2019-2020年高三物理开学摸底考试（含解析）.doc

2019-2020年高三物理开学摸底考试（含解析）（满分100分，答题时间90分钟）本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，第I卷1至4页（12道题）第II卷4至8页（5道题）。考生注意：1.所有答案一律填写在“答题纸”对应的题号处，答在试卷上的无效2.考试结束，只交“答题纸” 第I卷（选择题 共48分）本卷共12小题，18题为单选，每题3分，不选或错选的得0分；912题为多选，每题6分，全选对的得6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分。将你的答案填写在“答题纸”对应的题号处1意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”,他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀加速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大, 在当时的年代由于加速度增大而导致时间无法测定，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是A自由落体运动是一种匀加速直线运动 B力是使物体产生加速度的原因C力不是维持物体运动的原因 D物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性【答案】A【解析】铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。故选A。【考点】牛顿第一定律2甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向作直线运动，t0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在描述两车运动的vt图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在020 s的运动情况。关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是A在010 s内两车逐渐靠近B在1020 s内两车逐渐远离C在515 s内两车的位移相等 D在t10 s时两车在公路上相遇【答案】C【解析】A、0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标，在0-10s内乙车速度大于甲车的速度，乙车在甲车的前方，所以两车逐渐远离，故A错误；B、在10-20s内，a车速度小于b车的速度，两车逐渐靠近，故B错误；C、根据速度图象的“面积”表示位移，由几何知识看出，5-15s内两车的位移相等，故C正确；D、在t=10s时两车速度相等，但a的位移大于b的位移，b还没有追上a，故D错误。故选C。【考点】匀变速直线运动的图像3如图所示，顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A、B两物体通过细绳连接，并处于静止状态不计绳的质量和绳与滑轮间的摩擦，现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止，在此过程中A水平力F一定变小B地面对斜面体的摩擦力一定变大C物体A受斜面体的摩擦力一定变大D斜面体受地面的支持力一定变大【答案】B【解析】A、取物体B为研究对象，分析其受力情况如图所示，则有F=mgtan，在将物体B缓慢拉高的过程中，增大，则水平力F和细绳上的拉力T随之变大，故A错误；BD、对A、B两物体与斜面体这个系统而言，系统处于平衡状态，因拉力F变大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，而竖直方向并没有增加其他力，故斜面体所受地面的支持力不变；故B正确D错误；C、在这个过程中尽管绳子张力变大，但是开始时物体A所受斜面体的摩擦力方向未知，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，故C错误。故选B。【考点】力的合成与分解；共点力平衡4. 为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是A. 顾客始终受到三个力的作用B. 