2018-2019学年高一物理上学期期中试卷（含解析） (VIII).doc

2018-2019学年高一物理上学期期中试卷（含解析） (VIII)一、选择题1.下列说法正确的是A. 拳击手一拳击出,没有击中对方,这时只有施力物体,没有受力物体B. 力离不开受力物体,但可以没有施力物体.例如:向上抛出的小球在上升过程中受到向上的力,但找不到施力物体C. 一个力必定联系着两个物体,其中任意一个物体既是受力物体,又是施力物体D. 只要两个力的大小相等,它们产生的效果一定相同【答案】C【解析】【详解】A.由于力的作用是相互的，施力物体与受力物体是同时存在的，拳击手一拳击出，没有击中对方，表明拳击手对对方没有施力，没有力当然谈不上施力物体和受力物体，故A错误.B、力离不开受力物体，受力物体同时也是施力物体，向上抛出的小球在上升过程中没有受到向上的力，找不到施力物体也就没有受力物体，故B错误C、一个力必定联系着两个物体，其中任意一个物体既是受力物体，又是施力物体，力的产生和存在离不开物体，力是相互作用的，故C正确D、两个力的大小相等，它们产生的效果不一定相同，比如倔强系数不同的弹簧对拉，两弹簧的形变量不同，故D错误.故选：C.【点睛】本题考查了力的概念力的相互作用性，一个物体施力的同时也受到另一个物体的作用力；力的物质性，施力物体同时也是受力物体.2.关于速度和加速度的关系,下列说法正确的是A. 加速度总与速度变化量的方向相同B. 若某时刻物体速度为零,则此刻它的加速度也一定为零C. 若物体加速度越来越大,则其速度一定越来大D. 作直线运动的物体,若加速度与规定的正方向相反,则物体速度一定在变小【答案】A【解析】【详解】A、加速度总与速度变化量的方向相同，故A正确。B、若某时刻物体速度为零,则此刻它的加速度不一定为零，加速度描述的是速度的变化率，与速度无关，故B错误。C、若物体加速度越来越大,则其速度不一定越来越大，当加速度方向与速度方向一致时，速度就增大，反之，速度就减少，故C错误，D错误。D、作直线运动的物体,若速度方向也为负，与加速度方向相同，物体的速度在变大，故D错误。故选：A【点睛】加速度描述的是速度的变化率，加速度与速度、速度的变化没有关系。3.如图所示,物体在水平传送带上随传送带一起同向匀速运动.它受到的力是A. 重力、弹力、静摩擦力B. 重力、弹力C. 重力、弹力、滑动摩擦力D. 重力、滑动摩擦【答案】B【解析】【详解】物体在水平传送带上随传送带一起同向匀速运动，由受力分析可知，物体受重力和皮带的支持力，二力平衡，故A、C、D错误，B正确。故选：B【点睛】假如物体受皮带的摩擦力，物体受力就不平衡，合力不为零，物体就不能做匀速运动。4.如图所示,物体分别与水平面、竖直墙面以及物体B紧密接触,所有接触面均光滑,A、B均静止,则A. 物体A受三个弹力作用B. 物体A受两个弹力作用C. 物体B受两个弹力作用D. 物体A和物体B均只受一个弹力作用【答案】D【解析】解：假设整体受墙壁的弹力，则整体将不能处于静止状态；同理可知，AB均不可能受对方弹力作用；故它们均只受地面的支持力一个弹力；故只有D正确；故选：D【点评】本题考查弹力的产生及判断，要注意掌握整体法以及假设法的正确应用5.如图为某物体的图像,根据图像可知A. 物体在第1s内和第4s内均沿正方向运动B. 物体在第ls内和第4s内加速度相同C. 物体在第5s内的位移与第4s内的位移相同D. 物体在第6s末返回到出发点【答案】B【解析】【详解】A、物体速度图线只要在横轴的上方，物体就沿正方向运动，故A错误。B、物体在第ls内和第4s内速度图线的倾斜程度相同，所以加速度相同，故B正确。C、物体在第5s内的位移与第4s内的位移相同大小相等，方向相反，故C错误。D、物体在第4s末返回到出发点，故D错误。故选：B【点睛】v-t图线与时间轴包围的面积就表示物体在该段时间内的位移，横轴上方面积为正，下方面积为负。6.汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,刹车后的加速度大小为那么开始刹车后2s内与开始刹车后6s内汽车通过的位移之比为A. 1:3 B. 2:3 C. 16:25 D. 16:49【答案】C【解析】【分析】汽车的初速度v0=20m/s,刹车时加速度a=-4m/s2,注意的是汽车速度减为零后不再运动，根据运动学知识求解即可.【详解】汽车刹车到停止的时间：t0=s=5s2s所以2s内的位移：x1=v0t+a=202-(-4)22m=32m而6s5s，5s后汽车停止运动，所以6s内的位移等于5s内的位移x2=v0t+a=205-(-4)52m=50m则：x1：x2=16：25故C正确，A、B、D错误故选：C7.