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2019届高三物理练习试题(含解析)1.一物体在某行星表面受的万有引力是它在地球表面受到的万有引力的。在地球走得很准的摆钟搬到此行星上后，此钟的分针走一整圈所经历的时间实际上是（ ）A. B. C. 2h D. 4h【答案】C【解析】试题分析：根据在星球表面万有引力等于重力可知：某行星表面受到的万有引力是它在地球表面受到的万有引力的，质量不变，所以该星球的重力加速度根据单摆的周期公式，可知，该星球的周期是地球上周期的两倍，所以此钟的分针走一整圈所经历的时间实际上是地球上分针走一圈的两倍即2h故选C考点：万有引力定律及其应用；点评：该题主要考查了万有引力公式结合单摆的周期公式的直接应用，难度不大，属于基础题2.沿水平方向做简谐运动的弹簧振子质量为m，最大速度为v。从任意时刻起，在半个周期内，以下判断正确的是：（）弹力做的功一定为零； 弹力做的功可能是零到mv2之间的某个值；弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某个值；弹力的冲量一定不为零A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】做简谐运动的物体，半个周期后的速率一定与半个周期前大小相等，动能变化量为零，故弹力做功一定为零，故正确，错误。从端点到端点，速度由零到零，动量的变化为0，冲量为0；从平衡位置到平衡位置，速度由v变到-v，动量的变化大小为2mv，冲量大小也为2mv；起点为其他位置时，动量变化的大小介于两者之间，冲量也介于两者之间，故正确，错误。故选：B【点睛】做简谐运动的弹簧振子经过半个周期标量大小不变，矢量大小不变，方向相反。3. 一列简谐横波沿x轴负方向传播，图1是t=1s时的波形图，图2是波中某振动质元位移随时间变化的振动图线（两图用同一时间起点），则图2可能是图1中哪个质元的振动图线( )A. x=0处的质元 B. x =1m处的质元C. x =2m处的质元 D. x =3m处的质元【答案】A【解析】由图乙可知，该波的振动周期是，所以结合甲图可知，时，该波的波形如图中红色线：图乙上，时刻，只有 处质点位于最大位移处，故乙图是处的质点的振动图象，故选项A正确。点睛：根据波的传播方向判断出质点的振动方向，由振动图象读出质点的振动方向都是应具有的基本能力。4.如图所示，在xy平面内有一沿x轴正方向传播的简谐横波，波速为1米/秒，振幅为4厘米，频率为2.5赫。在t=0时刻，P点位于其平衡位置上方最大位移处，则距P为0.2米的Q点。( ) A. 在0.1秒时的位移是4厘米；B. 在0.1秒时的速度最大；C. 在0.1秒时的速度向下；D. 在0到0.1秒时间内的路程是4厘米。【答案】BD【解析】【详解】已知简谐波的波速v=1m/s，频率f=2.5Hz，则周期为T=0.4s，波长为=0.4m。由题Q点距离P点为x=0.2m=，P、Q两点的振动情况总是相反，t=0时刻，P点位于其平衡位置上方最大位移处，则Q点位于其平衡位置下方最大位移处，在0.1秒时P点经过平衡位置向下运动，则在0.1秒时，Q点经过平衡位置向上运动，位移为x=0，速度最大，在0到0.1秒时间内Q点通过的路程等于一个振幅，即路程S=4cm，故A、C错误，B、D正确。故选：B、D5.一定质量的理想气体经过一系列过程，如图所示下列说法中正确的是：（）A. 过程中，气体体积增大，放出热量B. 过程中，气体压强不变，吸收热量C. 过程中，气体压强增大，吸收热量D. 过程中，气体内能增大，放出热量【答案】BC【解析】【分析】ab过程中气体的温度保持不变，即气体发生等温变化；bc过程中，气体压强不变，温度降低；根据理想气体状态方程=C，可得=，由图知P-T为过原点的直线，则ca过程中气体的体积保持不变；理想气体的内能与气体的体积无关，仅与气体物质的量和温度有关，并且温度越高气体的内能增大【详解】A、由图可知ab过程中气体的温度保持不变，内能的变化，由图可知PaPb，根据玻意耳定律PaVa=PbVb可得VaVb，即气体压强减小，体积增大，气体对外做功W,由热力学第一定律：=W+Q可知，Q,气体要吸收热量,故A错误。B、由图可知bc过程中，气体压强不变，温度降低TbTc，内能的变化，根据=，可得VbVc，即气体体积减小，外界对气体功W，气体要吸收热量Q0，故B正确。