2017-2018学年高考物理二轮复习 第7板块 选考模块教学案

1第第 7 7 板块板块 选考模块选考模块第 29 讲|热学选修 33常考内容学法指导分子大小的估算；对分子动理论内容的理解；物态变化中的能量问题；气体实验定律的理解和计算；理想气体状态方程的应用；固、液、气三态的微观解释和理解；热力学定律的理解和简单计算；用油膜法估测分子大小等内容。选修 33 内容琐碎、考查点多，复习中应以四块知识(分子动理论，从微观角度分析固体、液体、气体的性质，气体实验定律，热力学定律)为主干，梳理出知识点，进行理解性记忆。一、分子动理论、内能及热力学定律基础保分类考点全练题点1(2018 届高三江西五市八校联考)下列说法中正确的是()A布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动B气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增加C一定量 100 的水变成 100 的水蒸气，其分子之间的势能增加D只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低E空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作不遵守热力学第二定律解析：选 ACD布朗运动是指液体或气体中悬浮微粒的无规则运动，故 A 正确；温度是分子平均动能的标志，气体温度升高，分子的平均动能增加，其中有些分子的速率增加，但也有些分子的速率会减小，只是分子的平均速率增加，故 B 错误；一定量 100 的水变成100 的水蒸气，温度没有变化，分子的平均动能不变，但是在这个过程中要吸热，内能增加，所以分子之间的势能必定增加，故 C 正确；温度是分子平均动能的标志，只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低，故 D 正确；空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，产生了其他影响，即消耗了电能，所以不违背热力学第二定律，故 E 错误。2(2013全国卷)两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近。在此过程中，下列说法正确的是()A分子力先增大，后一直减小B分子力先做正功，后做负功C分子动能先增大，后减小D分子势能先增大，后减小E分子势能和动能之和不变2解析：选 BCE分子力应先增大，后减小，再增大，所以 A 选项错；分子力先为引力，做正功，再为斥力，做负功，B 选项正确；根据动能定理可知分子动能先增大后减小，分子势能先减小后增大，分子动能和分子势能之和保持不变，所以 C、E 选项正确，D 错误。3下列说法中正确的是()A气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律E某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NAVV0解析：选 ABC气体放出热量，若外界对气体做功，温度升高，其分子的平均动能增大，故 A 正确； 布朗运动不是液体分子的运动， 但它可以说明液体分子在永不停息地做无规则运动， 故 B 正确； 当分子力表现为斥力时， 分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，故 C 正确；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，故 D 错误；某固体或液体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NAVV0，而气体此式不成立，故 E 错误。4(2017随州调考)下列说法正确的是()A显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大C分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大D在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素E当温度升高时，物体内每一个分子热运动的速率一定都增大解析：选 ACD布朗运动是固体颗粒在液体中的运动，反应液体分子的运动，故显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动， 这反映了液体分子运动的无规则性， 故选项 A 正确；分子间的相互作用力随着分子间距离由很小逐渐增大，当r光线在玻璃砖内会发生三次全反射，最后由G点射出，如图乙所示。由反射定律和几何关系得乙OGOC32R射到G点的光有一部分被反射，沿原路返回到达C点射出。答案(1) 2R(2)见解析通法点拨1折射率：光从真空射入某种介质，入射角的正弦与折射角的正弦之比叫做介质的折射率，公式为nsin1sin2。实验和研究证明，某种介质的折射率等于光在真空中的传播速度c跟光在这种介质中的传播速度v之比，即ncv。2临界角：折射角等于 90时的入射角，称为临界角。当光从折射率为n的某种介质射向真空(空气)时发生全反射的临界角为C，则 sinC1n。363全反射的条件(1)光从光密介质射向光疏介质。(2)入射角大于或等于临界角。4光的色散问题(1)在同一介质中，不同频率的光的折射率不同，频率越高，折射率越大。(2)可由ncv，n0可知，光的频率越高，在介质中的波速越小，波长越小。集训冲关1.(2017襄阳模拟)如图所示为半圆形的玻璃砖，C为AB的中点，OO为过C点的AB面的垂线。a、b两束不同频率的单色可见细光束垂直AB边从空气射入玻璃砖，且两束光在AB面上的入射点到C点的距离相等，两束光折射后相交于图中的P点，以下判断正确的是()A在半圆形的玻璃砖中，a光的传播速度大于b光的传播速度Ba光的频率大于b光的频率C两种色光分别通过同一双缝干涉装置形成的干涉条纹，相邻亮条纹的间距a光的较大D若a、b两束光从同一介质射入真空中，a光发生全反射时的临界角大于b光发生全反射时的临界角Eb光比a光更容易发生衍射现象解析：选 ACD由折射光路可知，b光的折射率大于a光，则根据ncv可知，在半圆形的玻璃砖中，a光的传播速度大于b光的传播速度，选项 A 正确；a光的频率小于b光的频率， 选项 B 错误； 因a光的波长大于b光， 故a光比b光更容易发生衍射现象， 选项 E 错误；根据xLd， 则两种色光分别通过同一双缝干涉装置形成的干涉条纹， 相邻亮条纹的间距a光的较大，选项 C 正确；根据 sinC1n可知，若a、b两束光从同一介质射入真空中，a光发生全反射的临界角大于b光发生全反射的临界角，选项 D 正确。