2019-2020年高中学业水平仿真模拟物理试卷 含解析.doc

2019-2020年高中学业水平仿真模拟物理试卷 含解析一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分.每小题给只有一个选项符合题意）1下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）A焦耳B米C米/秒D米/秒22两个共点力的大小分别是5N和8N，则这两个合力大小不可能为（）A5NB8NC12ND2N3在下列图象中，描述质点做匀速直线运动的是（）ABCD4坐在行驶的公共汽车座位上的乘客认为自己是静止的，他所选择的参考系可以为（）A迎面驶来的汽车B坐在它身边的乘客C站台上的乘客D公路边的房屋5历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是（）A阿基米德B牛顿C伽利略D亚里士多德6在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并将其作为研究对象，是经常采用的一种科学方法质点就是这种物理模型之一下列有关质点的说法正确的是（）A只有细小的物体才能看成质点B研究地球公转的规律时，可以把地球看成质点C物体在任何情况下都能看成质点D研究地球自转的规律时，可以把地球看成质点7如图所示，物体沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，则它的位移和路程分别是（）A0，0B4R向西，2R向东C4R向东，4RD4R向东，2R8甲、乙两车在同一地点同时沿同一方向做直线运动，其vt图象如图所示，则（）A它们的初速度均为零B甲的加速度大于乙的加速度Ct1时刻，甲的速度大于乙的速度D0t1时间内，甲的位移大于乙的位移9一本书静放在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力10下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A超重就是物体的重力增加了B失重就是物体的重力减少了C完全失重就是物体的重力没有了D不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的11如图所示，小物块A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起作匀速圆周运动，则下列关于A的受力情况说法正确的是（）A受重力、支持力B受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C受重力、支持力、摩擦力和向心力D受重力、支持力和与运动方向相同的摩擦力12做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）A物体的高度和受到的重力B物体受到的重力和初速度C物体的高度和初速度D物体受到的重力、高度和初速度13如图所示，竖直放置的弹簧，小球从弹簧正上方某一高处落下，从球接触弹簧到弹簧被压缩到最大的过程中，关于小球运动的下述说法中正确的是（）A加速度的大小先减小后增大B加速度的大小先增大后减小C速度大小不断增大D速度大小不断减小14我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A“神州六号”的周期更短B“神州六号”的速度与“神州五号”的相同C“神州六号”的速度较小D“神州六号”的周期与“神州五号”的相同15如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力（）A等于零B不为零，方向向右C不为零，方向向左D不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右16质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力势能的变化分别为（）Amgh，减少mg（Hh）Bmgh，增加mg（H+h）Cmgh，增加mg（Hh）Dmgh，减少mg（H+h）二、解答题（共6小题，满分30分）17物体质量为m，速度为v，则其动能为E=，在国际单位制中，动能的单位是18在用重物自由下落验证机械验证机械能守恒定律的实验中，应先接通的电源，再释放重物；由于纸带受到阻力的作用，使得实验中动能的增加量重力势能的减少量（填“大于”、“小于”或“等于”）19在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，得到一条清晰的纸带，按每打5个点数一个计数点的方法标出计数点（如图甲所示），则两相邻计数点间的时间间隔T=50.02s=0.1s已测得s5=8.80cm，设测计数点3、4之间的距离s4，刻度尺的示数如图乙所示，则s4=cm，根据上述数据算得加速度的大小为m/s220如图所示，一物块放在水