2019-2020年高中毕业班调研测试物理试题 含解析.doc

2019-2020年高中毕业班调研测试物理试题 含解析一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分，共64分每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求多选、错选均不得分1如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械，在手臂OA沿由水平方向缓慢移到A位置过程中，若手臂OA，OB的拉力分别为FA和FB，下列表述正确的是（）A FA一定小于运动员的重力GBFA与FB的合力始终大小不变C FA的大小保持不变DFB的大小保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以人为研究对象，分析受力情况，运用作图法分析FA与重力的大小关系人保持静止状态，则知FA与FB的合力始终大小不变由图判断FA与FB的变化情况解答：解：A、以人为研究对象，分析受力情况如图，由图看出，FA不一定小于重力G故A错误B、人保持静止状态，则知FA与FB的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变故B正确C、D由图看出FA的大小在减小，FB的大小也在减小故CD均错误故选B点评：本题是动态平衡问题，运用图解法比较直观，也可以运用函数法进行研究2（4分）如图所示，a是地球赤道上的一点，某时刻在a的正上方有三颗轨道位于赤道平面的卫星b、c、d，各卫星的运行方向均与地球自转方向（图中已标出）相同，其中d是地球同步卫星从该时刻起，经过一段时间t（已知在时间t内三颗卫星都还没有运行一周），下列各图中卫星相对a的位置最接近实际的是（）ABCD考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力等于向心力：G=mr知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，可以比较出三卫星转过的角度，而同步卫星又与地球保持相对静止解答：解：根据G=mr知，轨道半径越大，周期越大，则角速度越小，所以经过相同的时间，三个卫星中，b转过的角度最大，c次之，d最小，d为同步卫星，与赤道上的a保持相对静止故A、B、C错误，D正确故选：D点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，G=mr知道周期与轨道半径的关系以及知道同步卫星的特点3（4分）如图所示，物块以初速度v0从底端沿足够长的光滑斜面向上滑行，不考虑空气阻力，则该物块在斜面上运动全过程的vt图象是（）ABCD考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：运动学中的图像专题分析：对物块进行受力分析，判断物体的运动情况，从而选择速度时间图象解答：解：物体在运动过程中，只受到重力和支持力作用，合力不变，加速度不变，则物体先做匀减速直线运动，速度为零后做匀加速直线运动返回，加速度不变，故A正确故选：A点评：本题的关键是分析清楚物体的运动情况，知道加速度不变，难度不大，属于基础题4（4分）在探究超重和失重规律时，体重为G的某同学站在一压力传感器上，传感器和计算机相连某同学完成了一次下蹲动作，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象下列图象中符合情景的是（）ABCD考点：超重和失重分析：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态解答：解：对人的运动过程分析可知，人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，A、B、C错误；所以D正确故选：D点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分5（6分）下列关于力的说法正确的是（）A作用力和反作用力作用在同一物体上B太阳系中的行星均受到太阳的引力作用C物体做自由落体运动过程中所受合力为零D二力平衡可以是性质不同的两个力考点：作用力和反作用力；力的概念及其矢量性专题：常规题型分析：由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失解答：解：A、作用力和反作用力作用在两个物体上，故A错误；B、太阳系中的行星均受到太阳的引力作用，故B正确；C、物体做自由落体运动过程中所受合力不为零，故C错误；D、二力平衡可以是性质不同的两个力，例如静止在水平面上的物体，受重力与地面的支持力，故D错误；故选：B点评：考查牛顿第三定律及其理解理解牛顿第三定律与平衡力的区别6（6分）如图，将一正电荷从电场线上的a点移到b点，电势a=10V、b=5V下列判断正确的是（）A该电场是匀强电场B电场线方向由a指向bCa点场强大于b点场强D正电荷的电势能减少考点：电场线；电场强度；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低解答：解：A、将一正电荷从电场线上的a点移到b点，电势a=10V、b=5V沿着电场线电势一定降低，所以电场线方向由a指向b，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，所以不一定是匀强电场，故A错误，B正确C、由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故C错误D、a点电势大于b点电势，所以一正电荷从电场线上的a点移到b点，电势能减小，故D正确故选：BD点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低7（6分）运动员抛出铅球，其运动轨迹如图所示已知在B点时的速