九年级物理上学期第16周周考试卷（含解析） 新人教版五四制

2015-2016学年四川省遂宁市射洪外国语学校九年级（上）第16周周考物理试卷一、选择题（每小题2分，共32分每小题只有一个选项符合题意）1下列现象中，属于热运动的是（）A秋天刮起沙尘暴，飞沙漫天B三九寒天下雪时，雪花飞舞C煮稀饭时，看到锅中米粒上下翻滚D槐树开花时，周围香气弥漫2如图所示的四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（）A 钻木取火B双手摩擦生热C锯木头时锯子发热D烧水时水温升高3下列现象中，利用内能做功的是（）A篝火晚会时，人们围着篝火感觉温暖B用酒精灯加热烧杯中的水，使其温度升高C火箭在“熊熊烈火”的喷射中冲天而起D盛夏在烈日之下的柏油路面被晒熔化4关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体，内能一定大B物体的内能增大，一定是外界对物体做了功C物体的温度越高，所含的热量越多D晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，内能增大5下列提高热机效率的措施中，不可行的是（）A尽量使燃料完全燃烧B尽量减少各种内能损耗C尽量减少因克服摩擦而额外消耗的能量D尽量减少输出功率6如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路是（）ABCD72008年6月5日19时30分，中央气象台发布了西安和香港两城市在未来24小时内的天气预报：西安，晴，气温2134；香港，晴，气温2428造成两地在同一天内气温变化差别较大的原因之一是（）A水的内能比泥土、砂石的内能大B水的比热容比泥土、砂石的比热容大C水的内能比泥土、砂石的内能小D水的比热容比泥土、砂石的比热容小8物理研究中常常会用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“类比法”等研究方法下面四个研究中，采用“等效替代法”的是（）A研究电流时，把它与水流相比B研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场C探究电功与电压的关系时，保持电流和通电时间相同D探究两个电阻R1和R2串联时，用一个阻值为R的电阻来替换9电吹风由电动机和电热丝等组成为保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作如图所示电路中符合要求的是（）ABCD10张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（）A当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1AB将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9AC通过导体甲的电流与其两端的电压成正比D导体甲的电阻大于导体乙的电阻11在如图所示的电路中，两只电流表的规格相同，电流表有两个量程（00.6A以及03A），闭合开关S，电阻R1与R2均有电流流过，两只电流表的指针偏转角度相同，则R1与R2的比值为（）A1：5B5：1C1：4D4：112如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电流表示数变小，电压表示数变大B电流表示数变小，电压表示数不变C电流表示数变大，电压表示数变大D电流表示数变小，电压表示数变小13某同学利用如图所示的电路研究“一段电路中的电流跟电阻的关系”如果把A、B之间的电阻由30欧姆换成20欧姆，为了探究上述问题，他应该采取的措施是（）A增加电池个数B把滑动变阻器的滑片向左移动C把滑动变阻器的滑片向右移动D滑片的位置不变14如图，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法错误的是（）A此时电能表的读数为120.7度B“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用C“10（20）A”是指这个电能表使用时正常工作电流为10安或20安D“600r/kWh”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600转15有两个小灯泡L1和L2，分别标有“110V、40W”和“110V、60W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A两灯都正常发光时，通过L1的电流大B串联后，接在220V的电源上，它们都能正常工作C串联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大D并联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大16有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示把它们串联接在电路中，如图（乙）所示，闭合开关S，这时电流表的示数为0.4A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A2.0V、0.8 WB2.5V、1.0WC4.5V、1.0 