平转盘上随转盘一起匀速转动，物块所需向心力由力提供若已知物块的质量为1kg，离转轴的距离为10cm，转盘的角速度为5rad/s，则物块所需向心力的大小为N21如图，物体质量m=10kg，静止放在光滑的水平地面上，现给物体施加一个水平向右的外力F=20N，使物体由静止开始运动，若g取10m/s2，求：（1）物体的加速度；（2）5s末物体的速度22用200N的拉力将地面上的一个质量为10kg的物体提升10m，不计空气阻力，取10m/s2（1）求拉力对物体所做的功；（2）以地面作为重力势能的参考平面，求物体被提升后具有的重力势能三、【选修1-1】（共6小题，满分22分）23下列用电器中，利用电流的热效应的是（）A洗衣机B电视机C电熨斗D电冰箱24第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A奥斯特B安培C欧姆D法拉第25下列关于电容器电容的大小的说法中，正确的是（）A电容器两极板间的距离越大，其电容器越大B电容器的电容与两极板间的距离无关C电容器两极板的正对面积越大，其电容越小D电容器两极板的正对面积越大，其电容越大26下列关于磁感应强度的说法中，错误的是（）A磁感应强度是矢量B在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉C磁感应强度是标量D磁感线的疏密反映了磁感应强度的大小27照明用正弦式电流的峰值为220V，周期为0.02s，可知该正弦式电流的频率为Hz，有效值为V28某同学自制了一个电炉，已知该电炉工作时的电阻时55，工作时通过电炉的电流是4A，求：加在该电炉两端的电压是多少？该电炉工作时，10s内发的热是多少？四、【选修3-1】（共6小题，满分0分）29关于电场中电荷的电势能大小，下列说法中正确的是（）A在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B正电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大C负电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大D电荷沿电场线移动，电势能一定减小30磁感应强度是描述磁场的重要概念，磁场的基本性质是对电流有磁场力的作用，则关于磁感应强度的大小，下列说法中正确的是（）A一小段通电直导线，在磁场某处受的力越大，该处的磁感应强度越大B一小段通电直导线在磁场某处受的力等于零，则该处的磁感应强度一定等于零C匀强磁场中某处的磁感应强度的大小等于该处某一面积穿过的磁通量D磁感线密处，磁感应强度大；磁感线疏的地方，磁感应强度一定小31为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源和开关、导线以外，配合下列哪组仪器，不能达到实验目的（）A一个电流表和一个电阻箱B一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器C一个电压表和一个电阻箱D一个电流表和一个变阻器32如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是（）AQ变小，C不变，U不变，E变小BQ变小，C变小，U不变，E不变CQ不变，C变小，U变大，E不变DQ不变，C变小，U变小，E变小33电子以4106m/s的速率垂直射入磁感应强度0.5T的匀强磁场中，受到的洛伦兹力为N如果电子射入磁场时速度方向与磁场方向的夹角是0，则电子受的洛伦兹力大小为N34在如图所示的电路中，电源电动势是4.5V、内阻是0.5，电阻R1=4，R2=4.5（1）若开关S1、S2均闭合，则路端电压为多大？（2）若开关S1闭合，S2断开，则路端电压为多大？xx年湖南省高中学业水平仿真模拟物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分.每小题给只有一个选项符合题意）1下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）A焦耳B米C米/秒D米/秒2【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们在国际单位制中的单位称为基本单位，由物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：A、焦耳是功的单位，是根据功的公式W=Fl推导出来的，是导出单位，故A错误B、米是长度的单位，是国际单位制中基本单位，故B正确C、米/秒是速度的单位，是导出单位故C错误D、米/秒2是加速度单位，是导出单位故D错误故选：B2两个共点力的大小分别是5N和8N，则这两个合力大小不可能为（）A5NB8NC12ND2N【考点】力的合成【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180时合力最小，并且|