1.6 X 108 J;将该粒子 从P点移动到B点,电场力做功 Wpb= 3.2 X 10 8 J.则下列说法正确的是( )图2A.直线PC为等势线B.若将该粒子从P点移动到C点,电场力做功为 Wc= 2.4X10-8 JC.电场强度方向与 AD垂直D.点P的电势高于点 A的电势答案 BC解析 一个带电粒子不论从 P点移动到A点,还是从P点移动到B点,电场力都做正功,P到AB间都有电势差,故直线 PC不可能为等势线,故 A错误;C是AB的中点,故C点电势为W+ Wb8AB的中点电势,故该粒子从P点移动到C点,电场力做功为 WC= 厂 = 2.4X10 8 J ,故B正确;粒子从 P点移动到B点,电场力做功 Wb= 3.2 X 10 8 J , D点为PB的中点,故粒子1 8从D点移动到 B点,电场力做功 Wb= 2WB= 1.6X10 J,粒子从 A到B电场力做功为 Wb= = 1.6X108 J,故AD为等势线,电场强度方向与 AD垂直,故C正确;将一个带负电的粒子从 P点移动到A点,电场力做正功,故电势能减小,电势升高,故点P的电势低于点 A的电势,选项D错误.6.(多选)如图3所示,顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平面上,三条细绳结于O点.一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P, 一条绳连接小球 Q P、Q两物体处于静止状态,另一条绳OA在外力F的作用下使夹角 090。,且保 持结点O位置不变,整个装置始终处于静止状态.下列说法正确的是()图3A.绳OA勺拉力先减小后增大B.斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C.地面对斜面体有向右的摩擦力D.地面对斜面体的支持力等于物块P和斜面体的重力之和答案 AB解析 缓慢改变绳 OA的方向至0 90的过程,0根力的方向变化如图从 1位置到2位置 到3位置所示,可见 OA勺拉力先减小后增大, OP的拉力一直增大,故 A正确;若开始时 P 受绳子的拉力比较小,则斜面对P的摩擦力沿斜面向上,O城力一直增大,则摩擦力先变小后反向增大,故B正确;以斜面体和 P、Q整体为研究对象受力分析,根据平衡条件:斜面体 受地面的摩擦力与 OA南子水平方向的拉力等大反向,故摩擦力方向向左, 故C错误;以斜面体和P Q整体为研究对象受力分析,设 F与竖直方向的夹角为“,根据竖直方向受力平衡:Fn+ Fcos a=M斜g+Mg+Mg;由图分析可知 F的最大值即为 MQg(当F竖直向上时)故Fcos a vMg;则FnM斜g+Mg,故D错误;故选 A、B.7.(多选)(2015 广东 18)科学家使用核反应获取瓶,再利用笊和瓶的核反应获得能量,核反应方程分别为:X+2He+ 1H+ 4.9 MeV和2H+ 3HR2He+ X+ 17.6 MeV,下列表述正确的有()A.X是中子B.Y的质子数是3,中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.笊和瓶的核反应是核聚变反应答案 AD解析 根据核反应中质量数和电荷数守恒,可知X是0X,所以为中子,A正确;丫应为6Y,所以Y的质子数为3,核子数为6,中子数为3, B错误;两核反应均有能量释放,根据爱因斯 坦质能方程,两核反应都有质量亏损,C错误;由聚变反应概念知,D正确.8.(多选)如图4所示,a图中变压器为理想变压器,其原线圈接在 u=1班sin 100兀t (V) 的交流电源上,副线圈与阻值为 R= 2 Q的电阻接成闭合电路,电流表为理想电流表.b图中为阻值 R=32 Q的电阻直接接到 u= 12/2sin100兀t (V)的交流电源上,结果电阻 R 与R消耗的电功率相等,则()A.通过电阻R的交变电流的频率为 0.02 HzB.电阻R消耗的电功率为4.5 WC.电流表的示数为6 AD.变压器原、副线圈匝数比为4 : 1答案 BD解析 由交变电流瞬时值表达式u= 12/2sin 100兀t(V)可知,3 = 100兀=2兀f,该交流电源的频率为f=50 Hz,周期为0.02 s ,由于变压器不改变交变电流的频率,所以通过电阻R的交变电流的频率为 50 Hz,选项A错误.由题图b可知,R=32 Q的电阻两端电压的有效值为U 12 V,电阻R消耗的电功率为 B=U=4.5 W.根据题述,电阻 R与R消耗的电功K?率相等,可知电阻 R消耗的电功率为 P= F2=4.5 W,选项B正确.由R=I2R,解得电流表 的示数为I = 1.5 A ,选项C错误.变压器副线圈电压 U= IR = 3 V,变压器原、副线圈匝数 比为n= U: 12=12 : 3=4 : 1,选项D正确.
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