2019年高考物理二轮专题复习 第2课 牛顿运动定律及其应用课时过关检测试题(B卷).doc

2019年高考物理二轮专题复习 第2课 牛顿运动定律及其应用课时过关检测试题(B卷)题号123456789答案3.如图，倾斜索道与水平面夹角为37，当载人车厢沿钢索匀加速向上运动时，车厢里的人对厢底的压力为其重量的1.5倍，那么车厢对人的摩擦力为其体重的()A.倍 B.倍C.倍 D.倍解析：由于人对车厢底的正压力为重力的1.5倍，所以在竖直方向上有FNmgma上，解得a上g，设水平方向上的加速度为a平，则tan 37，所以a平g，对人受力分析，在水平方向上摩擦力作为合力产生加速度，即fma平mg，故选B.答案：B4物体甲、乙原来静止于光滑水平面上从t0时刻开始，甲沿水平面做直线运动，速度随时间变化如图甲；乙受到如图乙所示的水平拉力作用则在04 s的时间内()A甲物体所受合力不断变化B甲物体的速度不断减小C2 s末乙物体改变运动方向D2 s末乙物体速度达到最大解析：由甲物体的vt图象可知，物体加速度始终不变，故合力不变，A错误甲物体速度先减小后增大，B错误由乙物体的Ft图象可知，乙物体2 s末力的方向改变，加速度方向改变，而速度方向并不改变，此时速度达到最大，C错误，D正确答案：D二、双项选择题5“星跳水立方”节目中，某明星从跳板处以初速度为零往下跳的过程中，其速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是()A跳板距离水面的高度为10 mB该明星在水中的加速度大于他在空中的加速度C该明星在水中受到的阻力有可能小于他的重力D该明星在整个下跳过程中的平均速度是5 m/s解析：由vt图象可知，下跳过程达到的最大速度为10 m/s，根据h5 m，A错误根据a，B正确该明星在水中做减速运动，阻力一定大于重力，C错误整个下跳过程平均速度为5 m/s，D正确答案：BD6.如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的大小的判断中，正确的是()A小车静止时，Fmgsin B小车静止时，FmgC小车以加速度a向右做匀加速运动时，FD小车以加速度a向右做匀加速运动时，F解析：小车静止时，杆对球的作用力要与重力平衡，其方向竖直向上，且大小Fmg.小车以加速度a向右运动时，设杆对球的力的方向与竖直方向的夹角为，如图由牛顿第二定律有：mgtan ma.即只有当球的加速度agtan 时，杆对球的力才沿杆的方向，才有F.而F，arctan 则具有普适性答案：BD7(xx深圳模拟)甲、乙两物体同时从同一地点出发，同方向做匀加速直线运动的vt图象如图所示，则()A甲的瞬时速度表达式为v2tB乙的加速度比甲的加速度大Ct2 s时，甲在乙的前面Dt4 s时，甲、乙两物体相遇解析：由题图可知甲、乙均做匀加速直线运动，斜率表示加速度，a甲2 m/s2，故甲的瞬时速度表达式为v2t，A项对；又a乙 m/s21 m/s2a甲，B项错；由vt图象的面积求2 s内的位移，x甲24 m4 m，x乙2 m6 m，故t2 s时，乙在甲前面，C项错；同理，4 s内甲、乙的位移x甲x乙16 m，D项对答案：AD8建筑工地常用吊车通过钢索将建筑材料从地面吊到高处(如图甲)图乙为建筑材料被吊车竖直向上提升过程的简化运动图象，下列判断正确的是()A前10 s的平均速度是0.5 m/sB整个过程上升高度是30 mC3036 s材料处于超重状态D前10 s钢索最容易发生断裂解析：由vt图象可知，前10 s平均速度为0.5 m/s，A正确整个过程上升的高度s1 m28 m，B错误.3036 s材料处于失重状态，C错误前10 s材料超重，钢索的拉力最大，易发生断裂，D正确答案：AD9(xx重庆模拟)如图所示，用皮带输送机将质量为M的物块向上传送，两者间保持相对静止，则下列关于物块所受摩擦力f的说法正确的是()A皮带传送的速度越大，f越大B皮带加速运动的加速度越大，f越大C皮带速度恒定，物块质量越大，f越大Df的方向一定与皮带速度方向相同解析：若物块匀速运动，由物块的受力情况可知，摩擦力fMgsin ，与传送带的速度无关，选项A错误；物块质量M越大，摩擦力f越大，选项C正确；皮带加速运动时，由牛顿第二定律可知，fMgsin Ma，加速度a越大，摩擦力f越大，选项B正确；若皮带减速上滑，则物块所受摩擦力方向有可能沿皮带方向向下，选项D错误答案：BC三、计算题10(xx大庆二模)如图所示，水平传送带AB长L10 m，向右匀速运动的速度v04 m/s.一质量为1 kg的小物块(可视为质点)以v16 m/s的初速度从传送带右端B点冲上传送带，物块与传送带间的动摩擦因数0.4，重力加速度g取10 m/s2.求：(1)物块相对地面向左运动的最大距离；(2)物块从B点冲上传送带到再次回到B点所用的时间解析：(1)设物块与传送带间摩擦力大小为f，向左运动最大距离s1时速度变为0，由动能定理得：fmgfs1mv12解得：s14.5 m.(2)设小物块经时间t1速度减为0，然后反向加速，设加速度大小为a，经时间t2与传送带速度相等：v1at10由牛顿第二定律得：fma解得：t11.5 sv0at2解得：t21 s.设反向加速时，物块的位移为s2，则有：s2at222 m物块与传送带同速后，将做匀速直线运动，设经时间t3再次回到B点，则：s1s2v0t3解得：t30.625 s.故物块从B点冲上传送带到再次回到B点所用的时间：tt1t2t33.125 s.答案：(1)4.5 m(2)3.125 s