F1F2|FF1+F2【解答】解：两力合成时，合力范围为：|F1F2|FF1+F2；故3NF13N；所以不可能的是2N本题选择不可能的，故选：D3在下列图象中，描述质点做匀速直线运动的是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【分析】匀速直线运动的特点是物体的速度保持不变【解答】解：A、速度随时间不变，即匀速直线运动，A正确；B、速度随时间均匀增加，匀加速直线运动，B错误；C、速度随时间均匀减小，匀减速直线运动，C错误；D、vt图线的斜率不断增大，表示加速度不断增大的直线运动，D错误；故选：A4坐在行驶的公共汽车座位上的乘客认为自己是静止的，他所选择的参考系可以为（）A迎面驶来的汽车B坐在它身边的乘客C站台上的乘客D公路边的房屋【考点】参考系和坐标系【分析】研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论，明确参考系的概念，理解物体运动相对性【解答】解：乘客相对于公共汽车上的座位或身边的乘客均是静止的，故他选择的参考系是坐在他身边的乘客或座位；而他相对于地面、树木房屋等都是运动的；所以B选项是正确的故选：B5历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是（）A阿基米德B牛顿C伽利略D亚里士多德【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法；物理学史【分析】阿基米德是古希腊哲学家、数学家、物理学家，其所做的工作被认为是物理学真正开始前的准备工作；公元前四世纪的希腊哲学家亚里士多德认为：必须不断地给一个物体以外力，才能使它产生不断地运动如果物体失去了力的作用，它就会立刻停止即力是维持物体运动的原因亚里士多德的观点很符合人们的日常经验，如停着的车不推它它就不会动，停止推它它就会停下来所以亚里士多德的观点当时占着统治地位，而且一直统治了人们两千年；伽利略斜面实验在牛顿第一定律的建立过程中起到了重要作用，它揭示了力与运动的关系，即物体的运动并不需要力来维持；牛顿系统总结了前人的经验，并通过大量的实验提出了牛顿三大定律，标志着物理学的真正开端【解答】解：A、阿基米德是古希腊哲学家、数学家、物理学家，其所做的工作被认为是物理学真正开始前的准备工作，故A错误；B、牛顿系统总结了前人的经验，并通过大量的实验提出了牛顿三大定律，是力学的奠基人，故B错误；C、伽利略通过理想斜面实验得出了力不是维持运动的原因，而是改变物体速度的原因，故C正确；D、亚里士多德认为运动需要力来维持，故D错误；故选C6在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并将其作为研究对象，是经常采用的一种科学方法质点就是这种物理模型之一下列有关质点的说法正确的是（）A只有细小的物体才能看成质点B研究地球公转的规律时，可以把地球看成质点C物体在任何情况下都能看成质点D研究地球自转的规律时，可以把地球看成质点【考点】质点的认识【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的问题中，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题【解答】解：A、一个物体能不能看成质点，要看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，地球的质量、体积当对所分析研究的问题没有影响时，就可以看成质点，所以A错误；B、研究地球绕太阳公转时，地球的大小相对于地球和太阳之间的距离来说太小了，完全可以忽略，此时可以看成质点，故B正确C、只有物体的大小和形状相对所研究的问题可以忽略时，物体才能看作质点；故C错误；D、研究地球的自转时，地球的大小是不能忽略的，没了大小，就没有自转的说法了，所以此时地球不能看成质点，故C错误故选：B7如图所示，物体沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，则它的位移和路程分别是（）A0，0B4R向西，2R向东C4R向东，4RD4R向东，2R【考点】位移与路程【分析】位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度【解答】解：物体沿两个半径为R的半圆弧由A运动到C，首末位置的距离等于位移的大小，则x=4R，方向向东物体运动轨迹的长度s=2R，没有方向故D正确，A、B、C错误故选：D8甲、乙两车在同一地点同时沿同一方向做直线运动，其vt图象如图所示，则（）A它们的初速度均为零B甲的加速度大于乙的加速度Ct1时刻，甲的速度大于乙的速度D0t1时间内，甲的位移大于乙的位移【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负【解答】解：A、甲物体零时刻的速度为零，乙物体零时刻的速度不为零，故