2018-2019学年高二物理上学期第九次双周考试题实验班.doc

2018-2019学年高二物理上学期第九次双周考试题实验班一、选择题(共12个小题，18为单选，912为多选，每小题4分，共48分)1.下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A.根据电场强度的定义式E可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式C可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式Ek可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关D.根据电势差的定义式UAB可知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为1 V2、如所示，将两个摆长均为l的单摆悬于O点，摆球质量均为m，带电荷量均为q(q0)。将另一个带电荷量也为q(q0)的小球从O点正下方较远处缓慢移向O点，当三个带电小球分别处在等边三角形abc的三个顶点上时，两摆线的夹角恰好为120，则此时摆线上的拉力大小等于()A.mg B.mgC.2 D. 3、如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x轴垂直于环面且过圆心O。下列关于x轴上的电场强度和电势的说法中正确的是()A.O点的电场强度为零，电势最低B.O点的电场强度为零，电势最高C.从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D.从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低4、在x轴上关于原点对称的a、b两点处固定两个电荷量相等的点电荷，如图所示的Ex图象描绘了x轴上部分区域的电场强度(以x轴正方向为电场强度的正方向)。对于该电场中x轴上关于原点对称的c、d两点，下列结论正确的是()A.两点场强相同，c点电势更高B.两点场强相同，d点电势更高C.两点场强不同，两点电势相等，均比O点电势高D.两点场强不同，两点电势相等，均比O点电势低5在某个电场中，x轴上各点电势随x坐标变化如图所示，一质量m、电荷量q的粒子只在电场力作用下能沿x轴做直线运动，下列说法正确的是() Ax轴上xx1和xx1两点电场强度和电势都相同B粒子运动过程中，经过xx1和xx1两点时速度一定相同C粒子运动过程中，经过xx1点的加速度大于xx2点加速度D若粒子在xx1点由静止释放，则粒子到达O点时刻加速度为零，速度达到最大6在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向成30角的匀强电场，电场中有一质量为m，电荷量为q的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，如图所示开始时小球静止在M点，细线恰好水平现用外力将小球拉到最低点P，然后由静止释放，则以下判断正确的是()A小球再次到M点时，速度刚好为零B小球从P到M过程中，合外力对它做的功为mgLC小球从P到M过程中，其机械能增加了mgLD如果小球运动到M点时，细线突然断裂，小球将做匀变速直线运动7、甲所示的电路，不计电表内阻的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，得到电压表V1和V2的示数随电流表A的示数变化的两条实验图象，如图乙所示下列关于这两条实验图象的说法不正确的是()A图线b的延长线一定过坐标的原点OB图线a的延长线与纵轴交点的纵坐标值等于电源的电动势C图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积小于在该点情况下电源的输出功率D图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积等于在该点情况下电阻R0消耗的电功率8、阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E(内阻可忽略)连接成如图所示电路。开关S断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。Q1与Q2的比值为()A. B. C. D.9、(多选)某种小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0 .现闭合开关S，理想电压表V的示数为4.0 V，则()A三个灯泡的总电阻为8.3 B电源的电动势为5.6 VC电源消耗的热功率为3.0 WD电源的效率为89.3%10、(多选)如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为q、q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中()A.电场力对液滴a、b做的功相同B.三者动能的增量相同C.液滴a电势能的增加量等于液滴b电势能的减小量D.重力对三者做的功相同11 、(多选)如图所示，用绝缘细线拴一带负电小球，在竖直平面内做圆周运动，匀强电场方向竖直向下，则()A.当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B.当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C.当小球运动到最高点a时，小球的电势能最小D.小球在运动过程中机械能不守恒12、(多选)虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。下列说法正确的是（ ） A.平面c上的电势为零B.该电子可能到达不了平面f C.该电子经过平面d时，其电势能为4eV D.该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍二、实验（13题6分，14题8分，共14分）13、一合金制成的圆柱体。