C、过程中根据=C，可得=，由图知P-T为过原点的直线，可知ca过程中气体的体积保持不变，气体发生等容变化W=0，压强增大，温度升高，内能的变化，气体要吸收热量Q，故C正确，D错误。故选：B、C6.如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F0为斥力，F0为引力a、b、c、d为x轴上四个特定的位置现把乙分子从a处由静止释放，则()A. 乙分子由a到b做加速运动，由b到c做减速运动B. 乙分子由a到c做加速运动，到达c时速度最大C. 乙分子由a到b的过程中，两分子间的分子势能一直减少D. 乙分子由b到d的过程中，两分子间的分子势能一直增加【答案】BC【解析】A、乙分子从a到b再到c的过程中，分子间的作用力一直表现为引力(F0，氢原子被电离。故正确。、用11eV的动能的电子碰撞，可能吸收10.2eV能量，故正确；综上所述，故C正确，ABD错误；故选：C.17.能引起人的眼睛视觉效应的最小能量为10-18J，已知可见光的平均波长为0.6 m，普朗克常数h=6.6310-34Js，恰能引起人眼的感觉，进入人眼的光子数至少为 ( )A. 1个 B. 3个 C. 30个 D. 300个【答案】B【解析】18.氢原子辐射出一个光子后，根据玻尔理论，下列判断正确的是A. 电子绕核旋转的轨道半径增大 B. 电子的动能减少C. 氢原子的电势能增大 D. 氢原子的能级减小【答案】D【解析】氢原子辐射出光子后，由高能级跃迁到低能级，轨道半径减小，电子动能增大，此过程中库仑力做正功，电势能减小.故D对；ABC错；故选D19.在垂直于纸面的匀强磁场中，有一原来静止的原子核，该核衰变后，放出的带电粒子和反冲的核的运动轨迹分别如图中a、 b所示，由图可以判定()A. 该核发生的是衰变B. 该核发生的是衰变C. 磁场方向一定垂直纸面向里D. 磁场方向向里还是向外不能判定【答案】BD【解析】AB、放射性元素放出粒子时，粒子与反冲核的速度相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹应为外切圆；而放射性元素放出粒子时，粒子与反冲核的速度相反，而电性相反，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相同，两个粒子的轨迹应为内切圆，故放出的是粒子，故A错误，B正确；CD、粒子在磁场中做匀速圆周运动，磁场方向不同，粒子旋转的方向相反，由于粒子的速度方向未知，不能判断磁场的方向故C、D错误。故选：B。【名师点睛】放射性元素的原子核，沿垂直于磁场方向放射出一个粒子后进入匀强磁场，在洛伦兹力的作用下都做匀速圆周运动。放射性元素放出粒子，动量守恒，根据洛伦兹力分析运动轨迹是内切圆还是外切圆，判断是哪种衰变。20.某静止的放射性元素的原子核，放出一个粒子后转变成某种新核Y，设衰变过程产生的核能以动能的形式释放，若已知粒子的动能为EK，则 （ ）A. 新核Y的动能为（m4）EK/4; B. 新核Y的动能为4EK/（m4）C. 衰变中的质量亏损为mEK/（m4）c2; D. 衰变中的质量亏损为（m4）Ek/mc2【答案】BC【解析】【详解】衰变过程中，由动量守恒知，新核和粒子的动量大小设为P，粒子的动能为Ek，新核的动能为Ek=，故A错误，B正确。释放的核能EkEk=，质量亏损为=，故C正确，D错误。故选：B、C21.中子n、质子p、氘核D的质量分别为现用光子能量为E的射线照射静止氘核使之分解，反应的方程为若分解后中子、质子的动能可视为相等，则中子的动能是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】核反应过程中有质量亏损，根据爱因斯坦质能方程可知亏损质量转化为能量，然后根据能量守恒可正确解答。【详解】因质量亏损产生的能量为：E=设质子、中子的动能为Ek，根据能量守恒有：E+E=2Ek解得：Ek=，故A、B、D错误，C正确。故选：C22.中子内有一个电荷量为e的上夸克和两个电荷量为e的下夸克，一简单模型是三个夸克都在半径为r的同一圆周上，如图所示在下图给出的四幅图中，能正确表示出各夸克所受静电作用力的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】解答：解：两个下夸克在对一个上夸克的作用力都为引力，且大小相等，合力方向向竖直向下，左边的下夸克受引力和水平向左的斥力，因为，所以合力方向竖直向上，同理可确定右边的夸克所受库仑力方向也是竖直向上，故B正确故选B23.如图所示为理想变压器原线圈所接交变电流压的波形。