度与加速度相互垂直，不计空气阻力，则下列表述正确的是（）A铅球在B点的速度为零B铅球从B点到D点加速度与速度始终垂直C铅球在B点和D点的机械能相等D铅球在水平方向做匀速直线运动考点：机械能守恒定律；抛体运动专题：机械能守恒定律应用专题分析：不计空气阻力，抛体在空中只受重力作用，机械能守恒；抛体运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的匀变速运动解答：解：A、B点是铅球运动的最高点，铅球在B点速度沿水平方向，不为零，故A错误；B、铅球做曲线运动，速度方向沿曲线的切线方向，而铅球加速度方向始终竖直向下，铅球从B点到D点加速度方向与速度方向不垂直，故B错误；C、铅球在运动过程中，机械能守恒，因此铅球在B点和D点的机械能相等，故C正确；D、铅球在水平方向做匀速直线运动，故D正确；故选：CD点评：抛体运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的匀变速直线运动，抛体运动机械能守恒8（6分）在距水平地面一定高度的某点，同时将两物体分别沿竖直方向与水平方向以相同的速度抛出（不计空气阻力），对于这两个物体从抛出到落地过程，下列说法正确的是（）A加速度相同B落地时速度大小相同C一定同时落地D位移相同考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：根据牛顿第二定律比较加速度的大小在距水平地面一定高度的某点，同时将两物体分别沿竖直方向与水平方向抛出（不计空气阻力），一个物体做竖直下抛，一个物体做平抛运动根据机械能守恒定律分析落地速度大小关系，根据运动学公式比较运动的时间解答：解：A、两个物体运动时都只受重力，根据牛顿第二定律知，加速度都为g，方向竖直向下故A正确B、由于不计空气阻力，两个物体的机械能都守恒，则有：mgh+=可得 落地时速度大小为 v=v与抛出时速度方向无关，所以落地时速度大小相同，故B正确C、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，落地的时间是t2，则：h=g；对于竖直下抛运动是初速度的匀加速直线运动，加速度也为g，根据位移时间公式得：h=v0t1+，知t2t1同理得竖直上抛运动的时间比平抛运动长，故C错误D、沿竖直方向运动的物体通过的位移大小等于抛出点的高度，而平抛运动的位移大于抛出时高度，则两者位移大小不同，故D错误故选：AB点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动和竖直下或上抛运动都是加速度为g的匀变速运动9（6分）如图所示，光滑轨道右端固定一个竖直挡板，挡板左边连接一轻质弹簧，小球以初速度v0，经过轨道的a、b、c、d、e后压缩弹簧直至f点，不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（）A小球在全过程中机械能守恒B小球从b到c过程重力做正功C在f点弹簧的弹性势能最大D小球在d点机械能大于在b点的机械能考点：功能关系；弹性势能；机械能守恒定律分析：小球在光滑的轨道上运动的过程中只有重力做功，压缩弹簧的过程中弹簧做功然后结合机械能守恒的条件即可解答解答：解：A、C、小球在光滑的轨道上运动的过程中只有重力做功，小球的机械能守恒；压缩弹簧的过程中弹簧做功，小球的机械能不守恒，小球的动能转化为弹簧的弹性势能在f点小球的动能是零，弹簧的弹性势能最大故A错误，C正确；B、小球从b到c过程沿斜面向下运动，重力做正功故B正确；D、小球在光滑的轨道上从a到d运动的过程中只有重力做功，小球的机械能守恒，所以小球在d点机械能等于在b点的机械能故D错误故选：BC点评：该题考查机械能守恒的条件，紧扣条件解答即可该题的易错的地方是弹簧的弹力做功时，小球的机械能不守恒，小球与弹簧组成的系统的机械能守恒要注意区分三、非选择题：本题包括11小题，共182分10（8分）（xx宿迁二模）小明研究小车在水平长木板上运动所受摩擦力的大小，选用的实验器材是：长木板、总质量为m的小车、光电门、数字毫秒计、弧形斜面、挡光片、游标卡尺、刻度尺器材安装如图甲（1）主要的实验过程：用游标卡尺测量挡光片宽度d，读数如图乙，则d=6.00mm；让小车从斜面上某一位置释放，读出小车通过光电门时数字毫秒计示数t；用刻度尺量出小车停止运动时遮光板与光电门间的距离L；求出小车与木板间摩擦力f=（用物理量的符号表示）（2）若实验中没有现成的挡光片，某同学用一宽度为6cm的金属片替代这种做法是否合理？不合理（选填“合理”或“不合理”）（3）实验中，小车释放的高度应该适当大（选填“大”或“小”）些考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题分析：（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；由速度公式求出小车的速度，应用动能定理求出摩擦力；（2）小车的瞬时速度可以近似等于小车在很短时间（或很小位移）上的平均速度，时间或位移越小，平均速度越接近瞬时速度；（3）小车的水平位移越大，测量其位移时的误差越小，实验误差越小，据此分析答题解答：解：（1）由图甲所示可知，游标卡尺的主尺示数为0.6cm=6mm，游标尺示数为00.05mm=0.00mm，则挡光片的宽度d=6mm+0.00mm=6.00mm；挡光片经过光电门时的速度v=，小车在水平面上做匀减速运动，由动能定理得：fL=0mv2，解得：f=（2）实验时把小车经过挡光片时的平均速度作为小车的瞬时速度，挡光片的宽度越窄，小车经过挡光片时的平均速度越接近小车的瞬时速度，挡光片的宽度越大，小车的速度误差越大，不能用6cm的金属片替代挡光片（3）小车释放的高度越大，小车到达水平面时的速度越大，小车在水平面上滑行的距离越大，L的测量值误差越小，实验误差越小故答案为：（1）6.00；（2）不合理；（3）大点评：游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数，游标卡尺不需要估读；物体在很小一段时间内的平均速度可近似认为等于瞬时速度，时间越短，平均速度与瞬时速度相差越小11（10分）利用如图1所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验（1）除打点计时器（含纸带、复写纸）、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有AC（选填字母）A大小合适的铁质重锤 