顾客始终处于超重状态C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D. 顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下【答案】C【解析】在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，处于超重状态；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下。故选C。【考点】牛顿第二定律；牛顿第三定律5. 在光滑的水平面上，用F=6N的恒力，水平作用在质量为2kg的质点上，使其由静止开始运动。试比较经过5s的时间或经过5m的位移时，突然撤去拉力，得到的结论不正确是 A撤力时，前种情况的末速度大于后种情况的末速度 B撤力时，前种情况的末速度小于后种情况的末速度 C撤力前，前种情况比后种情况滑行的路程长 D撤力前，前种情况比后种情况滑行的时间长【答案】B【解析】由牛顿第二定律得：，物体做初速度为零的匀加速运动，有，得；AB、撤力时，前种情况的末速度大于后种情况的末速度，故A正确，B错误；C、撤力前，前种情况比后种情况滑行的路程长，故C正确；D、后种情况的运动时间，撤力前，前种情况比后种情况滑行的时间长，故D正确。故选B。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系6在高速公路的拐弯处，路面要求筑得外高内低，即当车向右转弯时，司机左侧的路面比右侧的要高一些。设路面与水平面间的夹角为，拐弯路段是半径为R的圆弧，要使车轮与路面之间的横向(即垂直于前进方向)摩擦力等于零，车速大小v应等于 A B C D 【答案】D【解析】车匀速转弯，合力等于向心力，如图，根据牛顿第二定律：解得故选D。【考点】向心力；牛顿第二定律7如图所示，一个质量为的物体以某一速度从A点冲上倾角为30的斜面，其运动的加速度为，这物体在斜面上上升的最大高度为h，则物体在此过程中A重力势能增加了 B动能损失了C机械能损失了D物体克服摩擦力的功率随时间在均匀减小【答案】D【解析】A、物体上升高度为h，克服重力做功为mgh，则重力势能增加了mgh，故A错误；B、根据牛顿第二定律知，物体所受的合力为，方向沿斜面向下；根据动能定理得，所以物体的动能减小1.5mgh，故B错误；C、物体的动能减小1.5mgh，重力势能增加mgh，所以机械能减小0.5mgh，故C错误；D、物体克服摩擦力做的功率为：，f、v0、a不变，所以物体克服摩擦力的功率随时间在均匀减小，故D正确。故选D。【考点】动能定理8以初速为，射程为的平抛运动轨迹制成一光滑轨道。一物体由静止开始从轨道顶端滑下，当其到达轨道底部时，物体水平方向速度大小为A. B. C. D. 【答案】C【解析】平抛运动，在水平方向上有：；在竖直方向有：根据动能定理得解得设是轨道的切线与水平方向的夹角，即为平抛运动末速度与水平方向的夹角，是平抛运动位移方向与水平方法的夹角，根据平抛运动的结论有：，则，由三角函数基本关系式得：，则把cos代入水平方向速度大小的关系式得： ，故C正确。故选C。【考点】平抛运动9如图所示，一轻质弹簧竖立于地面上，质量为m的小球，自弹簧正上方h高处由静止释放，则从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短（弹簧的形变始终在弹性限度内）的过程中，下列说法正确的是A小球的机械能守恒 B重力对小球作正功，小球的重力势能减小C由于弹簧的弹力对小球做负功，所以小球的动能一直减小D小球的加速度先减小后增大【答案】BD【解析】A、小球和弹簧组成的系统机械能守恒，小球机械能不守恒，故A错误；B、从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球一直向下运动，重力一直做正功，重力势能减小，故B正确；CD、刚开始重力大于弹力，合力向下，小球加速运动，当重力等于弹力时，加速度为零，速度最大，再向下运动时，弹力大于重力，加速度方向向上，速度减小，加速度增大，到达最低点时速度为零，加速度最大，故C错误D正确。故选BD。【考点】机械能守恒定律10地球赤道上的重力加速度为g，物体在赤道上随地球自转的向心加速度为a，卫星甲、乙、丙在如图所示的三个椭圆轨道上绕地球运行，卫星甲和乙的运行轨道在P点相切。不计阻力，以下说法正确的是A如果地球的转速为原来的倍，那么赤道上的物体将会“飘”起来而处于完全失重状态B卫星甲、乙分别经过P点时的速度相等C卫星丙的周期最小D卫星甲的机械能最大【答案】AC【解析】A、使地球上的物体票“飘”起来即物体处于完全失重状态，即此时物体所受地球的重力完全提供物体随地球自转时的向心力则有：当物体飘起来的时候，万有引力完全提供向心力，物体的向心加速度为，即此时的向心加速度根据向心加速度和转速的关系有：，可得：，故A正确；B、物体在椭圆形轨道上运动，轨道高度超高，在近地点时的速度越大，故B错误；C、根据开普勒第三定律知，椭圆半长轴越小，卫星的周期越小，卫星丙的半长轴最短，故周期最小，故C正确；D、卫星的机械能跟卫星的速度、高度和质量有关，因未知卫星的质量，故不能确定甲卫星的机械能最大，故D错误。