2019-2020年高考生物一轮复习 第一章 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课后限时自测（含解析）新人教版必修2.doc

2019-2020年高考生物一轮复习 第一章 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课后限时自测（含解析）新人教版必修2一、选择题(每题5分，共60分)1如果小偃麦早熟(A)对晚熟(a)是显性，抗干热(B)对不抗干热(b)是显性，两对基因自由组合，在研究这两对相对性状的杂交试验中，以某亲本与双隐性纯合子杂交，如果F1代只有一种表现型，此亲本基因型可能有几种()A1B2C3D4解析根据题意以某亲本与双隐性纯合子杂交，如果F1代只有一种表现型，此亲本基因型可以是AABB、AAbb、aaBB、aabb 4种基因型。故选D。答案D2(xx厦门模拟)已知玉米某两对基因按照自由组合定律遗传，现有子代基因型及比例如下：基因型TTSSTTssTtSSTtssTTSsTtSs比例111122则双亲的基因型是()ATTSSTTSsBTtSsTtSsCTtSsTTSs DTtSSTtSs解析由子代TTTt11，因此亲代控制该性状的基因型为TTTt，子代SSSsss121，因此亲代控制该性状的基因型为SsSs，故亲代基因型为TtSsTTSs。答案C3假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEeAaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是()A1/32B1/16C1/8D1/4解析分析亲本基因型组合，即发现DDddDd，已确定子代中该对基因必定杂合，其余杂交组合中，子代纯合子均占1/2。根据题意，因此所求概率为：1/21/21/21/21/16。答案B4某生物个体减数分裂产生的雌雄配子种类和比例均为AbaBABab3322，若该生物进行自交，其后代出现纯合体的概率是()A1/4 B1/16 C26/100 D1/100解析该生物产生的配子Ab、aB、AB、ab分别占3/10、3/10、2/10、2/10，故该生物自交后代出现纯合子的概率为(3/10)2(3/10)2(2/10)2(2/10)226%。答案C5根据下图分析，下列选项中不遵循基因自由组合定律的是()解析A和a，D和d两对等位基因位于一对同源染色体上，不遵循基因的自由组合定律。答案A6(xx潍坊一模)下图为某植株自交产生后代过程的示意图，下列对此过程及结果的描述，错误的是()AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式子代：N种基因型，P种表现型(1231)A雌、雄配子在过程随机结合BA与B、b的自由组合发生在CM、N分别为16、3D该植株测交后代性状分离比为211解析AaBb自交，配子间16种结合方式，产生9种基因型。答案C7(xx崇明高三一模)某种二倍体植物的花色是由4对等位基因共同控制，4对等位基因分别位于4对同源染色体上，它们分别是Aa、Bb、Dd、Ee。花色的深浅与个体所带显性基因数目有关，而与基因种类无关，如基因型AABBddee与aabbDDEE的表现型一致。若基因型为AaBbDdEe的个体自交，则子代表现型总数及基因型为aaBbDDEe个体的比例依次是()A8和1/16 B9和1/64C16和1/16 D12和1/64解析AaBbDdEe自交后代会出现分别有8、7、6、5、4、3、2、1个显性基因和全为隐性基因共9种表现型，aaBbDDEe个体所占比例为。答案B8(xx南京十九中月考)人类的肤色由A/a、B/b、E/e三对等位基因共同控制，A/a、B/b、E/e位于三对同源染色体上。AABBEE为黑色，aabbee为白色，其他性状与基因型的关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee与aaBbEE等与含任何三个显性基因的肤色一样。若双方均含3个显性基因的杂合体婚配(AaBbEeAaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种()A27，7 B16，9C27，9 D16，7解析AaBbEe与AaBbEe婚配，子代基因型种类有33327种，其中显性基因个数分别有6个、5个、4个、3个、2个、1个、0个，共有7种表现型。答案A9(xx海淀区期末)现有纯种果蝇品系，其中品系的性状为显性，品系均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：品系隐性性状残翅黑身紫红眼基因所在的染色体、若需验证自由组合定律，可选择交配的品系组合为()A B C D解析验证自由组合定律时所选择的两个类型应具有两对相对性状，且控制两对相对性状的基因必需是位于两对同源染色体上。据此判断应为和。答案D10某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用。