如图所示,用细线将A物体悬挂在顶板上,B物体放在水平地面上A、B间有一劲度系数为100N/m的轻弹簧,此时弹簧伸长了2cm,已知A、B两物体的重力分别是3N和5N，则细线的拉力及B对地面的压力分别是：A. 1N和0N B. 5N和3N C. 5N和7N D. 7N和7N【答案】B【解析】【详解】以A为研究对象进行受力分析，根据共点力平衡条件有：细线的拉力T=GA+kx，代入数据得T=5N；以物体B为研究对象进行受力分析有：FN+kx=GB，代入数据得地面对B的支持力FN=3N，由牛顿第三定律可知，B对地面的压力也为3N，方向竖直向下；故A、C、D错误，B正确。故选：B8.一个从地面上竖直上抛的物体,它两次经过一个较低点A的时间间隔是5s,两次经过一个较高点B的间间隔是3s,则AB之间的距离A. 20m B. 40m C. 80m D. 初速度未知,无法确定【答案】A【解析】【详解】小球做竖直上抛运动，根据运动时间的对称性得到物体从最高点自由下落到A点的时间为tA=2.5s，最高点下落到B点的时间为tB=1.5s，AB间距离为hAB：hAB=g(-)=10（-）m=20m，故B、C、D错误，A正确。故选：A9.如图所示,水平横梁一端B插在墙壁内,另一端装有光滑轻小滑轮C,一轻绳一端A固定于墙壁上,另一端跨过滑轮后悬挂一质量为10kg的重物,ACB=30,则滑轮受到绳子作用力为A. 50N B. N C. 100N D. N【答案】C【解析】【详解】滑轮受到绳子作用力大小等于AC和CD两段轻绳的弹力的合力。同一根轻绳中的弹力大小相等，即TAC=TCD=mg=100N，因为AC和CD两段轻绳成角1200，根据平行四边形定则，滑轮受到绳子作用力大小F=TAC=TCD=100N，方向与水平成300斜向下，故A、B、D错误，C正确。故选：C【点睛】大小相等，互成1200的两个力的合力与分力大小相等。10.在各项体育运动中,有弹力出现的情况比较普遍,如图所示的就是一个实例，下列说法正确的是A. 跳板发生形变,运动员的脚没有发生形变B. 跳板和运动员的脚都发生了形变C. 运动员受到的支持力是跳板发生形变而产生的D. 跳板受到的压力是跳板发生形变而产生的【答案】BC【解析】试题分析：跳板和运动员的脚因为都受到力的作用，所以都要发生形变；运动员受到的支持力是跳板发生形变而产生的，跳板受到的压力是运动员的脚发生形变而产生的。选项BC正确。考点：弹力的产生。11.做匀减速直线运动的物体,它的加速度大小为,初速度大小是,经过时间速度减小到零,则它在这段时间内的位移大小表达正确的是A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【详解】A、由题意，初速度为，加速度大小为a，时间为t，做匀减速直线运动的物体加速度为-a，则匀减速运动的位移为：x=t-，故A错误，B正确C、由题知，物体做匀减速直线运动的初速度为，末速度为0，时间为t，则在时间t内的平均速度为v=，所以这段时间内物体的位移x=vt=，故C正确D、此运动可看出反向的初速度为零的匀加速运动，则x=，故D正确故选：B、C、D12.如图所示,水平地面上固定有两块木板AB、BC两块木板紧挨在一起,木板AB的长度是BC的3倍。一颗小子弹以初速度从A端水平射入木板,运动到C端速度恰好为零,经历的时间为,子弹在木板中的运动可以看成是匀减速直线运动,则下列说法中正确的是A. 子弹到B点的速度为B. 子弹到B点的速度为C. 子弹从A到B的时间D. 子弹从A到B的时间【答案】BD【解析】【详解】子弹以初速度从A端水平射入木板，在木板中的运动可以看成是匀减速直线运动，而且运动到C端速度恰好为零，经历的时间为,木板AB的长度是BC的3倍。逆向思维可以认为子弹从C到A做初速度为零的匀加速运动，由匀变速运动的规律，从开始在连续相等时间内的位移之比为1357，则B是子弹从C到A的中间时刻，子弹到B点的速度就等于这段时间内的平均速度，即子弹到B点的速度为，子弹从A到B的时间就为，故A、C错误，B、D正确。故选：B、D【点睛】解决本题的关键是能灵活运用匀变速直线运动的规律，中间时刻的速度等于这段时间内的平均速度；初速度为零的匀加速运动，从开始在连续相等时间内的位移之比为135713.如图所示,质量为的木块放在质量为M的长木板上,受到向右的拉力F的作用而向右滑行,长木板始终静止在地面上,已知木块与木板间的动摩擦因数为,木板与地面间的动摩擦因数为下列说法正确的是A. 木板受到地面的摩擦力的大小是B. 木板受到地面的摩擦力的大小是C. 木块受到的摩擦力的大小D. 木块受到的摩擦力的大小是【答案】BD【解析】【详解】A、因为长木板保持静止状态，所以水平方向上受到地面的摩擦力的大小跟m对它的滑动摩擦力大小相等为mg，故A错误，B正确。C、木块在拉力F的作用而向右滑行,木块受到的摩擦力的大小是，故C错误，D正确。故选：B、D14.放在水平地面上的物体M上表面有一物体,与M之间有一处于拉长状态的弹簧,整个装置处于静止状态,如图所示,则关于M和受力情况的判断,正确的是A. 受到向左的摩擦力B. M受到对它向左的摩擦力C. 地面对M的摩擦力方向右D. 