故选AC。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用11.如图所示小球沿水平面通过O点进入半径为R的半圆弧轨道后恰能通过最高点P，然后落回水平面不计一切阻力。下列说法正确的是 A.小球落地点离O点的水平距离为RB.小球落地点时的动能为5mgR/2 C.小球运动到半圆弧最高点P时向心力恰好为零D.若将半圆弧轨道上部的1/4圆弧截去，其他条件不变，则小球能达到的最大高度比P点高0.5R【答案】BD【解析】A、小球恰能通过最高点，根据牛顿第二定律得：，解得：，根据得：，则水平距离为：，故A错误；B、根据动能定理：，得落地的动能为：，故B正确；C、小球恰好运动到最高点，重力提供向心力，向心力不为零，故C错误；D、若将半圆弧轨道上的圆弧截去，到达最高点的速度为零，有，未截去前，有：，联立两式解得，故D正确。故选BD。【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力12一物体放在升降机底板上，随同升降机由静止开始竖直向下运动，运动过程中物体的机械能与物体位移关系的图象如图所示，其中o- s1过程的图线为曲线，s1-s2过程的图线为直线.根据该图象，下列判断正确的是A过程中物体所受合力一定是变力B过程中物体可能在做匀速直线运动C过程中物体可能在做变加速直线运动D过程中物体的动能可能在不断增大【答案】ABD【解析】A、Os1过程中，Os1过程的图线为曲线，机械能随位移减小变快，也就是支持力在增大，所以升降机底板上所受的压力一定是变力，故A正确；B、由于物体在s1s2内E-x图象的斜率的绝对值不变，故物体所受的拉力保持不变如果拉力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动，故B正确；C、由于物体在s1s2内所受的拉力保持不变，故加速度保持不变，故物体不可能做变加速直线运动，故C错误；D、物体由静止开始竖直向下运动，从机械能与物体位移关系的图象中我们发现Os2过程中物体的机械能减小，所以物体除了受重力，还受向上的支持力物体的阻力支持力重力，所以速度在增大，物体的动能可能在不断增大，故D正确。故选ABD。【考点】动能定理第II卷 （非选择题，共52分）将各题的答案填写在“答题纸”对应的题空处13（6分）某同学利用如图的实验装置来验证机械能守恒定律（1）该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源释放纸带。请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方： ； 。（2）该同学经修改错误并正确操作研究从静止开始下落的物体所受阻力的情况，得到如图所示的纸带（A、B、C、D、E均为相邻的打点），测出A、C间的距离为14.77cm，点C、E间的距离为16.33cm。已知当地重力加速度为10m/s2，重锤质量为m=1.0kg，设重锤所受阻力大小不变。在从A下落到E的过程中，阻力大小为 _N（保留两位有效数字）。（已知电源的频率为50HZ）【答案】（1）打点计时器接了直流电；重物离打点计时器太远。 (2) 0.25N【解析】（1）打点计时器接了直流电；重物离打点计时器太远（2）每两个点之间有一个计时点，则相邻两个计数点之间的时间间隔为T=0.04s，根据：，得物体下落的加速度，根据牛顿第二定律得，所以。【考点】验证机械能守恒定律14(6分)某实验小组设计了如图所示实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图像。他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a-F图线，如图所示。滑块和位移传感器发射部分的总质量m= kg；滑块和轨道间的动摩擦因数= （重力加速度g取10m/s2）【答案】0.5 0.2【解析】根据得，所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5Kg由图形b得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0，根据牛顿第二定律得解得=0.2。【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系15（12分）如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙运动。