WD4.5V、1.8W二、填空题（每空1.5分，共30分）17在房间里喷洒空气清新剂，室内很快能闻到香味，这种现象属于现象，表明分子在永不停息地作18铁棍很难被拉伸，说明分子间存在，水很难被压缩，说明分子间存在（均选填“引力”、“斥力”）19验电器是利用原理制成的电饭煲是利用电流的工作的20如图所示，电阻箱的示数是，调节其四个旋盘，能得到的最大阻值是21如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，电压表的示数，电流表的示数，电路消耗的总功率（填“增大”、“减小”或“不变”）22小明家有一个标有“220V 880W”的电炉，当它正常工作时的电功率是W，通过电炉丝的电流为A；在一次单独使用它时，小明家标有“1200r/kwh”的电能表在2min的时间里铝盘转过了30转，则此时电炉的电功率是W23如图所示，电源电压不变，R1=6，R2=4（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，电路总电阻是，电源电压为V（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，电流表示数为1.5A，此时通过R1的电流是A，10s内电流通过灯泡L做的功为J24如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当变阻器的滑片P向右移动时，电压表V的示数将，电压表V的示数与电流表A与电流表A1的示数差的比值将（均选填“变小”、“不变”或“变大”）三、实验探究（每空1.5分，共24分）25小明学习了燃料的热值后，考虑到燃料燃烧放出的热量会被水吸收，而水的比热容已知（注：燃料完全燃烧放出的热量用Q放=mq计算，其中，q表示燃料的热值，m表示燃料的质量）自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，他组装了如图所示的装置进行实验（1）为了保证实验结论的可靠性，小明择了两套相同的装置，在实验中他还应控制：煤油和菜籽油的质量及烧杯中水的质量（选填“相同”或“不同”）（2）在确保实验的可靠性的前提下进行实验，实验记录如表所示分析表中数据可得：煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是燃料加热前的水温/燃料燃尽后水温/煤油2544菜籽粙2534（3）小明还想利用这种实验方案测量出煤油和菜籽油的热值的大小，那么小明还需要在装置图的基础上补充的实验仪器是：利用此实验方法计算出的热值将比真实值（填“偏大”或“偏小”），理由是：26小芳对串联电路电压规律进行了探究，她的探究步骤如下猜想与假设串联电路总电压可能等于各用电器两端的电压之和设计与进行实验（1）按图所示的电路图连接电路（2）闭合开关，用电压表测出L1两端的电压（3）在测L2两端的电压时，小芳为了节省实验时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上（4）测出AC间的电压UAB/VUBC/VUAC/V2.41.43.8交流与评估（1）在拆接电路时，开关必须（2）小芳用上面的方法测出L2两端的电压（填“能”或“不能”）理由是：（3）方法改进后，所测出AB、BC、AC间的电压记录在上面表格中分析小芳的实验数据可以得出的结论是：串联电路总电压各用电器两端的电压之和（选填“等于”或“不等于”）（4）小芳只测一组数据就得出以上结论，你觉得（填“可靠”或“不可靠”）理由是：27在用电流表、电压表测小灯泡额定功率的实验中，已知小灯泡上标有“3.8V”字样小刘同学正确连接好实验电路，如图所示（1）请你根据小刘同学的实验电路在方框内画出相应的电路图（2）实验过程中，小刘同学闭合开关，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表有示数且接近于电源电压，电路出现故障可能是（3）排除故障后，小刘同学调节滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为W（4）假如电压表15V量程损坏，3V量程能正常使用，电源电压为6V且稳定不变，仍利用现有的器材测量小灯泡的额定功率，应把电压表跟并联，而且移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为四、计算题（28题7分，29题8分，共15分计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分）28小刚家每天需要60的水50kg，以前，一直靠烧焦炭提供如今，他家购买了一太阳能热水器，每天太阳光照射一段时间后，可将水箱中的50kg水，温度从20升高到60，从而节约了焦炭水的比热容是4.2103J/（kg），焦炭的热值是3.0107J/kg试求：（1）每天水箱中水吸收的热量是多少？（2）采用太阳能热水器小刚家每天可以节约焦炭多少千克？（假设焦炭完全燃烧且燃烧放出的热量全部被水吸收）（3）说说太阳能的优点（列举一点即可）29如图甲所示电路，电源电压不变，滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示问：（1）从图中可知，电源电压多大？（图象中当R2=0时，U1=6V）（2）当R2为10时，电压表的示数是多少？（3）当电压表示数为2V时，R1的阻值是多少？（4）滑动变阻器的滑片P在b端时，电阻R1的功率是多少？