现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1的自交后代中花色的表现型及比例是()A白粉红，3103 B白粉红，3121C白粉红，493 D白粉红，691解析AABB与aabb杂交得到F1(AaBb)，F1自交得到(aabbaaB_)(白色)(A_bbAaB_)(粉色)AAB_(红色)493。答案C11(xx江苏南京三模)某种植物细胞常染色体上的A、B、T基因对a、b、t完全显性，让红花(A)、高茎(B)、圆形果(T)植株与白花矮茎长形果植株测交，子一代的表现型及其比例是：红花矮茎圆形果白花高茎圆形果红花矮茎长形果白花高茎长形果1111，则下图能正确表示亲代红花高茎圆形果基因组成的是() AB C D解析从测交结果看，后代中只出现红花矮茎和白花高茎，没有红花高茎和白花矮茎，可判断A与b在同一条染色体上(连锁)，a与B在同一条染色体上，D正确。答案D12(xx广州模拟)某植物的花色有蓝花和白花两种，由两对等位基因(A和a、B和b)控制。下表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，有关分析不正确的是()亲本组合F1株数F2株数蓝花白花蓝花白花蓝花白花263075249蓝花白花84021271A.控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律B第组F2中纯合蓝花植株的基因型有3种C第组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbbD白花植株与第组F2蓝花植株杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为31解析本题考查基因的自由组合定律，考查获取信息的能力和推理分析能力。第组杂交F2的性状分离比是151，判断F1蓝花为双杂合子，植物的花色受两对等位基因控制，并且两对基因相互作用，AB、Abb、aaB为蓝色花，aabb为白色花。第组F2中纯合蓝花植株的基因型有3种(AABB、AAbb、aaBB)。第组杂交F2的性状分离比是31，推理蓝花为单杂合子，基因型为Aabb或aaBb，蓝花亲本的基因型aaBB或AAbb。答案D二、非选择题(共40分)13(12分)狗皮毛的颜色受两对常染色体上的等位基因A、a与B、b控制，且基因A使雄配子致死。狗皮毛的表现型有：沙色、红色和白色。经观察绘得如下系谱图，请分析回答：(1号、2号为纯合子)(1)该遗传遵循基因_定律。(2)1号和2号的基因型是_和_。(3)现有多只白色和红色母狗，请设计合理的实验方案，探究12号的基因型。第一步：让12号与_母狗交配；第二步：观察并统计后代的表现型。预期结果和结论：如果子代_，则其基因型为_。如果子代_，则其基因型为_。如果子代_，则其基因型为_。解析(1)两对等位基因位于两对同源染色体上，可判断其性状遗传遵循基因的自由组合定律。(2)从图中的图例可以看出，红色的基因型是A_B_，沙色的基因型是aaB_或A_bb，白色的基因型是aabb。因1、2号生有红色的后代6号，又因1号、2号均为纯合子，且基因A使雄配子致死，所以它们的基因型是AAbb和aaBB。(3)13号的基因型是aabb，推知亲本6、7号基因型皆为AaBb，可知6号的父母1、2号必分别含有A和B基因，因此12号基因型为aaB_或Aabb，与多只白色(aabb)雌狗交配，后代可能为沙色狗、白色狗、既有沙色又有白色。当12号基因型为aaBB时，子代全部为沙色；当12号基因型为aaBb时，子代既有沙色又有白色；当12号基因型为Aabb时，子代全部为白色。答案(1)自由组合(分离定律和自由组合)(2)AAbbaaBB(不可颠倒)(3)多只白色全部为沙色aaBB沙色白色约为11(既有沙色又有白色)aaBb全部为白色Aabb14(14分)(xx山东烟台一模)已知红玉杏花朵颜色由两对基因(A、a和B、b)控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表现型的对应关系见下表。基因型AbbABbABB aa 表现型深紫色淡紫色白色(1)推测B基因控制合成的蛋白质可能位于_上，并且该蛋白质的作用可能与_有关。(2)纯合白色植株和纯合深紫色植株作亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是_。(3)有人认为A、a和B、b基因是在一对同源染色体上，也有人认为A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上。现利用淡紫色红玉杏(AaBb)设计实验进行探究。实验步骤：让淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，观察并统计子代红玉杏花的颜色和比例(不考虑交叉互换)。实验预测及结论：若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上。若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因在一对同源染色体上，且A和b在同一条染色体上。