某人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后，沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来。若人和滑板的总质量m = 60.0 kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为 = 0.50，斜坡的倾角 = 37（sin37 = 0.6，cos37 = 0.8），斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10 m/s2。求：（1）人从斜坡上滑下的加速度大小为多少（2）若AB的长度为25m，求BC的长度为多少【答案】 【解析】（1）设人在斜坡上滑下的加速度为a1，沿斜面由牛顿第二定律有垂直于斜面由平衡条件又联立解得代入数据得（2）人滑到B点时=10m/s在水平轨道上运动时，得由得【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动速度与位移的关系16（13分）汽车发动机的功率为60KW，汽车的质量为。汽车在足够长的水平路面从静止以0.6m/s2的加速度做匀加速直线运动。（已知汽车在行驶中所受路面阻力恒定为重力的0.1倍，g取10m/s2）求： （1）汽车在水平路面能达到的最大速度vm1（2）汽车在水平路面做匀加速运动能维持多长时间【答案】 【解析】（1）汽车达到最大速度时，有：（2）经t时间，汽车匀加速达到额定功率时，由牛顿第二定律有：由运动学规律有：而解得【考点】功率；牛顿第二定律17（15分）如图所示，质量M=1kg的木板静止在粗糙的水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数，在木板的左端放置一个质量为m=1kg，大小可忽略的铁块，铁块与木板间的动摩擦因数，取g=10m/s2，试求：（1）若木板长L=1m，在铁块上加一个水平向右的恒力F=8N，经过多长时间铁块运动到木板右端；（2）若在铁块上加一个大小从零开始均匀增加的水平向右的力F，通过分析和计算后，请在图中画出铁块受到木板的摩擦力随拉力F大小变化的图像。（设木板足够长）【答案】 图像如解析【解析】（1）铁块的加速度大小木板的加速度大小设经过时间t铁块运动到木板的右端，则有解得：（2）当时，A、B相对静止且对地静止，设F=F1时，A、B恰保持相对静止，此时系统的加速度以系统为研究对象，根据牛顿第二定律有解得：F1=6N所以，当时，M、m相对静止，系统向右做匀加速运动，其加速度以M为研究对象，根据牛顿第二定律有，解得：当，A、B发生相对运动，随拉力F大小变化的图像如图：【考点】牛顿第二定律；摩擦力王琳 张宇坤郑影 王喜文吉林市普通高中毕业班xx学年度上学期摸底检测（物理参考答案及评分标准）第卷 选择题：（48分）（18题选对的得3分，912题选对的得6分，选对但不全得3分，有选错或不答的得0分）1.A 2.C 3.B 4.C 5.B 6.D 7.D 8.C 9.BD 10.AC 11.BD 12.ABD第卷 非选择题13（6分每空2分）（1）打点计时器接了直流电（说成应接交流电也算正确）；重物离打点计时器太远（说成重物应靠近打点计时器也算正确）。(2) 0.25N（0.240.26都算正确）14.（6分）0.5,0.2（每空3分）15.（12分）（1）人在斜面上受力如图所示，建立图示坐标系，设人在斜坡上滑下的加速度为a1，由牛顿第二定律有 （2分） （1分）又 （1分）联立解得a1 = g（sincos）(1分)代入数据得a1 = 2.0 m/s2 (1分)（2）人滑到B点时 =10m/s （1分） 在水平轨道上运动时=m （2分） = =5m/s （1分） 由 （1分） s=10m （1分）用其他方法解全部正确的给满分，部分正确的给步骤分16（13分）（1）汽车达到最大速度时，有： （6分） （2）经t时间，汽车匀加速达到额定功率时，由牛顿第二定律有： （2分） 由运动学规律有： （2分） 而 （2分） 解得 t = 15.625s （1分） 写分数的正确的就给分17（15分）解：（1）铁块的加速度大小（1分）木板的加速度大小（1分）设经过时间t铁块运动到木板的右端，则有（2分）解得：t=1s（1分） （2）当时，A、B相对静止且对地静止，（1分）设F=F1时，A、B恰保持相对静止，此时系统的加速度（1分）以系统为研究对象，根据牛顿第二定律有（1分）解得：F1=6N （1分）所以，当时，M、m相对静止，系统向右做匀加速运动，其加速度 （1分）以M为研究对象，根据牛顿第二定律有 解得：（1分）当，A、B发生相对运动，（1分）画出随拉力F大小变化 的图像如图（3分）无任何分析计算过程只有图不给分。有分析计算过程的哪部分对给哪部分的分