2015-2016学年四川省遂宁市射洪外国语学校九年级（上）第16周周考物理试卷（五四学制）参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共32分每小题只有一个选项符合题意）1下列现象中，属于热运动的是（）A秋天刮起沙尘暴，飞沙漫天B三九寒天下雪时，雪花飞舞C煮稀饭时，看到锅中米粒上下翻滚D槐树开花时，周围香气弥漫【考点】分子的运动【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，称为扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现【解答】解：（1）漫天的沙尘暴、飞舞的雪花、锅中上下翻滚米粒是宏观物体的机械运动，不是分子的运动，分子运动是肉眼看不见的，故ABC错误；（2）槐树开花时，周围香气弥漫，是槐花的花香分子的无规则运动的结果，属于扩散现象，故D正确故选D2如图所示的四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（）A钻木取火B双手摩擦生热C锯木头时锯子发热D烧水时水温升高【考点】热传递改变物体内能【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分【解答】解：A、钻木取火，属于做功改变物体的内能，不符合题意B、双手摩擦生热，属于做功改变物体的内能，不符合题意C、锯木头时锯子发热，属于做功改变物体的内能，不符合题意D、烧水时水温升高，是热量的传递，属于热传递改变物体的内能，符合题意故选D3下列现象中，利用内能做功的是（）A篝火晚会时，人们围着篝火感觉温暖B用酒精灯加热烧杯中的水，使其温度升高C火箭在“熊熊烈火”的喷射中冲天而起D盛夏在烈日之下的柏油路面被晒熔化【考点】内能的利用及其意义【分析】本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式【解答】解：A、篝火晚会时，人们围着篝火感觉温暖是通过热传递的方式改变内能的，故A错误；B、酒精灯加热烧杯中的水，使其温度升高是通过热传递的方式改变内能的，故B错误；C、火箭在“熊熊烈火”的喷射中冲天而起，利用内能做功，故C正确；D、盛夏在烈日之下的柏油路面被晒熔化了，属于利用内能加热物体，是通过热传递的方式改变内能的，故D错误故选：C4关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（）A温度高的物体，内能一定大B物体的内能增大，一定是外界对物体做了功C物体的温度越高，所含的热量越多D晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，内能增大【考点】温度、热量与内能的关系【分析】A、影响内能的因素有质量、温度以及状态等；B、改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式；C、热量是过程量，就是说，热量只存在热传递中，只能说吸收或放出热量；热量不是状态量，不能说含有热量D、晶体熔化的特点：温度保持不变，内能增加，吸收热量【解答】解：A、因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不一定大，故A错误；B、做功和热传递都可以改变物体的内能，因此物体的内能增大，可能是外界对物体做了功，也可能是吸收了热量，故B错误；C、热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故C错误；D、晶体在熔化过程中继续吸热，温度不变，内能增大，故D正确故选D5下列提高热机效率的措施中，不可行的是（）A尽量使燃料完全燃烧B尽量减少各种内能损耗C尽量减少因克服摩擦而额外消耗的能量D尽量减少输出功率【考点】热机的效率【分析】热机的效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比要提高热机的效率，就要提高这个比值【解答】解：A、燃料燃烧得越充分，能量损失越少，有用能量与燃料完全燃烧放出总能量的比值越大，效率越高，故A错误；B、尽量减少各种内能的损坏，可以提高热机能量的利用率，即提高热机的效率，故B错误；C、尽量减少克服摩擦消耗的内能，可以增大有用能量与燃料完全燃烧放出总能量的比值，可以提高热机的效率，故C错误；D、减少输出功，及少做功，不会改变有用能量与燃料完全燃烧放出总能量的比值，不能提高热机的功率，故D正确故选：D6如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路是（）ABCD【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】（1）串联电路：电流只有一条路径，各用电器相互影响，只需要一个开关就可以控制所有的电器；（2）并联电路：电流有多条电路，各用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路【解答】解：（1）开关能够同时控制两盏灯，电路既可以串联又可以并联，但并联时开关必须在干路上；（2）两灯发光情况互不影响，两灯应该是并联的综上可知，符合要求的电路应该是并联电路，并且开关在干路上故选D72008年6月5日19时30分，中央气象台发布了西安和香港两城市在未来24小时内的天气预报：西安，晴，气温2134；香港，晴，气温2428造成两地在同一天内气温变化差别较大的原因之一是（）A水的内能比泥土、砂石的内能大B水的比热容比泥土、砂石的比热容大C水的内能比泥土、砂石的内能小D水的比热容比泥土、砂石的比热容小【考点】水的比热容的特点及应用；比热容解释简单的自然现象【分析】根据水的比热容较大的特点分析沿海城市（香港）为什么昼夜温差小，然后做出判断【解答】解：香港地区水多，水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得香港地区昼夜的温差小；而西安内陆地区泥土、沙石多，比热容小，昼夜的温差大故选B8物理研究中常常会用到“控制变量法”、“等效替代法”、“模型法”、“类比法”等研究