2(2018 届高三衡水四校联考)如图所示，将一等腰直角棱镜ABC截去棱角ADE，使其截面DE平行于底面BC，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射。已知棱镜玻璃的折射率n 2，棱边长LAC3 3 cm，LAD3 cm，一束平行于底边BC的单色光从BD边上的M点射入棱镜，求：37(1)光线进入“道威棱镜”时的折射角；(2)通过计算判断光线能否从BC边射出；(3)光线在棱镜中传播所用的时间。解析：(1)由折射定律nsin 45sinr，解得r30。(2)由临界角公式 sinC1n，得C45如图所示，光线到达BC边时，入射角75C，将发生全反射，所以光线不能从BC边射出。(3)光在棱镜中的传播速度vcn31082m/s3 22108m/s由几何关系可知ACD30，CD2LAD6 cm，光在介质中的路程sCD6 cm0.06 m。所用时间tsv2 21010s。答案：(1)30(2)见解析(3)2 21010s四、光的波动性电磁波相对论基础保分类考点全练题点1.(2016天津高考)如图是a、b两光分别经过同一双缝干涉装置后在屏上形成的干涉图样，则()A在同种均匀介质中，a光的传播速度比b光的大B从同种介质射入真空发生全反射时a光临界角大C照射在同一金属板上发生光电效应时，a光的饱和电流大D若两光均由氢原子能级跃迁产生，产生a光的能级能量差大38解析：选 D双缝干涉中相邻两个亮条纹或暗条纹的中心间距xld，同一双缝干涉装置中l、d相同，故a光的波长比b光的波长短，在同种均匀介质中，a光的折射率比b光的大，由vcn知，a光的传播速度比b光的小，选项 A 错误；由 sinC1n知，从同种介质射入真空发生全反射时，a光的临界角小，选项 B 错误；当光照射在金属板上发生光电效应时，产生的饱和电流的大小与光的强度有关，光的强度未知，选项 C 错误；氢原子能级跃迁时的能量差Eh，产生的光频率越大，对应的能级能量差越大，选项 D 正确。2以下说法中正确的是()A对于同一障碍物，波长越大的光波越容易绕过去B白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的一种干涉现象C红光由空气进入水中，波长变长、颜色不变D用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉E不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的解析： 选 ADE波长越长的光越容易发生衍射现象， 故越容易绕过障碍物， 所以 A 正确；白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的一种折射现象， 所以 B 错误； 红光由空气进入水中，频率不变，故颜色不变，传播速度减小，故波长变短，所以 C 错误；用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉，即薄膜干涉，所以 D 正确；根据狭义相对性原理，不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的，故 E 正确。3(2016全国卷)关于电磁波，下列说法正确的是()A电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波C电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直D利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输E电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失解析：选 ABC电磁波在真空中的传播速度等于光速，与电磁波的频率无关，选项 A 正确； 周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波，选项 B 正确；电磁波传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直，选项 C 正确；电磁波可以通过光缆传输，选项 D 错误；电磁波波源的电磁振荡停止， 波源不再产生新的电磁波， 但空间中已产生的电磁波仍可继续传播，选项 E 错误。4下列说法正确的是()A摆钟偏快时可缩短摆长进行校准B火车鸣笛向我们驶来时，我们听到的笛声频率将比声源发出的频率高C拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度39D地面附近有一高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到的火箭长度要比火箭上的人观察到的短一些E光从水中射入玻璃中，发现光线偏向法线，则光在玻璃中传播速度一定小于在水中的传播速度解析：选 BDE摆钟偏快，说明周期偏小，要让周期变大，则可将摆长调长进行校准，选项 A 错误；根据多普勒效应，火车向我们驶来的时候，听到的频率高于声源发出的频率，选项 B 正确；加偏振片的目的是减弱橱窗玻璃的反射光，选项 C 错误；对一高速水平飞过的火箭，地面上的人观察到火箭沿着速度方向的长度比火箭上的人观察到的短一些，选项 D正确；光从水中射入玻璃中，发现光线偏向法线，则玻璃的折射率大，根据公式vcn可知，光在玻璃中传播速度一定小于在水中的传播速度，选项 E 正确。