A错误B、因为速度时间图象切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图中甲的斜率大于乙的斜率，即甲的加速度大于乙的加速度，故B正确C、t1时间，甲的速度等于乙的速度，故C错误D、0t1时间内，甲与坐标轴围成的面积（位移）小于乙与坐标轴围成的面积（位移），故D错误故选：B9一本书静放在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力【考点】牛顿第三定律；共点力平衡的条件及其应用【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失；一对平衡力大小相等，方向相反，作用在同一物体上【解答】解：A、桌面对书的支持力和书的重力是一对平衡力，大小相等，故A正确，B错误；C、书对桌面的压力的性质是弹力，重力的性质是万有引力，性质不同，故C错误；D、书对桌面的压力和桌面对书的支持力是作用力与反作用力的关系，故D错误故选A10下列关于超重与失重的说法中，正确的是（）A超重就是物体的重力增加了B失重就是物体的重力减少了C完全失重就是物体的重力没有了D不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的【考点】超重和失重【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g【解答】解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，所以A错误；B、失重是物体对接触面的压力小于物体的真实重力，物体的重力并没有减小，所以B错误；C、完全失重是说物体对接触面的压力为零的时候，此时物体的重力也不变，所以C错误；D、不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的，只是对接触面的压力不和重力相等了，所以D正确故选：D11如图所示，小物块A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起作匀速圆周运动，则下列关于A的受力情况说法正确的是（）A受重力、支持力B受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C受重力、支持力、摩擦力和向心力D受重力、支持力和与运动方向相同的摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；向心力【分析】物体做匀速圆周运动，故合力提供向心力，隔离物体受力分析即可；向心力是按照力的作用效果命名的，由合力提供，也可以认为由静摩擦力提供！【解答】解：隔离物体分析，该物体做匀速圆周运动；对物体受力分析，如图，受重力G，向上的支持力N，重力与支持力二力平衡，然后既然匀速转动，就要有向心力（由摩擦力提供），指向圆心的静摩擦力；故选B12做平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）A物体的高度和受到的重力B物体受到的重力和初速度C物体的高度和初速度D物体受到的重力、高度和初速度【考点】平抛运动；运动的合成和分解【分析】平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可【解答】解：对于做平抛运动的物体，水平方向上：x=V0t 竖直方向上：h=gt2所以水平位移为 x=V0，所以水平方向通过的最大距离取决于物体的高度和初速度，故选：C13如图所示，竖直放置的弹簧，小球从弹簧正上方某一高处落下，从球接触弹簧到弹簧被压缩到最大的过程中，关于小球运动的下述说法中正确的是（）A加速度的大小先减小后增大B加速度的大小先增大后减小C速度大小不断增大D速度大小不断减小【考点】牛顿第二定律；加速度【分析】小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力增大【解答】解：A、在kxmg时间内，加速度逐渐减小，在kxmg时间内，加速度逐渐变大，故A正确B、由A分析得，B错误C、速度先增加后减小，故C错误D、由C分析得，D错误故选A14我国发射的“神州六号”载人飞船，与“神州五号”飞船相比，它在更高的轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示，下列说法正确的是（）A“神州六号”的周期更短B“神州六号”的速度与“神州五号”的相同C“神州六号”的速度较小D“神州六号”的周期与“神州五号”的相同【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】根据万有引力提供圆周运动向心力，分析描述圆周运动物理量与轨道半径的关系即可【解答】解：万有引力提供圆周运动向心力有：A、周期知，轨道半径小的神州五号周期小，故AD错误；B、速度知，轨道半径小的神州五号线速度大，故C正