若子代红玉杏花色为_，则A、a和B、b基因在一对同源染色体上，且A和B在同一条染色体上。(4)若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，则取(3)题中淡紫色红玉杏(AaBb)自交，F1中白色红玉杏的基因型有_种，其中纯种个体大约占_。解析(1)B基因与细胞液的酸碱性有关，推测其控制合成的蛋白质可能位于液泡膜上，控制着H的跨膜运输。(2)纯合白色植株和纯合深紫色植株(AAbb)杂交，子一代全部是淡紫色植株(ABb)，由此可推知亲本中纯合白色植株的基因型为AABB或aaBB。(3)淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，可根据题目所给结论，逆推实验结果。若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，则自交后代出现9种基因型，3种表现型，其比例为：深紫色淡紫色白色367，若A、a和B、b基因在一对同源染色体上，且A和B在同一条染色体上，则自交后代出现1/4AABB、1/2AaBb、1/4aabb，表现型比例为淡紫色白色11；若A、a和B、b基因在一对同源染色体上，且A和b在同一条染色体上，则自交后代出现1/4AAbb、1/2AaBb、1/4aaBB，表现型比例为深紫色淡紫色白色121。(4)若A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，淡紫色红玉杏(AaBb)植株自交，F1中白色红玉杏的基因型有1AABB、2AaBB、1aaBB、2aaBb、1aabb5种，其中纯种个体大约占3/7。答案(1)液泡膜H跨膜运输(2)AABBAAbb或aaBBAAbb(3)深紫色淡紫色白色367深紫色淡紫色白色121淡紫色白色11(4)53/715(14分)(xx四川高考)小鼠的皮毛颜色由常染色体的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成。两对基因控制有色物质合成关系如下图：(1)选取三只不同颜色的纯合小鼠(甲灰鼠，乙白鼠，丙黑鼠)进行杂交，结果如下：亲本组合F1F2实验一甲乙全为灰鼠9灰鼠3黑鼠4白鼠实验二乙丙全为黑鼠3黑鼠1白鼠两对基因(A/a和B/b)位于_对染色体上，小鼠乙的基因型为_。实验一的F2代中白鼠共有_种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为_。图中有色物质1代表_色物质，实验二的F2代中黑鼠的基因型为_。(2)在纯合灰鼠群体的后代偶然发现一只黄色雄鼠(丁)，让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：亲本组合F1F2实验三丁纯合黑鼠1黄鼠1灰鼠F1黄鼠随机交配：3黄鼠1黑鼠F1灰鼠随机交配：3灰鼠1黑鼠据此推测：小鼠丁的黄色性状是由_突变产生的，该突变属于_性突变。为验证上述推测，可用实验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交。若后代的表现型及比例为_，则上述推测正确。用三种不同颜色的荧光，分别标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观察其分裂过程，发现某个次级精母细胞有3种不同颜色的4个荧光点，其原因是_。解析(1)由实验一可知，两对基因型控制的F2为9331的修饰(934)，符合自由组合定律，故A/a和B/b是位于非同源染色体上的两对基因。而且AB为灰色，Abb，aabb为白色，aaBB为黑色(A/a控制灰色合成，B/b控制黑色合成)。有色物质1为黑色，基因为B，有色物质2为灰色，基因为A。以F1AaBb为灰色可证实推论，亲本中应该甲为AABB，乙为aabb(甲和乙为AAbb，aaBB性状与题意不符合)。由两对相对性状杂交实验可知F2中白鼠基因型为Aabb、AAbb、aabb三种。灰鼠中AABBAaBBAABbAaBb1224。除了AABB外皆为杂合子，杂合子比例为8/9。由解析可知有色物质1是黑色，实验二中，丙为纯合子，F1全为黑色，丙为aaBB，F1为aaBb，F2中aaB(aaBB、aaBb)aabb31。(2)实验三中丁与纯合黑鼠(aaBB)杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于A为显性(本解析中用A1表示)。结合F1F2未出现白鼠可知，丁不含b基因，其基因型为A1ABB。若推论正确，则F1中黄鼠基因型为A1aBB，灰鼠为AaBB。杂交后代基因型及比例为A1ABBA1aBBAaBBaaBB1111，表现型及其比例为黄灰黑211。在减数第一次分裂过程中联会后，同源染色体分离，非同源染色体自由组合。次级精母细胞进行减数第二次分裂，姐妹染色单体分离。由于姐妹染色单体是由同一条染色体通过复制而来的，若不发生交叉互换基因两两相同，应该是4个荧光点，2种颜色。出现第三种颜色应该是发生交叉互换的结果。答案(1)2aabb38/9黑aaBB、aaBb(2)A显黄鼠灰鼠黑鼠211基因A与新基因所在同源染色体的非姐妹染色单体之间发生了交叉互换