5(2017贵阳一中月考)下列说法正确的是()A如果振源停止振动，在介质中传播的波立即消失B用单色平行光照射单缝，缝宽不变，光的波长越长，衍射现象越显著C太阳光经过偏振片后，光强度减弱，且和医院“B 超”中的超声波传播速度相同D麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是：变化的电场产生磁场和变化的磁场产生电场E如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发出的波长长，这说明该星系正在远离我们而去解析：选 BDE振源停止振动时，由于惯性，其他振动质点并不立即停止振动，所以在介质中传播的波并不立即停止， 故 A 错误； 单色平行光照射单缝， 缝宽不变， 光的波长越长，则衍射现象越显著， 故 B 正确； 太阳光中的可见光是电磁波的一种， 电磁波的速度等于光速，医院“B 超”中的超声波属于机械波，传播速度不同，故 C 错误；由麦克斯韦的电磁理论，变化的电场产生磁场，同样，变化的磁场产生电场，故 D 正确；如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发出的波长长，则由cf，知接收的频率变小，根据多普勒效应，可知该星系正在远离我们而去，故 E 正确。全能备考1机械波和光波都能发生干涉、衍射、多普勒效应等现象，是波特有的现象。偏振现象是横波的特有现象。要观察到稳定的干涉现象和明显的衍射现象需要一定的条件。2机械波的干涉图样中，实线和实线的交点、虚线和虚线的交点及其连线为振动加强处；实线和虚线的交点及其连线处为振动减弱处。振动加强点有时位移也为零，只是振幅为两列波的振幅之和，显得振动剧烈。3光的双缝干涉条纹间距xld40(1)l、d相同时，x，可见光中的红光条纹间距最大，紫光最小。(2)间隔均匀，亮度均匀，中央为亮条纹。(3)如用白光做实验，中间为白色，两边为由紫到红的彩色。4光的干涉现象：薄膜干涉(油膜、空气膜、增透膜、牛顿环)；光的衍射现象：圆孔衍射、泊松亮斑。5狭义相对论的重要结论(1)在任何惯性系中观察光速均为c。(2)相对观测者运动的物体长度变短。(3)相对观测者运动的时钟变慢。专题强训提能1(1)一振动周期为T，位于x0 处的波源从平衡位置开始沿y轴正方向做简谐运动，该波源产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为v，关于在x3vT2处的质点P，下列说法正确的是_。A质点P振动周期为T，速度的最大值为vB若某时刻质点P的速度方向沿y轴负方向，则该时刻波源速度方向沿y轴正方向C质点P开始振动的方向沿y轴正方向D当P开始振动后，若某时刻波源在波峰，则质点P一定在波谷E当P开始振动后，若某时刻波源在波谷，则质点P也一定在波谷(2)如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面。求：()该材料对此平行光束的折射率；()这些直接到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条？解析：(1)质点P振动周期与波源振动周期相同，也为T，但其振动速度与波速不同，故 A 错误。x3vT232，P与波源是反相点，若某时刻质点P的速度方向沿y轴负方向，则该时刻波源速度方向沿y轴正方向，故 B 正确。根据波的特点：简谐波传播过程中，质点的起振方向都与波源的起振方向相同，故质点P开始振动的方向沿y轴正方向，故 C 正确。P与波源是反相点，故若某时刻波源在波峰，则质点P一定在波谷，故 D 正确，E 错误。(2)()由于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性和几何知识可得，光线进入AB面时的入射角和折射角分别为：60，4130则材料的折射率为nsinsin 3。()如图O为BC中点，紧靠B点从BC面射出的光线与直线AO交于D，由图可知：当光屏放在D点右侧时，根据对称性，光屏上形成两条光斑。由几何关系有ODa2tan36a所以当光屏到BC距离d超过36a时，光斑分为两条。答案：(1)BCD(2)() 3()d36a2(2018 届高三青岛八校联考)(1)关于波的现象，下列说法正确的有_。A当波从一种介质进入另一种介质时，频率不会发生变化B光波从空气中进入水中后，更容易发生衍射C波源沿直线匀速靠近一静止接收者，则接收者接收到波信号的频率会比波源频率低D不论机械波、电磁波，都满足vf，式中三个参量依次为波速、波长、频率E电磁波具有偏振现象(2)如图所示，AOB是由某种透明物质制成的14圆柱体横截面(O为圆心)， 折射率为 2， 今有一束平行光以 45的入射角射向柱体的OA平面，这些光线中有一部分不能从柱体的AB面上射出，设凡射到OB面的光线全部被吸收，不考虑OA面的反射，求圆柱体AB面上能射出光线的部分占AB表面的几分之几。解析：(1)波在传播过程中波速和波长会变化，始终不变的量是频率，A 正确；光从空气中进入水中后，波长减小，更不容易发生衍射，B 错误；根据多普勒效应可知，当波源与接收者之间的相对距离减小时，接收者接收到波信号的频率升高，C 错误；公式vf适用任何波，D 正确；电磁波是横波，横波具有偏振现象，E 正确。(2)从O点射入的光线，设折射角为，根据折射定律，有：nsin 45sin，解得：30设从某位置P点入射的光线，折射到AB弧面上的Q点时，在Q点的入射角恰等于临界角C，有：sinC1n42代入数据得：C45PQO中，18090C15所以能射出光线区域对应的圆心角9045能射出光线的部分占AB面的比例为459012。答案：(1)ADE(2)123.(1)某同学利用平行玻璃砖测量玻璃的折射率，按插针法步骤正确操作， 借助刻度尺完成了光路图。 该同学有圆规， 却没有量角器，他就以O点为圆心，15.00 cm 为半径画圆，分别交入射光线于A点，交直线OO的延长线于C点， 分别过A、C点作法线NN的垂线交NN于B、D点，如图所示。用刻度尺测得AB9.00 cm，CD6.00 cm，则玻璃的折射率n_(请用已知线段表示)，代入数据求得n_。若玻璃砖前后两面并不平行， 按正确实验操作， 则他测出的折射率_(填“会”或“不会”)受到影响。(2)如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，图中的实线和虚线分别是该波在t0.02 s 和t0.08 s 时刻的波形图。()在t0.02 s 时，求x0.9 m 处质点的振动方向及该波的最大周期；()若波传播的周期为T，且 8Tt9T，求该波传播的波速大小。解析：(1)由题图可得 sinAOBABOA，sinDOCCDOC，OAOC，根据折射定律得nsinAOBsinDOCABCD9.006.001.5。