方法下面四个研究中，采用“等效替代法”的是（）A研究电流时，把它与水流相比B研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场C探究电功与电压的关系时，保持电流和通电时间相同D探究两个电阻R1和R2串联时，用一个阻值为R的电阻来替换【考点】物理学方法【分析】通过对物理研究中常用研究方法的理解完成此题【解答】解：A、研究电流时，把它与水流相比，应用了类比的研究方法，所以A错误B、研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场，磁感线是为了方便研究，假想出来的一种曲线，应用了模型法，所以B错误C、探究电功与电压的关系时，保持电流和通电时间相同，控制电流和通电时间相同，采用了控制变量法，所以C错误D、探究两个电阻R1和R2串联时，用一个阻值为R的电阻来替换，用一个电阻R，代替两个电阻串联的效果，应有了等效替代的研究方法，所以D正确故选D9电吹风由电动机和电热丝等组成为保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作如图所示电路中符合要求的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】串联电路中各用电器同时工作，因此电动机和电热丝为并联电路；又因为电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，因此电路中有总开关控制，电热丝有相应的开关控制【解答】解：A、电热丝和电动机串联，而电动机不能够独立工作，故A选项不合题意；B、电动机和电热丝并联连接，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故B选项不合题意；C、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电动机；S1闭合，S2断开，只有电热丝工作，而电动机不工作；故C选项不符合要求；D、电动机和电热丝并联连接，S1控制整个电路，S2控制电热丝；S1闭合，S2断开，只有电动机工作，电热丝不工作；S1闭合，S2闭合，电动机和电热丝同时工作；S1断开，电动机和电热丝都不工作，故D选项合题意故选D10张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（）A当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1AB将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9AC通过导体甲的电流与其两端的电压成正比D导体甲的电阻大于导体乙的电阻【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由图象可知，通过两电阻的电流与各自两端的电压成正比例函数即为定值电阻；（2）从图象中读出1V时通过两端的电流，根据欧姆定律求出两电阻的阻值，然后比较两电阻的大小关系；（3）根据电阻的并联特点求出两电阻并联时电路中的总电阻，利用欧姆定律求出干路中的电流【解答】解：（1）由图象可知，通过甲、乙两电阻的电流与各自两端的电压成正比例函数，即通过导体甲、乙的电流与两端的电压成正比，故C正确，不符合题意；（2）当U甲=U乙=1V时，I甲=0.2A，I乙=0.1A，故A正确，不符合题意；由I=可得，甲、乙两电阻的阻值之比：R甲=5，R乙=10，则导体甲的电阻小于导体乙的电阻，故D不正确，符合题意；（3）将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R=，干路中的电流：I=0.9A，故B正确故选D11在如图所示的电路中，两只电流表的规格相同，电流表有两个量程（00.6A以及03A），闭合开关S，电阻R1与R2均有电流流过，两只电流表的指针偏转角度相同，则R1与R2的比值为（）A1：5B5：1C1：4D4：1【考点】并联电路的电流规律；电流表的读数方法【分析】从电流表大量程和小量程的关系进行分析，即同一刻度线不同量程的示数，比值等于分度值之比【解答】解：因为电流表的大量程和小量程的分度值之比为1：5，且A1测量干路中的电流，即为大量程，所以A1与A2的示数之比为5：1，R1中的电流等于干路中的电流减去R2中的电流，即I1=II2，而并联电路中电阻之比等于电流的反比，所以R1：R2=I2：I1=1：（51）=1：4故选C12如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表和电压表示数的变化情况是（）A电流表示数变小，电压表示数变大B电流表示数变小，电压表示数不变C电流表示数变大，电压表示数变大D电流表示数变小，电压表示数变小【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故C错误；由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确，BD错误故选A13某同学利用如图所示的电路研究“一段电路中的电流跟电阻的关系”如果把A、B之间的电阻由30欧姆换成20欧姆，为了探究上述问题，他应该采取的措施是（）A增加电池个数B把滑动变阻器的滑片向左移动C把滑动变阻器的滑片向右移动D滑片的位置不变【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）电流跟电压、电阻有关，用控制变量法研究电流跟电压和电阻的关系（2）研究电流跟电阻的关系时，保持电压不变，改变定值电阻的阻值，讨论电流跟电阻的关系【解答】解：在