地面对M不存在摩擦力作用【答案】AD【解析】【详解】A、以m为研究对象，拉伸状态的弹簧对m有向右的弹力，由平衡条件得到，m受到向左的摩擦力；故A正确.B、根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向右的摩擦力；故B错误.C、D、先以整体为研究对象，分析受力如图：根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力。故C错误，D正确；故选AD.【点睛】本题涉及两个物体的平衡问题，灵活选择研究对象进行分析是关键.二、实验题15.某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验,如图是在白纸上根据实验结果画出的图：(1)如果没有操作失误,图乙中的F与两力中,方向一定沿图甲中AO方向的是_；(2)本实验采用的科学方法是_.A.理想实验法 B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法【答案】 (1). (2). B【解析】【详解】(1)图乙中的F是根据力的平行四边形定则作出的F1与F2合力的理论值，而是单独用一个弹簧秤拉橡皮筋结点到的O点，是实际上的合力，的方向一定沿图甲中AO的方向。(2)本实验是验证用平行四边形定则作出F1与F2的合力F=。实验时两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O，这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同，故采用的方法是等效替代法故选：B故答案为：(1)；(2)B【点睛】由平行四边形定则作出的F1与F2的合力F和实际上的合力不可能完全符合，但在误差允许的范围内可以认为F和符合即可。16.某实验小组利用图示的装置探究小车做匀变速直线运动的规律:(1)下列做法中对于提高实验结果精度有利的是_.A.选用尽可能光滑的木板,以减少摩擦阻力B.选用质量尽量小一些的砝码桶,以使小车加速度尽量小C.开始时让小车尽可能远离打点计时器D.细绳保持与木板平行(2)图乙为该小组得到的一条纸带,相邻两个记数点间还有四个点未画出,根据己知数据可计算出小车在C点的运动速度_m/s，运动的加速度a=_ m/s2 (结果均保留三位有效数字)【答案】 (1). D (2). 0.300m/s (3). 0.400m/s2【解析】【详解】(1)在探究小车做匀变速直线运动的规律实验中，只要能使小车做加速运动即可，没必要选用质量尽量小一些的砝码桶，也没必要平衡摩擦力，不需要尽可能光滑的木板,以减少摩擦阻力，故A、B错误；实验时为了充分的利用纸带，释放小车时小车要靠近打点计时器，远离有滑轮的一端，故C错误；细绳保持与木板平行是为了保证小车运动过程中所受合力不变，故D正确。故选：D(2)相邻两个记数点间还有四个点未画出，即相邻两个记数点间的时间T=0.1s，小车在C点的运动速度=m/s=0.300m/s，小车运动的加速度a=m/=0.400m/s2三、计算题17.从某电视塔塔顶附近的平台处释放一个小球,不计空气阻力和风的作用,小球自由下落.若小球在落地前的最后2s内的位移是80m,则该平台到地面的高度是多少米?该小球落地时的瞬时速度大小是多大?(取)【答案】h=125m ；50m/s【解析】【分析】（1）根据位移时间公式表示出最后2s的位移即可求得该平台离地面的高度；（2）根据v2=2gh,即可求得落地时的瞬时速度【详解】（1）设该平台离地面的高度为h，小球落到地面的时间为t,由h=gt2知：h-80=gh=g代入数据得该平台离地面的高度：h=125m（2）由v2=2gh得小球落地速度:v=m/s=50m/s18.如图所示,一个半径为R,重为G的光滑均匀球,用长度为R的细绳挂在竖直光滑的墙壁上，则绳子的拉力F和墙壁对球弹力FN的大小?【答案】 FN=G【解析】【详解】球的重力产生两个效果：使球拉紧悬绳和使球压紧墙壁，因此可以把重力分解为斜向下的分力F1和水平向左的分力F2，如图所示.由于球半径和细绳长度相等，所以角30，由图可知两分力的大小为F1GF2GG所以，绳子的拉力F和球对墙壁的压力FN大小分别为FF1G，FNF2G19.一客车正以20m/s的速度在平直轨道上运行时,发现前面180m处有一货车正以6m/s速度匀速同向行驶,客车立即合上制动器,做匀减速直线运动,需经40s才能停止,求:(1)客车刹车加速度大小。(2)问是否发生碰车事故?通过计算加以说明.【答案】（1）(2)客车在该段时间内位移:, 货车在该段时间内位移:因为,一定能发生碰车事故.【解析】【详解】(1)客车匀减速的加速度a=-，即客车刹车加速度大小(2)客车减速至6m/s用的时间由v=v0+at得：t=s=28s客车在该段时间内的位移x1=t=28m=364m货车在该段时间内的位移x2=v货t=628m=168m由于x1=364mx2+180m=348m，所以一定能发生碰车事故。