由于在确定玻璃中的折射光线的位置时与前后两面是否平行无关，所以只要操作正确，折射率的测量就不会受玻璃砖的形状的影响。(2)()该波沿x轴正方向传播，根据前一质点带动后一质点振动的原理，t0.02 s时，x0.9 m 处的质点向y轴负方向振动。由题意有34Tmaxtt解得Tmax0.08 s。()若 8Tt9T，则依题意有tt634T43解得T0.089s由题图可知该波的波长1.2 m，则波速vT135 m/s。答案：(1)ABCD1.5不会(2)()沿y轴负方向0.08 s()135 m/s4(2017全国卷)(1)如图(a)，在xy平面内有两个沿z方向做简谐振动的点波源S1(0,4)和S2(0， 2)。 两波源的振动图线分别如图(b)和图(c)所示。 两列波的波速均为 1.00m/s。两列波从波源传播到点A(8，2)的路程差为_ m，两列波引起的点B(4,1)处质点的振动相互_(填“加强”或“减弱”)，点C(0,0.5)处质点的振动相互_(填“加强”或“减弱”)。(2)如图，一玻璃工件的上半部是半径为R的半球体，O点为球心；下半部是半径为R、高为 2R的圆柱体，圆柱体底面镀有反射膜。有一平行于中心轴OC的光线从半球面射入，该光线与OC之间的距离为 0.6R。已知最后从半球面射出的光线恰好与入射光线平行(不考虑多次反射)。求该玻璃的折射率。解析： (1)点波源S1(0,4)的振动形式传播到点A(8， 2)的路程为L110 m， 点波源S2(0，2)的振动形式传播到点A(8，2)的路程为L28 m，两列波从波源传播到点A(8，2)的路程差为LL1L22 m。由于两列波的波源到点B(4,1)的路程相等，路程差为零，且t0 时两列波的波源的振动方向相反，所以两列波到达点B时振动方向相反，引起点B处质点的振动相互减弱；由振动图线可知，波动周期为T2 s，波长vT2 m。由于两列波的波源到点C(0,0.5)的路程分别为 3.5 m 和 2.5 m，路程差为 1 m，而t0 时两列波的波源的振动方向相反， 所以两列波到达点C时振动方向相同， 引起点C处质点的振动相互加强。(2)如图， 根据光路的对称性和光路可逆性， 与入射光线相对于OC轴对称的出射光线一定与入射光线平行。这样，从半球面射入的折射光线，将从圆柱体底面中心C点反射。设光线在半球面的入射角为i，折射角为r。由折射定律有44sininsinr由正弦定理有sinr2RsinirR由几何关系，入射点的法线与OC的夹角为i。由题设条件和几何关系有siniLR式中L是入射光线与OC的距离。由式和题给数据得sinr6205由式和题给数据得n 2.051.43。答案：(1)2减弱加强(2)1.435(2017全国卷)(1)如图，一列简谐横波沿x轴正方向传播，实线为t0 时的波形图，虚线为t0.5 s 时的波形图。已知该简谐波的周期大于 0.5 s。关于该简谐波，下列说法正确的是_。A波长为 2 mB波速为 6 m/sC频率为 1.5 HzDt1 s 时，x1 m 处的质点处于波峰Et2 s 时，x2 m 处的质点经过平衡位置(2)如图，一半径为R的玻璃半球，O点是半球的球心，虚线OO表示光轴(过球心O与半球底面垂直的直线)。已知玻璃的折射率为 1.5。现有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光线能从球面射出(不考虑被半球的内表面反射后的光线)。求()从球面射出的光线对应的入射光线与光轴距离的最大值；()距光轴R3的入射光线经球面折射后与光轴的交点到O点的距离。解析：(1)由图像可知简谐横波的波长为4 m，A 项错误；波沿x轴正向传播，t0.5 s34T，可得周期T23s、频率f1T1.5 Hz，波速vT6 m/s，B、C 项正确；t450 时刻，x1 m 处的质点在波峰，经过 1 s32T，一定在波谷，D 项错误；t0 时刻，x2 m 处的质点在平衡位置，经过 2 s3T，质点一定经过平衡位置，E 项正确。(2)()如图，从底面上A处射入的光线，在球面上发生折射时的入射角为i，当i等于全反射临界角ic时，对应入射光线到光轴的距离最大，设最大距离为l。iic设n是玻璃的折射率，由全反射临界角的定义有nsinic1由几何关系有sinilR联立式并利用题给条件，得l23R。()设与光轴相距R3的光线在球面B点发生折射时的入射角和折射角分别为i1和r1，由折射定律有nsini1sinr1设折射光线与光轴的交点为C，在OBC中，由正弦定理有sinCRsin180r1OC由几何关系有Cr1i1sini113联立式及题给条件得OC32 2 35R2.74R。答案：(1)BCE(2)()23R()2.74R教师备选题1.(2015全国卷)(1)如图，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为，经折射后射出a、b两束光线。则_。A在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度46B在真空中，a光的波长小于b光的波长C玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率D若改变光束的入射方向使角逐渐变大，则折射光线a首先消失E分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距(2)平衡位置位于原点O的波源发出的简谐横波在均匀介质中沿水平x轴传播，P、Q为x轴上的两个点(均位于x轴正向)，P与O的距离为 35 cm，此距离介于一倍波长与二倍波长之间。已知波源自t0 时由平衡位置开始向上振动，周期T1 s，振幅A5 cm。当波传到P点时，波源恰好处于波峰位置；此后再经过 5 s，平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置。求：()P、Q间的距离；()从t0 开始到平衡位置在Q处的质点第一次处于波峰位置时，波源在振动过程中通过的路程。解析：(1)通过光路图可看出，折射后a光的偏折程度大于b光的偏折程度，玻璃砖对a光的折射率大于对b光的折射率，选项 C 错误。a光的频率大于b光的频率，波长小于b光的波长，选项 B 正确。由ncv知，在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度，选项A 正确。