为测量该合金的电阻率，现用伏安法测量圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图4甲和乙所示。 (1)由图读得圆柱体的直径为_mm，长度为_ cm。(2)若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用D、L、I、U表示的电阻率的关系式为_。14、用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约4.5 V，内电阻约1 )的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：A电流表：量程0.6 A，内电阻约1 B电流表：量程3 A，内电阻约0.2 C电压表：量程3 V，内电阻约30 kD电压表：量程6 V，内电阻约60 kE滑动变阻器：01 000 ，额定电流0.5 AF滑动变阻器：020 ，额定电流2 A 图实141(1)为了使测量结果尽量准确，电流表应选用_，电压表应选用_，滑动变阻器应选用_(均填仪器的字母代号)(2)图实101为正确选择仪器后，连好的部分电路为了使测量误差尽可能小，还需在电路中用导线将_和_相连、_和_相连、_和_相连(均填仪器上接线柱的字母代号) (3)实验时发现电流表坏了，于是不再使用电流表，剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器，重新连接电路，仍能完成实验实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U.用图象法处理采集到的数据，为在直角坐标系中得到的函数图象是一条直线，则可以_为纵坐标，以_为横坐标三、计算题（共38分，其中15题8分，16题8分，17题10分18题12分。）15、如图所示，A、B、C为一等边三角形的三个顶点，某匀强电场的电场线平行于该三角形平面。现将电荷量为108 C的正点电荷从A点移到B点，电场力做功为3106 J，将另一电荷量为108 C的负点电荷从A点移到C点，克服电场力做功3106 J。若AB边长为2 cm，则电场强度的大小为多大？方向如何？16.电量为q1104 C的带正电小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向且方向始终不变的电场，电场强度E的大小与时间t的关系，以及物块速度v与时间t的关系如图所示。若重力加速度g取10 m/s2，求： (1)物块的质量m；(2)物块与水平面之间的动摩擦因数。17.如图所示的电路中，R13 ，R26 ，R31.5 ，C20 F。当开关S断开时，电源所释放的总功率为 2 W；当开关S闭合时，电源所释放的总功率为4 W，求： (1)电源的电动势和内电阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？18.如图所示，固定于同一条竖直线上的点电荷A、B相距为2d，电量分别为Q和Q.MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p，质量为m、电量为q(可视为点电荷，q远小于Q)，现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v.已知MN与AB之间的距离也为d.静电力常量为k，重力加速度为g.求： (1)C、O间的电势差UC O；(2)小球p经过O点时加速度的大小；(3)小球p经过与点电荷B等高的D点时速度的大小中牟一高试验部第九次双周考高二物理试题一、选择题(共12个小题，18为单选，912为多选，每小题4分，共48分)1.D 2、B 3、B 4、A 5D 6B 7、C 8、C 9、ABD 10、AD 11、CD 12、AB二、实验（13题6分，14题8分，共14分）13、答案(1)1.842(1.8411.844均可)4.240(2)14、【答案】(1)ADF(2)adcgfh（3） ， 三、计算题15、.解析正点电荷从A点移到B点时，电场力做正功，故A点电势高于B点，可求得UAB V300 V。负点电荷从A点移到C点，克服电场力做功，同理可判断A点电势高于C点，可求得UAC V300 V。因此B、C两点电势相等，UBC0。由于匀强电场中的等势线是一簇平行直线，因此，BC为一等势线，故电场线方向垂直BC。设D为直线BC的中点，则电场方向为由A指向D。直线AB在电场方向的距离d等于线段AD的长度，故由匀强电场中电势差与电场强度的关系式可得：E V/m104 V/m。答案104 V/m垂直B、C连线，由A指向BC16.解析(1)由vt图象可知，前2 s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有qE1mgma2 s后物块做匀速直线运动，由平衡条件有qE2mg，联立得q(E1E2)ma。由Et图象和vt图象可得E13104 N/C，E22104 N/C，a1 m/s2，代入数据可解得m1 kg。(2)0.2。答案(1)1 kg(2)0.217.解析(1)S断开时外电路R2、R3串联：EI1(R2R3)I1rP1EI1S闭合时：外电路R1、R2并联后与R3串联R外R3代入数据R外(1.5) 3.5 对闭合电路EI2R外I2rP2EI2由可得(2)闭合S时，电源的输出功率PIR外123.5 W3.5 W(3)S断开时Q1CUR2201060.56 C6105 CS闭合，电容器两端的电势差为零，则Q20答案(1)4 V0.5 (2)3.5 W(3)6105 C018.【解析】(1)小球p由C运动到O时，受重力和电场力作用，由动能定理得：mgdqUC Omv20解得：UC O.(2)小球p经过O点时受力分析如图所示，由库仑定律得：F1F2k二者的合力为FF1cos 45F2cos 45由牛顿第二定律得：mgFma解得：ag.(3)小球p由O运动到D的过程，由动能定理得：mgdqUO Dmvmv2由电场分布的对称性可知UC OUO D解得：vDv. 【答案】(1)(2)g(3)v