确，B错误故选：C15如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力（）A等于零B不为零，方向向右C不为零，方向向左D不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】在研究力和运动关系的问题时，常会涉及相互关联的物体间的相互作用问题，即“连接体问题”连接体问题一般是指由两个或两个以上物体所构成的有某种关联的系统研究此系统的受力或运动时，求解问题的关键是研究对象的选取和转换一般若讨论的问题不涉及系统内部的作用力时，可以以整个系统为研究对象列方程求解“整体法”；若涉及系统中各物体间的相互作用，则应以系统某一部分为研究对象列方程求解“隔离法”这样，便将物体间的内力转化为外力，从而体现其作用效果，使问题得以求解在求解连接体问题时，隔离法与整体法相互依存，相互补充，交替使用，形成一个完整的统一体，可以分别列方程求解本题中由于小木块与斜面体间有相对滑动，但无相对加速度，可以当作两物体间相对静止，摩擦力达到最大静摩擦力的情况，然后运用整体法研究【解答】解：斜劈和物块都平衡，受力的大小和方向情况与两物体间相对静止且摩擦力达到最大静摩擦力的情况相同，故可以对斜劈和物块整体受力分析受重力和支持力，二力平衡，无摩擦力；故选A16质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力势能的变化分别为（）Amgh，减少mg（Hh）Bmgh，增加mg（H+h）Cmgh，增加mg（Hh）Dmgh，减少mg（H+h）【考点】功能关系；机械能守恒定律【分析】物体由于被举高而具有的能叫做重力势能对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定物体质量越大、位置越高、做功本领越大，物体具有的重力势能就越大，其表达式为：Ep=mgh【解答】解：以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能为Ep1=mgh；整个过程中小球高度降低，重力势能减少，重力势能的减少量为：Ep=mgh=mg（H+h）；故选：D二、解答题（共6小题，满分30分）17物体质量为m，速度为v，则其动能为E=mv2，在国际单位制中，动能的单位是焦（J）【考点】动能【分析】明确动能的定义以及表达式，同时知道动能的单位和功的单位相同，均为焦耳【解答】解：物体由于运动而具有的能叫动能，其大小为：E=mv2； 其单位为焦耳，简称为焦，符号为J； 故答案为：E=mv2； （焦）J；18在用重物自由下落验证机械验证机械能守恒定律的实验中，应先接通交流的电源，再释放重物；由于纸带受到阻力的作用，使得实验中动能的增加量小于重力势能的减少量（填“大于”、“小于”或“等于”）【考点】验证机械能守恒定律【分析】应先接通交流电源，再释放重物；通过克服阻力做功，机械能有损失，从而即可求解【解答】解：如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；故在实验时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动；由于纸带受到阻力的作用，使得实验中动能的增加量小于重力势能的减少量；故答案为：交流，小于19在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，得到一条清晰的纸带，按每打5个点数一个计数点的方法标出计数点（如图甲所示），则两相邻计数点间的时间间隔T=50.02s=0.1s已测得s5=8.80cm，设测计数点3、4之间的距离s4，刻度尺的示数如图乙所示，则s4=4.30cm，根据上述数据算得加速度的大小为4.5m/s2【考点】测定匀变速直线运动的加速度【分析】知道打点计时器的结构和各部分的功能利用毫米刻度尺读出计数点的距离应用运动学公式推论x=at2求出加速度【解答】解：在测S2时，刻度尺的示数如图乙所示，则S2=4.30cm相邻的计数点时间间隔是0.1s根据运动学公式推论x=at2得：a=4.5 m/s2故答案为：4.30，4.520如图所示，一物块放在水平转盘上随转盘一起匀速转动，物块所需向心力由静摩擦力提供若已知物块的质量为1kg，离转轴的距离为10cm，转盘的角速度为5rad/s，则物块所需向心力的大小为2.5N【考点】向心力；牛顿第二定律【分析】物体随圆盘一起做圆周运动，靠静摩擦力提供向心力，根据向心力公式求出向心力的大小【解答】解：物块放在水平转盘上随转盘一起匀速转动，物块所需向心力由静摩擦力提供向心力的大小故答案为：静摩擦，2.521如图，物体质量m=10kg，静止放在光滑的水平地面上，现给物体施加一个水平向右的外力F=20N，使物体由静止开始运动，若g取10m/s2，求：（1）物体的加速度；（2）5s末物体的速度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