入射角增大时，折射率大的光线首先发生全反射，a光首先消失，选项 D 正确。做双缝干涉实验时，根据xLd得a光的干涉条纹间距小于b光的干涉条纹间距，选项 E错误。(2)()由题意，O、P两点间的距离与波长之间满足OP54波速v与波长的关系为vT在t5 s 的时间间隔内，波传播的路程为vt。由题意有vtPQ4式中，PQ为P、Q间的距离。由式和题给数据，得PQ133 cm。()Q处的质点第一次处于波峰位置时，波源运动的时间为t1t54T47波源从平衡位置开始运动，每经过T4，波源运动的路程为A。由题给条件得t125T4故t1时间内，波源运动的路程为s25A125 cm。答案：(1)ABD(2)()133 cm()125 cm2(1)下列说法中正确的是_。A遥控器发出的红外线脉冲信号可以用来遥控电视机、录像机和空调机B观察者相对于振动频率一定的声源运动时，接收到声波的频率小于声源频率C狭义相对论认为真空中光源的运动会影响光的传播速度D光的偏振现象说明光是一种横波E两列频率相同的机械波相遇时，在相遇区可能会出现稳定干涉现象(2)一列简谐横波沿x轴正方向传播，某时刻的波形图如图所示，从该时刻开始计时。()若质点P(坐标为x3.2 m)经 0.4 s 第一次回到初始位置，求该机械波的波速和周期；()若质点Q(坐标为x5 m)在 0.5 s 内通过的路程为(105 2)cm，求该机械波的波速和周期。解析：(1)遥控器是利用其所发出的红外线脉冲信号来遥控电视机、录像机和空调机的，A 正确；声源与观察者相互靠近时，观察者接收到的频率大于声源频率，B 错误；狭义相对论的基本假设是：在不同的惯性参考系中真空中的光速是不变的； 在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是等价的，C 错误；偏振是横波的特有现象，光的偏振现象说明光是一种横波，D 正确；只有频率相同的两列机械波相遇，才能出现稳定干涉现象，E 正确。(2)()由于波向右传播，当P点经 0.4 s 第一次回到初始位置，一定是x0 处的振动状态传播到P点，则该机械波波速为：vxt3.200.4m/s8 m/s由波形图可知，波长8 m则Tv88s1 s。()由波动图像可知，此时Q点的纵坐标为y522 cm，当其通过的路程为(105 2)cm 时，一定是x1 m 处的质点振动状态传播到Q点，则该机械波波速为：48vxt510.5m/s12 m/s则Tv812s23s。答案：(1)ADE(2)()8 m/s1 s()12 m/s23s3(2018 届高三衡水中学调研)(1)一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是波传播到x5 m 的M点的波形图，图乙是质点N(x3 m)从此时刻开始计时的振动图像，Q是位于x10 m 处的质点。下列说法正确的是_。A这列波的波长是 4 mB这列波的传播速度是 1.25 m/sCM点以后的各质点开始振动时的方向都沿y方向D质点Q经过 8 s 时，第一次到达波峰E在 016 s 内，质点Q经过的路程为 11 m(2)如图丙所示，MN为竖直放置的光屏，光屏的左侧有半径为R、折射率为 3的透明半球体，O为球心，轴线OA垂直于光屏，O至光屏的距离OA3 32R。一细束单色光垂直射向半球体的平面，在平面的入射点为B，OB12R，求：()光线从透明半球体射出时，出射光线偏离原方向的角度。()光线在光屏上形成的光斑到A点的距离。解析：(1)由题图知，该波的波长为 4 m，周期为 4 s，因此波速vT1 m/s，故 A正确，B 错误；由于波沿x正方向传播，由同侧法知M点的起振方向沿y轴的负方向，根据各质点的起振方向一致知，M点以后的各质点开始振动时的方向都沿y轴的负方向， C 正确；质点Q第一次到达波峰所需的时间tsv1021s8 s，D 正确；由于经过 5 s，Q才开始振动，再经过 11 s，质点O经过的路程为x11 sT4A1.1 m，E 错误。(2)()如图所示，由折射定律，有nsinsini 349其中i30，解得60所以出射光线偏离原方向603030。()由几何知识，有CDR，OD 3R所以AD32R，所以AEADtanR2。答案：(1)ACD(2)()30()R24(2017全国卷)(1)在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样。若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是_。A改用红色激光B改用蓝色激光C减小双缝间距D将屏幕向远离双缝的位置移动E将光源向远离双缝的位置移动(2)一直桶状容器的高为 2l， 底面是边长为l的正方形； 容器内装满某种透明液体，过容器中心轴DD、垂直于左右两侧面的剖面图如图所示。容器右侧内壁涂有反光材料，其他内壁涂有吸光材料。在剖面的左下角处有一点光源，已知由液体上表面的D点射出的两束光线相互垂直，求该液体的折射率。解析：(1)由xld可知，改用波长更长的激光照射在双缝上，相邻亮条纹的间距x增大，A 项正确，B 项错误；减小双缝间距d，相邻亮条纹的间距x增大，C 项正确；将屏幕向远离双缝的位置移动，增大了屏幕与双缝的距离l，相邻亮条纹的间距x增大，D 项正确；相邻亮条纹的间距与光源到双缝的距离无关，E 项错误。(2)设从光源发出直接射到D点的光线的入射角为i1，折射角为r1。在剖面内作光源相对于反光壁的镜像对称点C，连接C、D，交反光壁于E点，由光源射向E点的光线，反射后沿ED射向D点。光线在D点的入射角为i2，折射角为r2，如图所示。设液体的折射率为n，由折射定律有nsini1sinr1nsini2sinr2由题意知50r1r290联立式得n21sin2i1sin2i2由几何关系可知sini1l24l2l24117sini232l4l29l2435联立式得n1.55。答案：(1)ACD(2)1.55考前仿真押题练(一)(限时：60 分钟满分：110 分)一、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 15 题只有一项符合题目要求，第 68 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得 0 分)1在物理学发展史上，许多科学家通过恰当地运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果。