滑动变阻器的电阻值不变的情况下，电路中由于将30的定值电阻换成20的定值电阻，使整个电路的电阻值减小；由I=可知，电路中的电流增大，此时滑动变阻器两端的电压增大，定值电阻两端的电压减小；要使电阻两端的电压不变，即增大定值电阻两端的电压，根据U=IR可知，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路中的电阻，故将变阻器滑片适当向左移动，使电压表的示数不变，增加电池个数不如调节滑动变阻器操作方便故选B14如图，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法错误的是（）A此时电能表的读数为120.7度B“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用C“10（20）A”是指这个电能表使用时正常工作电流为10安或20安D“600r/kWh”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600转【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】本题抓住电能表参数的理解，电能表是读数方法：（1）月末的减去月初的示数（2）最后一位是小数（3）单位kWh【解答】解：A、此时电能表的读数为120.7度，说法正确，不符合题意B、“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用说法正确，不符合题意C、“10（20）A”是指这个电能表使用时正常工作电流为10安或20安，说法错误，应该是电能表允许通过最大电流是10A，电能表短时间允许通过最大电流是20A，符合题意D、“600r/kWh”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600转，不符合题意故选C15有两个小灯泡L1和L2，分别标有“110V、40W”和“110V、60W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A两灯都正常发光时，通过L1的电流大B串联后，接在220V的电源上，它们都能正常工作C串联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大D并联后，接在110V的电源上，L2消耗的功率大【考点】电功率的计算【分析】（1）两灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI比较两灯泡电流的大小关系；（2）根据P=UI=比较两灯泡的电阻关系，根据串联电路的分压特点可知两灯泡两端的电压和额定电压之间的关系，然后判断两灯泡是否正常发光；（3）两灯泡串联在110V的电路中时，通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R可知它们的实际功率关系；（4）两灯泡并联接在110V电源上时，它们两端的电压相等，根据额定电压下灯泡正常发光可知它们的实际功率关系，然后得出答案【解答】解：A正常发光时两灯泡的电压和额定电压相等，根据I=可知，L1的额定功率小于L2的额定功率，则I1I2，故A错误；B灯泡铭牌可知，两灯泡额定电压相等，P1P2，由P=UI=的变形式R=可知，R1R2，由串联电路的分压特点可知，两灯泡串联在220V的电路中时，灯泡两端电压不等于其额定电压，灯泡不能正常工作，故B错误；C两灯泡串联在110V的电路中时，通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R可知，P1实P2实，故C错误；D两灯泡并联接在110V电源上时，两灯泡两端的电压均为110V，两灯泡的实际功率和额定功率相等，所以L2消耗的功率大，故D正确故选D16有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示把它们串联接在电路中，如图（乙）所示，闭合开关S，这时电流表的示数为0.4A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A2.0V、0.8 WB2.5V、1.0WC4.5V、1.0 WD4.5V、1.8W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由图（甲）找出电流I=0.4A时，电路元件A与B两端的电压，由串联电路的特点求出电源电压；由公式P=UI求出元件B的电功率【解答】解：（1）由图（甲）可知，I=0.4A时，UA=2.0V，UB=2.5V，由图（乙）电路元件A与B串联，电源电压U=UA+UB=2.0V+2.5V=4.5V；（2）电路元件B的电功率PB=UBI=2.5V0.4A=1W故选C二、填空题（每空1.5分，共30分）17在房间里喷洒空气清新剂，室内很快能闻到香味，这种现象属于扩散现象，表明分子在永不停息地作无规则运动【考点】扩散现象【分析】构成物体的分子每时每刻都在不停的做无规则运动【解答】解：在房间里喷洒空气清新剂，室内很快能闻到香味，是因为芳香分子运动到空气中，吸入鼻子，引起嗅觉，这说明了分子在不停的做无规则运动，属于扩散现象故答案为：扩散；无规则运动18铁棍很难被拉伸，说明分子间存在引力，水很难被压缩，说明分子间存在斥力（均选填“引力”、“斥力”）【考点】分子间的作用力【分析】要解答本题需掌握：分子间存在着相互作用的引力和斥力【解答】解：铁棍很难被拉伸是因为分子间的引力的结果；水很难被压缩，是因为分子间存在着斥力故本题答案为：引力，斥力19验