）对物体受力分析后求出合力，再根据牛顿第二定律求出加速度；（2）物体匀加速前进，根据速度时间公式求解即可【解答】解：（1）有牛顿第二定律F=ma得物体的加速度为：a=2m/s2（2）物体在5s内的速度大小为：v=at=25=10m/s；答：（1）物体加速度为2m/s2；（2）物体在5s末的速度为10m/s22用200N的拉力将地面上的一个质量为10kg的物体提升10m，不计空气阻力，取10m/s2（1）求拉力对物体所做的功；（2）以地面作为重力势能的参考平面，求物体被提升后具有的重力势能【考点】功能关系；机械能守恒定律【分析】（1）根据功的定义W=FS即可求出拉力的功；（2）以地面作为重力势能的参考平面，根据重力势能的决定式即可求出物体的重力势能【解答】解：（1）拉力做的功：W=FS=20010=xxJ（2）地面作为重力势能的参考平面，物体被提升后的高度是10m，所以物体具有的重力势能：EP=mgh=101010J=1000J答：（1）拉力对物体所做的功是xxJ；（2）以地面作为重力势能的参考平面，物体被提升后具有的重力势能是1000J三、【选修1-1】（共6小题，满分22分）23下列用电器中，利用电流的热效应的是（）A洗衣机B电视机C电熨斗D电冰箱【考点】电流、电压概念【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应【解答】解：A、洗衣机工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故A错误；B、电视机也是利用了电流的磁效应来工作的，故B错误；C、电熨是利用了电流的热效应，来加热的，故C正确D、电冰箱工作时主要把电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的故D错误；故选：C24第一个发现电磁感应现象的科学家是（）A奥斯特B安培C欧姆D法拉第【考点】物理学史【分析】本题主要考查对法拉第与电磁感应现象的记忆；知道电磁感应定律的发现历程【解答】解：法拉第经过10年的努力，在1831年发现了电磁感应现象，成为第一个发现电磁感应现象的科学家； 故选：D25下列关于电容器电容的大小的说法中，正确的是（）A电容器两极板间的距离越大，其电容器越大B电容器的电容与两极板间的距离无关C电容器两极板的正对面积越大，其电容越小D电容器两极板的正对面积越大，其电容越大【考点】电容【分析】电容器的电容是表征电容器容纳电荷本领大小的物理量，与两极板间的电压和所带的电荷量无关，根据电容的决定式C=，分析影响电容的决定因素【解答】解：根据电容的决定式C=，可知，电容与极板正对面积成正比，与极板间的距离成反比，所以正对面积、极板间距离越小，电容就越大，故D正确，ABC错误故选：D26下列关于磁感应强度的说法中，错误的是（）A磁感应强度是矢量B在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉C磁感应强度是标量D磁感线的疏密反映了磁感应强度的大小【考点】磁感应强度【分析】本题应明确：磁感应强度为矢量，其方向表示磁场的方向；磁感线是描述磁场分布而假想的；磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线某点的切线方向表示该点的磁场方向；【解答】解：A、磁感应强度为矢量，其方向表示该点磁场的方向；故A正确，C错误；B、在国际单位制中，磁感应强度的单位是特斯拉；故B正确；D、磁感线的疏密反映了磁感应强度的大小；故D正确；本题选错误的；故选：C27照明用正弦式电流的峰值为220V，周期为0.02s，可知该正弦式电流的频率为50Hz，有效值为220V【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】知道了交流电的周期，根据f=求得频率，根据求得有效值【解答】解：交流电的频率为f=，有效值故答案为；50，22028某同学自制了一个电炉，已知该电炉工作时的电阻时55，工作时通过电炉的电流是4A，求：加在该电炉两端的电压是多少？该电炉工作时，10s内发的热是多少？【考点】焦耳定律【分析】（1）根据欧姆定律求解电炉两端的电压；（2）根据Q=I2Rt求解10s内发的热【解答】解：（1）加在该电炉两端的电压为：U=IR=554=220V（2）该电炉工作时，10s内发的热为：Q=I2Rt=165510=8800J答：（1）加在该电炉两端的电压是220V（2）该电炉工作时，10s内发的热是8800J四、【选修3-1】（共6小题，满分0分）29关于电场中电荷的电势能大小，下列说法中正确的是（）A在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B正电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大C负电荷沿电场线方向移动，电势能一定增大D电荷沿电场线移动，电势能一定减小【考