下列表述符合物理学史事实的是()A牛顿由斜面实验通过逻辑推理得出了自由落体运动的规律B库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系研究C法拉第发现载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系D安培用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究解析：选 B伽利略通过斜面实验发现了自由落体运动的规律，故 A 项错；库仑利用库仑扭秤实验实现了对电荷间的作用力与电荷量的关系的研究， 故 B 项正确； 奥斯特发现了载流导线对小磁针的作用，揭示了电现象与磁现象之间存在的联系，故 C 项错； 电场线和磁感线都是法拉第引入的，故 D 项错。2.甲、乙两辆汽车在一条平直的单行道上同向行驶，乙在前，甲在后。t0 时刻，两车同时刹车，结果发生了碰撞。如图所示为51两车刹车后不会相撞的vt图像，下列说法正确的是()A两车刹车时的距离一定小于 90 mB两车刹车时的距离一定等于 112.5 mC两车一定是在t20 s 之前的某时刻发生相撞的D两车一定是在t20 s 之后的某时刻发生相撞的解析： 选 C当两车速度相同时相距最小， 由vt图像可知最小距离为12(2515)20m100 m，由于两车相撞，所以刹车时的距离小于 100 m，故 A、B 项错误；两车速度相同时相距最小，若此时不相撞那以后也不会相撞，所以两车一定是在 20 s 之前的某时刻发生相撞的，故 C 项正确，D 项错误。3.如图所示，质量为m的小球用细线拴住放在光滑斜面上，斜面足够长，倾角为的斜面体置于光滑水平面上，用水平力F推斜面体使斜面体缓慢地向左移动，小球沿斜面缓慢升高。当线拉力最小时，推力F等于()AmgsinB.12mgsinCmgsin 2D.12mgsin 2解析：选 D隔离小球受力分析，画出受力动态矢量图，如图所示。当细线与斜面平行时，细线拉力最小，对小球和斜面体整体分析受力，在水平面内由平衡条件可得：FFTcosmgsincos12mgsin2，D 项正确。4为了实现人类登陆火星的梦想，我国宇航员王跃和俄罗斯宇航员一起进行了“模拟登火星”的实验活动， 假设火星半径与地球半径之比为 1 2， 火星质量与地球质量之比为 19。已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，忽略自转的影响，则()A火星表面与地球表面的重力加速度之比为 29B火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为 23C火星的密度为g3GRD若王跃以相同初速度在火星表面与地球表面能竖直跳起的最大高度之比为 92解析：选 B由GMmR2mg可得：gGMR2，由于火星半径与地球半径之比为 12，火星质量与地球质量之比为 19，则火星表面的重力加速度是地球表面重力加速度的49，即为49g，52故 A 项错； 由GMmR2mv2R得：vGMR， 则火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的23倍，故 B 项正确； 设火星质量为M， 由万有引力等于重力可得：GMmR2mg， 解得：MgR29G，密度为：MV2g3GR，故 C 项错；王跃以v0在地球上起跳时，根据竖直上抛的运动规律可知跳起的最大高度是：hv022g，由于火星表面的重力加速度是49g，王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度h94h，故 D 项错。5.如图，水平桌面上固定有一半径为R的光滑金属细圆环，环面水平，圆环总电阻为r； 空间有一匀强磁场， 磁感应强度大小为B， 方向竖直向下；一长度为 2R、电阻可忽略的导体棒AC置于圆环左侧并与环相切，切点为棒的中点。 一拉力作用于棒中点使其以恒定加速度a从静止开始向右运动，运动过程中棒与圆环接触良好。下列说法正确的是()A棒运动过程中产生的感应电流在棒中由A流向CB棒通过整个圆环所用的时间为2RaC棒经过环心时流过棒的电流为4BR2aRrD棒经过环心时所受安培力的大小为16B2R22aRr解析：选 D导体棒AC切割磁感线产生的感应电流的方向由右手定则可知由C流向A，故 A 项错；由于棒以恒定加速度a从静止开始向右运动，则有 2R12at2，解得t2Ra，故 B 项错；棒经过环心时的速度v 2aR，有效切割长度L2R，回路中总电阻Rr4，由IUR及UBLv，得此时棒中的电流为8BR2aRr，故 C 项错；棒经过环心时所受安培力的大小FBIL16B2R22aRr，故 D 项正确。6如图所示的阴极射线管，无偏转电场时，电子束加速后打到荧屏中央形成亮斑。如果只逐渐增大M1、M2之间的电势差，则()53A在荧屏上的亮斑向上移动B在荧屏上的亮斑向下移动C偏转电场对电子做的功增大D偏转电场的电场强度减小解析：选 AC由于电子带负电，在偏转电场中受到电场力的作用向正极板偏转，故 A项正确误，B 项错误；电子在偏转电场中向正极板偏转的过程中，电场力做正功，且随着偏转电压的增大电场力做功增大，故 C 项正确，D 项错误。7.无限长通电直导线在周围某一点产生的磁场的磁感应强度B的大小与电流成正比，与导线到这一点的距离成反比，即BkIr(式中k为常数)。如图所示，两根相距L的无限长直导线分别通有电流I和 3I。在两根导线的连线上有a、b两点，a点为两根直导线连线的中点，b点距导线I的距离为L。下列说法正确的是()Aa点和b点的磁感应强度方向相同Ba点和b点的磁感应强度方向相反Ca点和b点的磁感应强度大小之比为 81Da点和b点的磁感应强度大小之比为 161解析： 选 ADa点与b点的磁感应强度应为两条通电直导线分别在两点产生磁场的磁感应强度的合成，由安培定则及公式BkIr可得，Ba8kIL，方向竖直向下，BbkI2L，方向竖直向下，所以a点与b点的磁感应强度大小之比为 161，综上可知，A、D 项正确。8.如图所示， 边长为L、 匝数为N， 电阻不计的正方形线圈abcd在磁感应强度为B的匀强磁场中绕转轴OO转动，轴OO垂直于磁感线，在线圈外接一含有理想变压器的电路，变压器原、副线圈的匝数分别为n1和n2。