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的电饭煲是利用电流的热效应工作的【考点】验电器的原理及使用；电流的热效应、化学效应和磁效应【分析】直接根据验电器的原理进行填空即可；电饭煲是利用电流的热效应工作的【解答】解：验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的电饭煲工作时，是把电能转化为内能，所以是利用电流的热效应工作的故答案为：同种电荷相互排斥；热效应20如图所示，电阻箱的示数是3608，调节其四个旋盘，能得到的最大阻值是9999【考点】变阻器【分析】用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数【解答】解：图中电阻箱示数是：R=31000+6100+010+81=3608；该电阻箱的最大阻值是：91000+9100+910+91=9999故答案为：3608；999921如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，电压表的示数不变，电流表的示数增大，电路消耗的总功率增大（填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】电路的动态分析【分析】开关断开时，为基本电路，电压测量电源电压，电流表测量电路中的电流；开关闭合后，为并联电路，电压表测量并联电路两端的电压，电流表测量干路电流；根据并联电路的电压规律分析电压表的示数变化；根据并联电路的电流规律分析电流表的示数变化；并联电路的总电阻小于任一支路电阻；比较电流表示数，根据P=UI即可比较出电路消耗总功率的情况【解答】解：开关断开时，电压表测量的是电源电压，电流表测量R2中的电流；闭合开关后，电压表测量并联电路两端的电压，电流表测量干路电流，而并联电路两端的电压等于电源电压，R2支路中的电流与原来的电流相等，且干路电流等于各支路电流之和；所以，闭合开关S后，电压表示数不变，电流表示数增大；电源电压不变，电流表示数变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率增大故答案为：不变；增大；增大22小明家有一个标有“220V 880W”的电炉，当它正常工作时的电功率是880W，通过电炉丝的电流为4A；在一次单独使用它时，小明家标有“1200r/kwh”的电能表在2min的时间里铝盘转过了30转，则此时电炉的电功率是750W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电炉正常工作时，电功率就是铭牌上标注的额定功率根据电功率公式可计算电流（2）根据电能表在2min的时间里铝盘转过了30转，可计算出一小时转过多少转，就可求出电炉的电功率【解答】解：（1）标有“220V 880W”的电炉，当它正常工作时的电功率等于铭牌上标注的功率880W，（2）通过电炉丝的电流为：I=4A（3）电能表在2min的时间里铝盘转过了30转，则一小时电能表转：30转602=900转，则此时电炉的电功率是：900r1200r/kWh=0.75kW=750W故答案是：880W；4A；750W23如图所示，电源电压不变，R1=6，R2=4（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.6A，电路总电阻是10，电源电压为6V（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，电流表示数为1.5A，此时通过R1的电流是1A，10s内电流通过灯泡L做的功为30J【考点】电阻的并联；串联电路和并联电路的辨别；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功的计算【分析】（1）先根据开关的闭合和断开可以判定串并联，再根据两电阻串联后的总阻值等于两电阻之和即可求得总电阻，最后根据欧姆定律的变形公式U=IR即可求解电源电压（2）先根据开关的闭合和断开可以判定串并联，再根据欧姆定律I=即可求得通过R1的电流，根据并联电路中电流的特点即可求得通过灯泡的电流，最后根据W=UIt即可求得10s内电流通过灯泡L做的功【解答】解：（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2组成串联电路，则电路中的总电阻=R1+R2=6+4=10；根据欧姆定律I=即可得：U=IR，则U总=I总R总=0.6A10=6V（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，R2短路，R1与L组成并联电路；根据欧姆定律I=可得：I1=1A；则通过L的电流为：IL=II1=1.5A1A=0.5A；则WL=UILt=6V0.5A10s=30J故答案为：（1）10，6（2）1，3024如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S，当变阻器的滑片P向右移动时，电压表V的示数将不变，电压表V的示数与电流表A与电流表A1的示数差的比值将不变（均选填“变小”、“不变”或“变大”）【考点】电路的动态分析【分析】（1）分析电路图，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；（2）根据并联电路电流的规律可知电流表A与电流表A1的示数差等于通过R2的电流，而电压表V的示数与电流表A与电流表A1的示数差的比值等于R2的阻值，据此分析【解答】解：（1）如图，闭合电键S，R1和R2并联，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