原、副线圈匝数比n1:n2=10:1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1 A，下列说法中正确的是A. 变压器输出端的交变电流的电压是20 VB. 变压器的输出功率为200 WC. 变压器输出端的交变电流的频率为50 HzD. 穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为 Wb/s【答案】BCD【解析】原线圈接入电压的最大值是，所以原线圈接入电压的有效值是U=200V，根据理想变压器变压比：，代入数据解得副线圈的电压为：，故A错误；理想变压器传输功率不损耗，所以输出功率为：，故B正确；因交流电的周期是0.02 s，所以频率为，且变压器不改变电流频率，故C正确；由交变电流知识可知，变压器铁芯线圈中磁通量变化率的最大值为：，故D正确。所以BCD正确，A错误。24.如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为开始时，开关断开.当接通时，以下说法中错误的是（ ）A. 副线圈两端、的输出电压减小B. 副线圈输电线等效电阻上的电压增大C. 通过灯泡的电流减小D. 原线圈中的电流增大【答案】BCD【解析】试题分析：根据可知变压器次级电压是一定的，故A说法错误；当开关S接通时，次级的电阻减小，则次级电流变大，故根据UR=I2R可知副线圈输电线等效电阻R上的电压降增大，则灯泡L1的电压减小，故通过灯泡L1的电流减小，选项BC说法正确；根据可知，原线圈上电流增大，选项D说法正确。故选A.考点：变压器；动态电路分析.25.一电热器接在10V的直流电源上产生一定的热功率，把它改接在交流电源上要使产生的热功率是原来的一半，则交流电压的最大值应是（）A. 5V B. 7.1VC. 10V D. 14V【答案】C【解析】【详解】设电热器的电阻为R，交流电电压的最大值为Um，由题意有：=，解得Um=10V，故A、B、D错误，C正确。故选：C【点睛】计算热功率要用交流电的有效值。26.如图所示，光滑绝缘水平面上带异号电荷的小球A、B，它们一起在水平向右的匀强电场中向右做匀加速运动，且保持相对静止设小球A带电荷量大小为QA，小球B带电荷量大小为QB，下列判断正确的是()A. 小球A带正电，小球B带负电，且QAQBB. 小球A带正电，小球B带负电，且QAQBC. 小球A带负电，小球B带正电，且QAQBD. 小球A带负电，小球B带正电，且QAQB【答案】D【解析】试题分析：AB、假设小球A带正电，小球B带负电，对小球各自受力分析，小球B受向左的电场力和A对B向左的库仑力，所以小球B的合力向左，由于小球A、B向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向都应水平向右，则B球带正电；错误CD、由以上分析知小球A带正电，小球B带负电，以A、B整体为研究对象，受合力应水平向右，即整体带净电荷为正电荷，应有；D正确故选D考点：电场强度、库仑定律点评：假设小球A带正电，小球B带负电，对小球各自受力分析，由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向应该水平向右，看受力分析得出的合力方向与实际运动状态得出的加速度方向是否相同去进行判断；小球A带负电，小球B带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律列出等式求解；小球A、B整体受力分析，受水平向左的电场力和水平向右的电场力；由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右。27.如图所示，一质量M=3.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A给A和B以大小均为4.0m/s，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动， A始终没有滑离B板在小木块A做加速运动的时间内，木板速度大小可能是 。A.1.8m/s B.2.4m/s C.2.8m/s D.3.0m/s【答案】B【解析】试题分析：取水平向右方向为正方向，当A的速度为零，根据动量守恒定律得：解得：当AB速度相同时，根据动量守恒定律得：解得：则在木块A正在做加速运动的时间内，木板的速度范围为：所以正确选项为B。考点：本题考查了动量守恒定律的应用。