B体积较大的木质重锤 C刻度尺 D游标卡尺 E秒表（2）图2是实验中得到的一条纸带在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC重锤质量用m表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量|Ep|=mghB，动能的增加量Ek=（3）实验结果总是重力势能的减少量略大于动能的增加量，对于这个误差产生的主要原因是空气阻力作用（4）某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到起始点O的距离h，并计算出打相应计数点时重锤的速度v，通过描绘v2h图象去研究机械能是否守恒若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论上分析，合理的v2h图象是图3中的哪一个A考点：验证机械能守恒定律专题：实验题分析：根据实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定所需的测量器材根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量根据动能定理得出v2h的表达式，从而确定正确的图线解答：解：（1）实验中为了减小阻力的影响，重锤选择合适的铁质重锤需要测量某点的瞬时速度，则需测量点迹间的距离，所以还需刻度尺打点计时器就是记录时间的器材，所以不需要秒表，实验中不需要游标卡尺故选：AC（2）B点的瞬时速度为：，则动能的增加量为：Ek=mvB2=m（）2=重锤重力势能的减少量为：|Ep|=mghB，（3）实验结果总是重力势能的减少量略大于动能的增加量，对于这个误差产生的主要原因是由于空气阻力作用；（4）若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，根据动能定理，则有：mghfh=mv2，解得v2=（2g）h，可知v2h图线是一条过原点的倾斜直线故选：A故答案为：（1）AC；（2）mghB，；（3）空气阻力作用；（4）A点评：解决本题的关键掌握实验的原理，会通过原理确定器材，以及掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度的大小，关键是匀变速直线运动推论的运用12（18分）如图A所示，固定在水平地面上的工件，由AB和BC两部分组成，其中AB部分为光滑的圆弧，AOB=37，圆弧的半径R=0.5m，圆心O点在B点正上方；BC部分水平，长度为0.2m现有一质量m=lkg，可视为质点的物块从A端由静止释放，恰好能运动到C点（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）物块运动到B点时的速度大小；（2）BC段的动摩擦因数；（3）将BC段转过一锐角=37如图B所示，B处平滑连接求物块在BC上运动的总路程考点：动能定理；向心力；机械能守恒定律专题：动能定理的应用专题分析：根据动能定理求物快运动到B点时的速度大小；根据动能定理求BC段的动摩擦因数；解答：解：（1）根据动能定理：mgR（1cos37）=mv2得：v=m/s（2）物块在BC段：mgL=0mv2得：=0.5（3）在BC上mgsinmgcos37所以物块最终停在B端，根据能量的转化与守恒：mv2=mgcos37SS=0.25m答：（1）物块运动到B点时的速度大小为m/s；（2）BC段的动摩擦因数为0.5；（3）将BC段转过一锐角=37如图B所示，B处平滑连接物块在BC上运动的总路程为0.25m点评：本题是动能定理的运用问题，关键是选择适当的过程运用动能定理列式，动能定理适用于多过程问题，可以使问题简化13（18分）如图所示，质量为m的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在半径为R的薄壁圆筒上t=0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，转动中角速度满足=1t（1为已知常数），物块和地面之间动摩擦因数为求：（1）物块做何种运动？请说明理由（2）物块运动中受到的拉力（3）若当圆筒角速度达到0时，使其减速转动，并以此时刻为t=0，且角速度满足=02t（式中0、2均为已知），则减速多长时间后小物块停止运动？考点：线速度、角速度和周期、转速；牛顿第二定律专题：匀速圆周运动专题分析：（1）根据公式v=R求解出线速度表达式进行分析即可；（2）受力分析后根据牛顿第二定律列式求解拉力；（3）分细线拉紧和没有拉紧两种情况分析解答：解：（1）圆筒边缘线速度与物块前进速度大小相同，根据v=R=R1t，线速度与时间成正比，故物块做初速为零的匀加速直线运动；（2）由第（1）问分析结论，物块加速度为a=R1，根据物块受力，由牛顿第二定律得：Tmg=ma则细线拉力为：T=mg+m R1（3）圆筒减速后，边缘线速度大小v=R=0RR2t，线速度变化率为a=R2若ag，细线处于拉紧状态，物块与圆筒同时停止，物块减速时间为：t=若ag，细线松弛，物块水平方向仅受摩擦力，物块减速时间为：t=答：（1）物块做初速为零的匀加速直线运动；（2）物块运动中受到的拉力为mg+m R1；（3）时间后小物块停止运动点评：本题提到了角加速度这个新的概念，关键是推导出滑块的线速度公式进行分析，将转动的研究转化为平动的研究进行分析