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选择题提速练915为单选，68为多选1如图为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断正确的是(B)A这是一个升压变压器B原线圈的匝数比副线圈的匝数多C当原线圈输入交流电压220 V时，副线圈输出直流电压12 VD当原线圈输入交流电压220 V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流小解析：根据铭牌上所提供的信息可知：变压器的输入电压为220 V，输出电压为12 V，该变压器为降压变压器，故选项A错误，选项B正确；变压器的工作原理是电磁感应，故变压器的原、副线圈上的电压都为交流电压，选项C错误；由理想变压器的输出功率等于输入功率，且原线圈的电压大于副线圈的电压，故副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流大，选项D错误2下图为某同学自制的加速度计构造如下：一根轻质细杆的下端固定一个小球，杆的上端与光滑水平轴相连接杆可在竖直平面内左右摆动硬质面板紧靠杆摆动的平面放置，并标有刻度线其中，刻度线c位于经过O的竖直线上，刻度线b在bO连线上，bOc30，刻度线d在dO连线上，cOd45.使用时，若约定加速度计的右侧为汽车前进的方向，速度v10 m/s，g取9.8 m/s2，汽车前进时(B)A若细杆稳定地指示在b处，则汽车加速度为4.9 m/s2B若细杆稳定地指示在d处，则0.5 s内汽车速度减小了4.9 m/sC若细杆稳定地指示在b处，则0.5 s内汽车速度增大了4.9 m/sD若细杆稳定地指示在c处，则5 s内汽车前进了100 m解析：若细杆稳定地指示在b处，对小球分析受力，求出沿水平方向所受合力为F合mgtan30，由牛顿第二定律得F合ma1，则汽车加速度为a1gtan309.8 m/s25.66 m/s2，选项A错误；若细杆稳定地指示在d处，则汽车加速度为a2gtan459.8 m/s2，则0.5 s内汽车速度减小了va2t4.9 m/s，选项B正确；若细杆稳定地指示在b处，则0.5 s内汽车速度增大了va1t5.660.5 m/s2.83 m/s，选项C错误；若细杆稳定地指示在c处，汽车匀速运动，则5 s内汽车前进了svt105 m50 m，选项D错误3. (2018荆州模拟)如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，其半径之比RBRC32，A轮的半径大小与C轮的相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕过其中心的竖直轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来a、b、c分别为三轮边缘上的三个点，则a、b、c三点在运动过程中的(D)A线速度大小之比为322B角速度之比为332C转速之比为232D向心加速度大小之比为964解析：A、B间靠摩擦传动，则边缘上a、b两点的线速度相等，即vavb11，选项A错误；B、C同轴转动，则其上b、c两点的角速度相等，即bc，选项B、C错误；对a、b两点由a得，对b、c两点由a2r得，故aaabac964，选项D正确4(2018郑州质量预测)如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面设小球在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C点距地面高度为h，则从A点到C点的过程中弹簧弹力做的功是(A)Amghmv2 B.mv2mghCmgh D(mghmv2)解析：小球从斜面底端到最高点C的过程中，重力、弹簧弹力均做功，C点为最高点，即vC0，由动能定理得mghW0mv2，解得弹簧弹力做的功Wmghmv2，选项A正确5如图，半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面)，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外一电荷量为q(q0)、质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域，射入点与ab的距离为.已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60，则粒子的速率为(不计重力)(B)A. B.C. D.解析：作出粒子运动轨迹如图中实线所示因P到ab距离为，可知30.因粒子速度方向改变60，可知转过的圆心角260.由图中几何关系有(r)tanRcos，解得rR.再由Bqvm可得v，故B正确6(2018湖北七市联考)如图所示，传送带与水平面夹角为37，白色传送带以10 m/s的恒定速率沿顺时针方向转动，今在传送带上端A处无初速度地轻放上一个质量为1 kg的小煤块(可视为质点)，它与传送带间的动摩擦因数为0.50，已知传送带A到B的长度为16 m，取sin370.6，cos370.8，g10 m/s2，则在小煤块从A运动到B的过程中(ACD)A小煤块从A运动到B的时间为2 sB煤块对皮带做的总功为0C小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6 mD因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为24 J解析：煤块放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下，根据牛顿第二定律得a1gsin37gcos3710 m/s2.则速度达到传送带速度所需的时间为t11 s.经过的位移为x1a1t5 m.由于mgsin37mgcos37，可知煤块与传送带不能保持相对静止速度相等后，煤块所受的摩擦力沿斜面向上根据牛顿第二定律得a2gsin37gcos372 m/s2.根据vt2a2tLx1，代入数据解得t21 s.则tt1t22 s，故A正确；煤块对传送带做的总功即是摩擦力所做的功，为Wfx传mgcosx传mgcosvt80 J，故B错误；在t1时间内，传送带位移为x2vt110 m.所以划痕长度是x1x2x15 m；在t2时间内，传送带位移为x3vt210 m，煤块的位移为x4Lx111 m.所以划痕长度为x2x4x31 m.所以总划痕长度是xx1x26 m，故C正确；产生的热量Qfxmgcosx24 J，D正确7(2018山东模拟)卫星电话在抢险救灾中能发挥重要作用，第一代、第二代海事卫星只使用静止轨道卫星，不能覆盖地球上的高纬度地区，第三代海事卫星采用同步和中轨道卫星结合的方案，它由4颗同步卫星与12颗中轨道卫星构成，中轨道卫星高度为10 354 km，分布在几个轨道平面上(与赤道平面有一定的夹角)在这个高度上，卫星沿轨道旋转一周的时间为四分之一天，下列说法中正确的是(BC)A中轨道卫星的线速度小于同步卫星的线速度B中轨道卫星的线速度大于同步卫星的线速度C在中轨道卫星经过地面某点的正上方的一天后，该卫星还在地面该点的正上方D如果某一时刻中轨道卫星、同步卫星与地球的球心在同一直线上，那么经过6小时它们仍在同一直线上解析：由题意知，中轨道卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径(约为42 400 km)，所以，其线速度大于同步卫星的线速度，选项B正确；中轨道卫星的周期T16 h，其经过地面某点的正上方的一天后，仍在该点，选项C正确；选项D中，中轨道卫星需经过t(nT1)，T16 h，n0,1,2,3，同步卫星需经过t(nT2)T224 h，n0,1,2,3，二者再次在同一直线上，显然tt，选项D错误8(2018武昌模拟)某同学设计了一种静电除尘装置，如图甲所示，其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料，图乙是装置的截面图，上、下两板与电压恒为U的高压直流电源相连带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0，当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值称为除尘率不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用要增大除尘率，则下列措施可行的是(AC)A只增大电压UB只增大高度dC只增大长度LD只增大尘埃被吸入水平速度v0解析：尘埃做类平抛运动，达到下板的尘埃被收集，竖直偏移量yat2t2越大越容易收集，则可以增大U、L，减小v0、d，选项A、C正确
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