，R1大小变大；电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，电压表V的示数不变；（2）电流表A的示数是干路电流，电流表A1测量R1的电流，根据并联电路电流的特点可知，电流表A与电流表A1的示数差等于通过R2的电流，而电压表V的示数与电流表A与电流表A1的示数差的比值等于定值电阻R2的阻值，因此比值不变故答案为：不变；不变三、实验探究（每空1.5分，共24分）25小明学习了燃料的热值后，考虑到燃料燃烧放出的热量会被水吸收，而水的比热容已知（注：燃料完全燃烧放出的热量用Q放=mq计算，其中，q表示燃料的热值，m表示燃料的质量）自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，他组装了如图所示的装置进行实验（1）为了保证实验结论的可靠性，小明择了两套相同的装置，在实验中他还应控制：煤油和菜籽油的质量及烧杯中水的质量相同（选填“相同”或“不同”）（2）在确保实验的可靠性的前提下进行实验，实验记录如表所示分析表中数据可得：煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是煤油燃料加热前的水温/燃料燃尽后水温/煤油2544菜籽粙2534（3）小明还想利用这种实验方案测量出煤油和菜籽油的热值的大小，那么小明还需要在装置图的基础上补充的实验仪器是：天平利用此实验方法计算出的热值将比真实值偏小（填“偏大”或“偏小”），理由是：燃烧放出的热会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸【考点】燃料的热值【分析】本题主要考查利用控制变量法和转换法设计实验的能力，由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小，又由于燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同【解答】解：（1）因燃料放出的热量与燃料的热值和质量有关，所以要探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，必须控制燃料的质量相等；由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中还应控制水的质量相等；（2）由图表数据可知在燃料燃尽后甲杯中的水温度升高得多，说明燃烧相同质量的燃料水吸收的热量多，煤油放出的热量多，所以煤油的热值较大；（3）要控制燃料的质量相等、水的质量相等，需要用天平来测量；由于燃烧放出的热会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸，所以利用此实验方法计算出煤油和菜籽油的热值比真实值要偏小些故答案为：（1）相同；（2）煤油；（3）天平；偏小；燃烧放出的热会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸26小芳对串联电路电压规律进行了探究，她的探究步骤如下猜想与假设串联电路总电压可能等于各用电器两端的电压之和设计与进行实验（1）按图所示的电路图连接电路（2）闭合开关，用电压表测出L1两端的电压（3）在测L2两端的电压时，小芳为了节省实验时间，采用以下方法：电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并改接到C接点上（4）测出AC间的电压UAB/VUBC/VUAC/V2.41.43.8交流与评估（1）在拆接电路时，开关必须断开（2）小芳用上面的方法不能测出L2两端的电压（填“能”或“不能”）理由是：电压表正负接线柱接反了（3）方法改进后，所测出AB、BC、AC间的电压记录在上面表格中分析小芳的实验数据可以得出的结论是：串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和（选填“等于”或“不等于”）（4）小芳只测一组数据就得出以上结论，你觉得不可靠（填“可靠”或“不可靠”）理由是：实验次数少，结论具有偶然性【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【分析】（1）连接电路时，开关必须要断开，断开的目的是为了保护电路，以防止由于接错出现短路烧坏电源；（2）电压表要准确的测量用电器两端的电压，必须严格按照电压表的使用规则进行操作，所以判断李瑞同学能不能用此方法测出L2两端的电压，就看电压表此时是否与L2并联，正负接线柱的接法是否正确；（3）分析表中数据得出结论；（4）为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据【解答】解：（1）在拆接电路时，开关必须断开；（2）当电压表B点不动，只断开A点，并改接到C点上时，虽然电压表此时与L2并联，但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；（3）由表中数据可知：UAB+UBC=3.8V，这与UAC间电压相等，所以可得结论：串联电路中总电压等各用电器两端电压之和；（4）由实验可知，该实验只进行了一次实验，只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论不可靠，具有偶然性和片面性，为得出普遍结论，应改变灯泡的规格进行多次实验或改变电源电压进行多次实验故答案为：（1）断开；（2）不能；电压表正负接线柱接反了；（3）等于；（4）不可靠；实验次数少，结论具有偶然性27在用电流表、电压表测小灯泡额定功率的实验中，已知小灯泡上标有“3.8V”字样小刘