保持线圈以恒定角速度转动，下列判断正确的是()A在图示位置时线框中磁通量为零，感应电动势最大B当可变电阻R的滑片P向上滑动时，电压表 V2的示数变大C电压表 V1示数等于NBL2D变压器的输入与输出功率之比为 11解析：选 AD在题图所示位置时线圈与磁感线平行，线框中磁通量为零，感应电动势最大，故 A 项正确；此时感应电动势的最大值为NBL2，有效值为NBL22，即电压表 V1示数等于NBL22，故 C 项错；当可变电阻R的滑片P向上滑动时，R的有效阻值增大，但由于副54线圈的电压不变，内阻不计，所以电压表 V2的示数不变，故 C 项错；由于变压器是理想的，所以输入与输出功率之比为 11，故 D 项正确。二、非选择题(共 47 分)9(6 分)某同学用探究动能定理的装置测滑块的质量M。如图甲所示，在水平气垫导轨上靠近定滑轮处固定一个光电门。 让一带有遮光片的滑块自某一位置由静止释放， 计时器可以显示出遮光片通过光电门的时间t(t非常小)，同时用米尺测出释放点到光电门的距离s。(1)该同学用螺旋测微器测出遮光片的宽度d，如图乙所示，则d_ mm。(2)实验中多次改变释放点，测出多组数据，描点连线，做出的图像为一条倾斜直线，如图丙所示。图像的纵坐标s表示释放点到光电门的距离，则横坐标表示的是_。AtBt2C.1tD.1t2(3)已知钩码的质量为m，图丙中图线的斜率为k，重力加速度为g。根据实验测得的数据，写出滑块质量的表达式M_。(用字母表示)解析： (1)螺旋测微器的固定刻度读数为 1.5 mm， 可动刻度读数为 0.0138.0 mm0.380mm，则最终读数为 1.880 mm。(2)滑块通过光电门的瞬时速度vdt，根据动能定理得，mgs12(Mm)v212(Mm)d2t2，则sMmd22mg1t2，因为图线为线性关系图线，可知横坐标表示1t2。故选 D。(3)由sMmd22mg1t2知，图线的斜率kMmd22mg，解得滑块质量M2kmgd2m。答案：(1)1.880(2)D(3)2kmgd2m10(9 分)物理实验小组的同学们拆下一报废摩托车的指示灯 L1(12 V,3 W)和转向灯L2(12 V,24 W)、L3(12 V,24 W)，并进行研究。(1)某同学将欧姆表的选择开关调至“1”挡，测指示灯 L1的电阻，指针指示如图甲所示，可知指示灯的电阻为_ 。55(2)根据指示灯的参数，可计算指示灯的电阻RU2P48 。计算结果与(1)中的测量结果相差比较大， 请分析原因： _。(3)实验小组的同学想描绘出转向灯 L2的伏安特性曲线，现给出器材：蓄电池E(电动势为 12 V，内阻不计)；电流表 A(量程 0.6 A，内阻约为 1 ；量程 3.0 A，内阻约为 0.2 );电压表 V(量程 3.0 V，内阻约为 30 k；量程 15 V，内阻约为 60 k)；滑动变阻器R(015 )；开关、导线若干。如图乙所示是已连好的部分电路。请用笔画线代替导线，将实物电路图补充完整。解析：(1)由图可知，指针示数为 30，挡位为1 挡，故读数为：301 30 。(2)由题意可知，灯泡电阻在工作时较大，原因是指示灯正常工作时，温度比较高，金属丝的电阻率大，故电阻要比不工作时大得多。(3)要描绘小灯泡的伏安特性曲线应采用滑动变阻器分压接法；灯泡的额定电压为 12 V，则电压表量程应选择 15 V 量程；由于转向灯 L2的电阻RU2P6 ，RRA60.230;RVR60 000610 000; 因此RRARVR；故说明应采用电流表外接法；故连接的实物图如图所示。答案：(1)30(2)指示灯正常工作时，温度比较高，金属丝的电阻率大，故电阻要比不工作时大得多(3)见解析图11.(12 分)光滑矩形斜面GHNM的倾角为， 在其上放置一矩形金属线框ABCD，AB边的边长为l1，BC边的边长为l2，线框的电阻为R，质量为m，斜面上矩形OPHG区域内存在匀强磁场，方向垂直于斜面向上，磁感应强度为B0，如果线框在恒力F作用下从静止开始运动(开始时刻，CD与NM重合)，已知线框进入磁场最初一段时间是匀速的，且线框的AB边始终平行于MN，重力加速度为g，求：(1)线框进入磁场前的加速度大小；(2)线框进入磁场时匀速运动的速度大小；56(3)线框进入磁场过程中产生的焦耳热。解析：(1)对进入磁场前的线框受力分析，根据牛顿第二定律得Fmgsinma解得线框进入磁场前的加速度大小aFmgsinm。(2)由题意知，线框进入磁场最初一段时间内的合力为零，则FmgsinB02l12vR解得线框进入磁场时匀速运动的速度大小为vFmgsinRB02l12。(3)线框进入磁场过程中产生的焦耳热QI2RtB0l1vR2Rl2v(Fmgsin)l2。答案：(1)Fmgsinm(2)FmgsinRB02l12(3)(Fmgsin)l212 (20 分)如图甲所示， 一电动遥控小车停在水平地面上， 水平车板离地高度为h0.2m，小车质量M3 kg，质量m1 kg 的小物块(可视为质点)静置于车板上某处A，物块与车板间的动摩擦因数0.1。现使小车由静止开始向右行驶，当运动时间t11.6 s 时物块从车板上滑落。 已知小车的速度v随时间t变化的规律如图乙所示， 小车受到地面的摩擦阻力是小车对地面压力的110，不计空气阻力，取重力加速度g10 m/s2。求：(1)物块从离开车尾B到落地过程所用的时间t以及物块滑落前受到的滑动摩擦力的功率最大值P；(2)物块落地时落地点到车尾B的水平距离s0；(3)02 s 时间内小车的牵引力做的功W。解析：(1)物块从车板上滑落后做平抛运动，则有h12g(t)2得t2hg0.2 s57物块滑落前受到的滑动摩擦力大小fmg1 N根据牛顿第二定律得物块的加速度大小a1fm1 m/s2当运动时间t11.6 s 时物块的速度v1a1t1得v11.6 m/s由于v12 m/s，所以物块在车板上受到滑动摩擦力而一直加速，物块滑落前受到的滑动摩擦力的功率最大值Pfv1得P1.6 W。(2)物块滑落后前进的距离s1v1t由题图乙得t1.6 s 时小车的速率v22 m/s物块滑落后小车前进的距离sv2t落地点到车尾B的水平距离s0ss1得s00.08 m。