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选择题专练（二）1 .下列关于物理学思想方法的叙述错误的是（）A.探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B.电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法C.力学中将物体看成质点运用了理想模型法D.当物体的运动时间At趋近于0时，At时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法答案 D解析 当物体的运动时间At趋近于0时，At时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法，选项D的叙述是错误的.2 .一辆汽车在平直公路上做刹车实验，若从 。时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系 式为x= （10 0.1 v2） m ,则下列分析正确的是（）A.上述过程的加速度大小为10 m/s 2B.刹车过程持续的时间为5 sC.0时刻的初速度为 10 m/sD.刹车过程的位移为 5 m答案 C222解析 根据公式x = V V和位移与速度的关系式为x=（10 - 0.1 v2） m,可得：1= 0.1 v2,2a2a270-=10,解得：a= 5 m/s 2, V0= 10 m/s ,符号表示与运动方向相反，故 A错误，C正 2a确；刹车时间10=纥=二 s =2 s ,故B错误； a 5刹车位移为 X0=v0t0=，2 m= 10 m,故D错误.3.若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2 ：姬.已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为 R由此可知，该行星的半径为（）A.1R B. 7R C. 2 R D. 一R222答案 C解析 对于任一行星，设其表面重力加速度为g,根据平抛运动的规律得h=2gt2：得t =2h 2ha /-g-,则水平射程x=v0t =vj-g.可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度22g行 x地 73g GMm/口 GM “口 g行 M?包丘“口一日”丁之比：g = -2= 4,根据-p-= mg4导g=y,可得=疝瓦2,斛得仃星的半径R行=R地y/g y/MMr Rx,中=2R故选项C正确.4 .如图1所示，圆柱体为磁体，磁极在左右两侧，外侧a为一金属圆环，与磁体同轴放置，间隙较小.在左侧的N极和金属圆环上各引出两根导线，分别接高压电源的正负极.加高压后， 磁体和金属环a间的空气会被电离，形成放电电流，若从右侧观察放电电流，下列说法正确 的是（）高压电源+ 00-图1A.放电电流将发生顺时针旋转B.放电电流将发生逆时针旋转C.放电电流不发生旋转D.无法确定放电电流的运动情况答案 A解析 由题可以知道，磁场向右，电流由高压电源的正极流向负极，根据左手定则，可以判断放电电流将发生顺时针旋转，故选项A正确.5 .（多选）如图2所示，匀强电场中的 PAB平面平行于电场方向， C点为AB的中点，D点为 PB的中点.将一个带负电的粒子从 P点移动到A点，电场力做功 Wa= 1.6 X 108 J;将该粒子 从P点移动到B点，电场力做功 Wpb= 3.2 X 10 8 J.则下列说法正确的是（ ）图2A.直线PC为等势线B.若将该粒子从P点移动到C点，电场力做功为 Wc= 2.4X10-8 JC.电场强度方向与 AD垂直D.点P的电势高于点 A的电势答案 BC解析 一个带电粒子不论从 P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，故直线 PC不可能为等势线，故 A错误；C是AB的中点，故C点电势为W+ Wb8AB的中点电势，故该粒子从P点移动到C点，电场力做功为 WC= 厂 = 2.4X10 8 J ,故B正确；粒子从 P点移动到B点，电场力做功 Wb= 3.2 X 10 8 J , D点为PB的中点，故粒子1 8从D点移动到 B点，电场力做功 Wb= 2WB= 1.6X10 J,粒子从 A到B电场力做功为 Wb= = 1.6X108 J,故AD为等势线，电场强度方向与 AD垂直，故C正确；将一个带负电的粒子从 P点移动到A点，电场力做正功，故电势能减小，电势升高，故点P的电势低于点 A的电势，选项D错误.6.（多选）如图3所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平面上，三条细绳结于O点.一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P, 一条绳连接小球 Q P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角 090。，且保 持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态.下列说法正确的是（）图3A.绳OA勺拉力先减小后增大B.斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C.地面对斜面体有向右的摩擦力D.地面对斜面体的支持力等于物块P和斜面体的重力之和答案 AB解析 缓慢改变绳 OA的方向至0 90的过程，0根力的方向变化如图从 1位置到2位置 到3位置所示，可见 OA勺拉力先减小后增大， OP的拉力一直增大，故 A正确；若开始时 P 受绳子的拉力比较小，则斜面对P的摩擦力沿斜面向上，O城力一直增大，则摩擦力先变小后反向增大，故B正确；以斜面体和 P、Q整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面体 受地面的摩擦力与 OA南子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左， 故C错误；以斜面体和P Q整体为研究对象受力分析，设 F与竖直方向的夹角为“，根据竖直方向受力平衡：Fn+ Fcos a=M斜g+Mg+Mg；由图分析可知 F的最大值即为 MQg（当F竖直向上时）故Fcos a vMg；则FnM斜g+Mg,故D错误；故选 A、B.7.(多选)(2015 广东 18)科学家使用核反应获取瓶，再利用笊和瓶的核反应获得能量，核反应方程分别为：X+2He+ 1H+ 4.9 MeV和2H+ 3HR2He+ X+ 17.6 MeV,下列表述正确的有()A.X是中子B.Y的质子数是3,中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.笊和瓶的核反应是核聚变反应答案 AD解析 根据核反应中质量数和电荷数守恒，可知X是0X,所以为中子，A正确；丫应为6Y,所以Y的质子数为3,核子数为6,中子数为3, B错误；两核反应均有能量释放，根据爱因斯 坦质能方程，两核反应都有质量亏损，C错误；由聚变反应概念知，D正确.8.(多选)如图4所示，a图中变压器为理想变压器，其原线圈接在 u=1班sin 100兀t (V) 的交流电源上，副线圈与阻值为 R= 2 Q的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表.b图中为阻值 R=32 Q的电阻直接接到 u= 12/2sin100兀t (V)的交流电源上，结果电阻 R 与R消耗的电功率相等，则()A.通过电阻R的交变电流的频率为 0.02 HzB.电阻R消耗的电功率为4.5 WC.电流表的示数为6 AD.变压器原、副线圈匝数比为4 ： 1答案 BD解析 由交变电流瞬时值表达式u= 12/2sin 100兀t(V)可知，3 = 100兀=2兀f,该交流电源的频率为f=50 Hz,周期为0.02 s ,由于变压器不改变交变电流的频率，所以通过电阻R的交变电流的频率为 50 Hz,选项A错误.由题图b可知，R=32 Q的电阻两端电压的有效值为U 12 V,电阻R消耗的电功率为 B=U=4.5 W.根据题述，电阻 R与R消耗的电功K?率相等，可知电阻 R消耗的电功率为 P= F2=4.5 W,选项B正确.由R=I2R,解得电流表 的示数为I = 1.5 A ,选项C错误.变压器副线圈电压 U= IR = 3 V,变压器原、副线圈匝数 比为n= U： 12=12 ： 3=4 ： 1,选项D正确.
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