点】电势能【分析】根据电场力做功与电势能变化的关系进行判断：电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加由此分析解答即可【解答】解：A、电荷的电势能与电场强度无关；在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，故A错误；B、正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误；C、负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；D、由上知负电荷沿电场线移动，电势能增大，故D错误故选：C30磁感应强度是描述磁场的重要概念，磁场的基本性质是对电流有磁场力的作用，则关于磁感应强度的大小，下列说法中正确的是（）A一小段通电直导线，在磁场某处受的力越大，该处的磁感应强度越大B一小段通电直导线在磁场某处受的力等于零，则该处的磁感应强度一定等于零C匀强磁场中某处的磁感应强度的大小等于该处某一面积穿过的磁通量D磁感线密处，磁感应强度大；磁感线疏的地方，磁感应强度一定小【考点】磁感应强度；磁通量【分析】磁场的强弱由磁场本身的性质决定，与放入磁场中的电流元无关磁感线越密的地方磁场越强，越疏的地方，磁场越弱【解答】解：A、磁场的强弱由磁场本身的性质决定，与放入磁场中的电流元无关电流元在磁场中所受的力越大，该点磁感应强度不变，所受力等于零，磁感应强度仍然未变故A、B错误 C、根据=BS，（B与S垂直），知匀强磁场的磁感应强度大小与某一面积穿过的磁通量不等故C错误 D、磁感线越密的地方磁场越强，越疏的地方，磁场越弱故D正确故选D31为了测出电源的电动势和内阻，除待测电源和开关、导线以外，配合下列哪组仪器，不能达到实验目的（）A一个电流表和一个电阻箱B一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器C一个电压表和一个电阻箱D一个电流表和一个变阻器【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻【解答】解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器绊组合可测量电源的电动势和内阻也可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR可求出路端电压，或用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流故ABC能打到实验目的，D不能本题选不能测电源电动势与内阻的，故选：D32如图所示，先接通S使电容器充电，然后断开S当增大两极板间距离时，电容器所带电荷量Q、电容C、两板间电势差U，电容器两极板间场强E的变化情况是（）AQ变小，C不变，U不变，E变小BQ变小，C变小，U不变，E不变CQ不变，C变小，U变大，E不变DQ不变，C变小，U变小，E变小【考点】电容器的动态分析【分析】电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据C=，判断电容的变化，根据U=判断电势差的变化，根据E=，判断电场强度的变化【解答】解：电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据C=，知电容C变小，根据U=，知两极板间的电势差U变大，根据E=，知电场强度E不变故C正确，A、B、D错误故选C33电子以4106m/s的速率垂直射入磁感应强度0.5T的匀强磁场中，受到的洛伦兹力为3.21013N如果电子射入磁场时速度方向与磁场方向的夹角是0，则电子受的洛伦兹力大小为0N【考点】洛仑兹力【分析】根据洛伦兹力大小公式F=qvB求出洛伦兹力的大小当磁场方向与粒子速度方向平行，则磁场力为零【解答】解：v垂直于磁场方向时，洛伦兹力F=qvB=1.6101941060.5N=3.21013N当v与B的方向间的夹角是0，则电子所受的磁场力为0故答案为：3.21013，034在如图所示的电路中，电源电动势是4.5V、内阻是0.5，电阻R1=4，R2=4.5（1）若开关S1、S2均闭合，则路端电压为多大？（2）若开关S1闭合，S2断开，则路端电压为多大？【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】（1）开关S1、S2均闭合时，R2被短路，根据串联电路分压规律求路端电压（2）开关S1闭合，S2断开时，两电阻串联，再根据串联电路分压规律求路端电压【解答】解：（1）开关S1、S2均闭合时，R2被短路，根据串联电路分压规律得：路端电压 U=E=4.5V=4V（2）开关S1闭合，S2断开时，两电阻串联，此时路端电压为 U=E=4.5V=4.25V答：（1）若开关S1、S2均闭合，则路端电压为4V（2）若开关S1闭合，S2断开，则路端电压为4.25Vxx年5月17日