(3)01 s 时间内，由题图乙得小车的加速度大小为a221m/s22 m/s2根据牛顿第二定律得F1fk(Mm)gMa2，其中k110解得F111 N小车的位移大小s21221 m1 m11.6 s 时间内，牵引力F2k(Mm)gf5 N由题图乙得小车的位移大小s220.6 m1.2 m162 s 时间内，牵引力F3kMg3 N由题图乙得小车的位移大小s220.4 m0.8 m02 s 时间内小车的牵引力做的功为WF1s2F2s2F3s219.4 J。答案：(1)0.2 s1.6 W(2)0.08 m(3)19.4 J三、 选考题(共 15 分， 请从给出的 2 道题中任选一题作答， 多答则按所答的第一题评分)58物理选修 33(15 分)13(1)(5 分) 下列说法正确的是_。A液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大B当分子间的距离减小时，分子间作用力的合力也减小，分子势能增大C布朗运动就是液体分子的无规则运动D热量可以从低温物体传到高温物体E一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热(2)(10 分)如图所示，用一个绝热活塞将绝热容器平均分成A、B两部分，用控制阀 K 固定活塞，开始时A、B两部分气体的温度都是20 ，压强都是 1.0105Pa，保持A体积不变，给电热丝通电，使气体A的温度升高到 60 ，求：()气体A的压强是多少？()保持气体A的温度不变，拔出控制阀 K，活塞将向右移动压缩气体B，平衡后气体B的体积被压缩 0.05 倍，气体B的温度是多少？解析：(1)表面张力产生的原因是由于表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大，故 A 正确；当分子间的距离减小时，分子间作用力可能先增大后减小，故 B 错误；布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子热运动的体现，故 C 错误；热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体，如电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体，故 D 正确；一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，由pVTC可知温度升高，则内能增加，根据热力学第一定律得知气体一定吸热，故 E 正确；故选 A、D、E。(2)()对A部分气体，在加热的过程中发生等容变化，根据查理定律可得：p0T0p1T1解得：p1p0T1T01.010527360273201.14105Pa。()拔出控制阀 K，活塞将向右移动压缩气体B。平衡后，气体A发生等温变化，根据玻意耳定律有：p1Vp2(V0.05V)气体B的压缩过程，根据理想气体状态方程有：p0VT0p2V0.05VT2根据活塞受力平衡有p2p2代入数据联立解得：T2302.2 K，即t2T227329.2 。59答案：(1)ADE(2)()1.14105Pa()29.2 物理选修 34(15 分)14 (1)(5 分) 一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t0 时刻的波形如图所示， 质点P的x坐标为 3 m。已知任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间间隔为 0.4 s。下列说法正确的是_。A波速为 1 m/sB波的频率为 1.25 HzCx坐标为 15 m 的质点在t0.6 s 时恰好位于波峰Dx坐标为 22 m 的质点在t0.2 s 时恰好位于波峰E当质点P位于波峰时，x坐标为 17 m 的质点恰好位于波谷(2)(10 分)如图所示，一束截面为圆形(半径R1 m)的平行紫光垂直射向一半径也为R的玻璃半球的平面，经折射后在屏幕S上形成一个圆形亮区。屏幕S至球心距离为D( 21)m，不考虑光的干涉和衍射，试问：()若玻璃半球对紫色光的折射率为n 2，请你求出圆形亮区的半径；()若将题干中紫光改为白光，在屏幕S上形成的圆形亮区的边缘是什么颜色？解析：(1)任意振动质点连续 2 次经过平衡位置的时间间隔为 0.4 s，则该波的周期为T20.4 s0.8 s。由题图可知，该波的波长是4 m，所以波速：vT40.8s5 m/s，故 A 错误；该波的周期是T0.8 s，则频率：f1T10.8Hz1.25 Hz，故 B 正确；x坐标为 15 m 的质点到P点的距离为：x115 m3 m12 m3，所以x坐标为 15 m 的质点与P点的振动情况始终相同。P质点经过t0.6 s34T时间恰好经过平衡位置，所以x坐标为 15 m 的质点在t0.6 s 时恰好位于平衡位置，故 C 错误；x坐标为 22 m 的质点到x2 质点的距离为：x222 m2 m20 m5，所以x坐标为 22 m 的质点与x2 m 的质点的振动始终相同。t0 时刻x2 m 的质点向上振动，经过t0.2 s14T时间恰好到达波峰，所以x坐标为 22 m 的质点在t0.2 s 时恰好位于波峰位置，故 D 正确；x坐标为17 m 的质点到P点的距离为：x317 m3 m14 m312，所以x坐标为 17 m 的质点与P点的振动情况始终相反，当质点P位于波峰时，x坐标为 17 m 的质点恰好位于波谷，故 E正确。故选 B、D、E。60(2)()如图， 紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S上的点E，E点到亮区中心G的距离r就是所求最大半径。设紫光临界角为C，由全反射的知识可知：sinC1n由几何知识可知：ABRsinCRn。OBRcosCRn21nBFABtanCRn n21GFD(OBBF)DnRn21又GEABGFFB所以有：rmGEGFFBABD n21nR，代入数据得：rm1 m。()将题干中紫光改为白光，在屏幕S上形成的圆形亮区的边缘是紫色。因为当平行光从玻璃中射向空气时，由于紫光的折射率最大，临界角最小，所以首先发生全反射，因此出射光线与屏幕的交点最远。故圆形亮区的最外侧是紫光。答案：(1)BDE(2)()1 m()紫光考前仿真押题练(二)(限时：60 分钟满分：110 分)一、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 15 题只有一项符合题目