同学正确连接好实验电路，如图所示（1）请你根据小刘同学的实验电路在方框内画出相应的电路图（2）实验过程中，小刘同学闭合开关，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表有示数且接近于电源电压，电路出现故障可能是灯泡断路（3）排除故障后，小刘同学调节滑动变阻器滑片，使灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为1.9W（4）假如电压表15V量程损坏，3V量程能正常使用，电源电压为6V且稳定不变，仍利用现有的器材测量小灯泡的额定功率，应把电压表跟滑动变阻器并联，而且移动滑动变阻器的滑片使电压表示数为2.2V【考点】电功率的测量；串联电路的电压规律【分析】（1）对照实物图连接电路图；（2）小刘同学闭合开关，发现灯泡不亮、电流表无示数说明电路为断路；电压表有示数且接近于电源电压，说明电压表与电源两极连通，与电压表并联的部分之处是连通的，则与电压表并联的灯出现了断路；（3）额定电压下的功率为额定功率，根据P=UI求灯的额定功率；（4）根据串联电路电压的规律，求出灯正常发光时变阻器的电压，与电压表小量程比较，据此作答；【解答】解：（1）对照实物图连接电路图，各元件顺序一一对应，变阻器滑片以左电阻丝连入电路中，如下图所示；（2）经分析，闭合开关，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表有示数且接近于电源电压，电路出现故障可能是与电压表并联的灯泡断路了而导致电压表串联在电路中了；（3）额定电压下的功率为额定功率，灯的额定功率P=UI=3.8V0.5A=1.9W；（4）因电压表15V量程损坏，所以不能直接将电压表并联在灯的两端，根据串联电路电压的规律，当灯正常发光时，变阻器的电压为6V3.8V=2.2V，小于3V，所以可将电压表并联在变阻器的两端，移动滑片，当电压表示数为2.2V时，灯正常发光，记录有关数据即可故答案为：（1）如上图所示；（2）灯泡断路；（3）1.9；（4）滑动变阻器；2.2V四、计算题（28题7分，29题8分，共15分计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不能得分）28小刚家每天需要60的水50kg，以前，一直靠烧焦炭提供如今，他家购买了一太阳能热水器，每天太阳光照射一段时间后，可将水箱中的50kg水，温度从20升高到60，从而节约了焦炭水的比热容是4.2103J/（kg），焦炭的热值是3.0107J/kg试求：（1）每天水箱中水吸收的热量是多少？（2）采用太阳能热水器小刚家每天可以节约焦炭多少千克？（假设焦炭完全燃烧且燃烧放出的热量全部被水吸收）（3）说说太阳能的优点（列举一点即可）【考点】太阳能热水器中的热量计算【分析】（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式Q=cmt计算水吸收热量（2）已知焦炭的热值和热量，可利用公式m=计算质量；（3）太阳能的优点普遍；无害；巨大；长久【解答】解：（1）已知，c水=4.2103J/（kg），m=50kg，t=tt0=6020=40，每天水箱中水吸收的热量，Q吸=C水mt=4.2103J/（kg）50kg（6020）=8.4106J；（2）因为Q放=Q吸=8.4106J，所以，m焦炭=0.28kg；（3）太阳能属于可再生能源，利用太阳能的优点：清洁无污染答：（1）水吸收的热量是8.4106J；（2）这些热量相当于完全燃烧0.28kg的焦炭；（3）太阳能属于可再生能源，利用太阳能的优点：清洁无污染29如图甲所示电路，电源电压不变，滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端，定值电阻R1两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示问：（1）从图中可知，电源电压多大？（图象中当R2=0时，U1=6V）（2）当R2为10时，电压表的示数是多少？（3）当电压表示数为2V时，R1的阻值是多少？（4）滑动变阻器的滑片P在b端时，电阻R1的功率是多少？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）从图中可知，当R2=0时，电压表测量电源电压，根据即可得知电源电压；（2）从图乙得出，当R2为10时，电压表的示数；（3）知道电源电压和电压表的示数，根据串联电路的电压关系求加在R2两端的电压，再根据从图乙得出，R2连入的电阻值，利用欧姆定律求电路中的电流和电阻R1的阻值；（4）由图乙知，滑动变阻器的滑片P在b端时，电压表的示数为1V，利用P=求电阻R1的功率【解答】解：（1）从电路图可知，当R2=0时，电压表测量电源电压，则电源电压U=U1=6V；（2）从图乙可知，当R2为10时，R1两端的电压为3V，即电压表的示数为3V；（3）当电压表的示数为2V时，即U1=2V，从图乙可知，滑动变阻器连入电阻R2=20，由于R1、R2串联，串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，所以变阻器两端的电压：U2=UU1=6V2V=4V，电路中的电流：I1=I2=0.2A，由I=可得，此时R1的阻值：R1=10；（4）由图乙知，滑片P在b端时，滑动变阻器连入的电阻为50，电压表的示数为1V，即R1两端的电压U1=1V；电阻R1的功率：P1=0.1W答：（1）从图中可知，电源电压为6V；（2）当R2为10时，电压表的示数是3V；（3）当电压表示数为2V时，R1的阻值是10；（4）滑动变阻器的滑片P在b端时，电阻R1的功率是0.1W