2019-2020年高三物理临门一脚试题 （含解析）.doc

2019-2020年高三物理临门一脚试题 （含解析）13小娟、小明两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F，两人手臂间的夹角为，水和水桶的总重力为G，则下列说法中正确的是 ()A当为120时，FB不管为何值，FC当0时，FD越大时F越小【答案】C【解析】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：解得：，当=0时，值最大，则，即为最小，当为60时，当为120时，F=G，当越大时，则F越大；故C正确，ABD错误。故选C。【考点】力的合成与分解14如图所示为某种椅子与其升降部分的结构示意图，M、N两筒间密闭了一定质量的气体，M可沿N的内壁上下滑动，设筒内气体不与外界发生热交换，在M向下滑动的过程中 ( )A外界对气体做功，气体内能增大B外界对气体做功，气体内能减小C气体对外界做功，气体内能增大D气体对外界做功，气体内能减小【答案】A【解析】M向下滑动，压力与位移同方向，即外界对气体做正功，同时筒内气体不与外界发生热交换，根据能量守恒定律，气体内能一定增加。故选A。【考点】热力学第一定律15如图所示，一定质量的理想气体从状态a沿直线变化到状态b，在此过程中，其压强()A逐渐增大B逐渐减小C始终不变 D先增大后减小【答案】A【解析】根据气体状态方程，因为沿直线从a到b，V逐渐变小，T逐渐变大，所以P逐渐变大。故选A。【考点】理想气体的状态方程16示波管原理如图所示，当两偏转电极XX、YY电压为零时，电子枪发射的电子经加速电压加速后会打在荧光屏上正中间的O点，其中x轴与XX电场的场强方向平行，x轴正方向垂直于纸面指向纸内，y轴与YY电场的场强方向平行。若要电子打在图示坐标系的第象限内，则()AX、Y接电源的正极，X、Y接电源的负极BX、Y接电源的正极，X、Y接电源的负极CX、Y接电源的正极，X、Y接电源的负极DX、Y接电源的正极，X、Y接电源的负极【答案】D【解析】将粒子的运动沿着x、y和初速度方向进行正交分解，沿初速度方向不受外力，做匀速直线运动；打在第三象限，故经过YY区间时电场力向下，即Y接负极；打在第三象限，故经过XX区间时电场力外，即X接负极。故选D。【考点】示波管；带电粒子在匀强电场中的运动17图中甲、乙分别表示两种电压的波形，其中图甲所示电压按正弦规律变化。下列说法正确的是()A图甲表示交流电，图乙表示直流电B两种电压的有效值相等C图甲所示电压的瞬时值表达式为u311 sin 100t VD图甲所示电压经匝数比为101的变压器变压后，频率不变【答案】CD【解析】A、由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；B、由于对应相同时刻，图甲电压比图乙电压大，根据有效值的定义可知，图甲有效值要比图乙有效值大，故B错误；C、从图甲可知，所以图甲电压的瞬时值表达式为，故C正确；D、理想变压器变压后，功率不发生变化，故D正确。故选CD。【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系18如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是( )Ab、c的线速度相等Ba的向心加速度大于b的向心加速度Cc加速可追上同一轨道上的bDa卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，其线速度将增大【答案】BD【解析】A、卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，得，b、c的轨道半径相等，故b、c的线速度大小相等，故A正确；B、根据万有引力提供向心力，得，由此可知，轨道半径越小，加速度越大，故a的向心加速度大于b的向心加速度，故B正确；C、c加速，万有引力不够提供向心力，做离心运动，离开原轨道，所以不会与同轨道上的卫星相遇，故C错误；D、卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，根据公式，则线速度增大，故D正确。故选BD。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系19利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像.某同学在一次实验中得到的运动小车的速度时间图像如图所示，由此可以知道（ ）A小车先做加速运动，后做匀速运动B小车运动的最大速度约为0.8m/sC小车的最大位移是0.8mD小车做曲线运动【答案】AB【解析】A、由图看出，小车的速度不断增加，最后恒定，所以小车先做加速运动，后做匀速运动，故A正确；B、由图读出，小车运动的最大速度出现在大约1s的时刻，其大小约为0.8m/s，故B正确；C、图中每一小格为“面积”为0.1，面积超过方格一半算一个，不足半格舍去，总共有86格，所以总“面积”为8.6m，小车的最大位移是为8.6m，故C错误；D、小车做的是变速直线运动，不是曲线运动，故D错误。故选AB。【考点】匀变速直线运动的图像20 (钍)经过一系列的衰变和衰变，成为，下面说法中正确的是（ ）A铅核比钍核少12个中子B在上述衰变过程中发生了质量亏损C衰变的实质是核内的一个中子转化为一个质子和一个电子D放出的射线是氦原子【答案】BC【解析】A、核中子数为208-82=126，钍核中子数为232-90=142，所以铅核比钍核少142-126=16，故A错误；B、进行衰变后放出能量，质量减少，发生质量亏损，故B正确；C、衰变的实质是核内的一个中子转化为一个质子和一个电子，故C正确；D、放出的射线是氦原子的原子核，故D错误。故选BC。【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度21如图所示，金属杆ab以恒定的速率v在光滑平行导轨上向右滑行，设整个电路总电阻为R（恒定不变），整个装置置于垂直纸面向里的匀强磁场中，下列叙述正确的是（ ）Aab杆中的电流强度与速率v成正比B磁场作用于ab杆的安培力与速率v成正比C电阻R上产生的电热功率与速率v成正比D外力对ab杆做功的功率与速率v成正比【答案】AB【解析】A、电动势，则电流强度，知电流强度与速率成正比，故A正确；B、知安培力与速率成正比，故B正确；C、根据，则，知电阻R产生的热功率与速率的平方成正比，故C错误；D、，知外力的功率与速率的平方成正比，故D错误。故选AB。【考点】法拉第电磁感应定律；安培力；电磁感应中的能量转化、（）用如图甲所示的实验装置来“探究加速度与力关系”。现使小车A连接纸带后置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，B为打点计时器、C为弹簧测力计，不计绳与滑轮的摩擦。实验时，先接通电源再松开小车，打点计时器在纸带上打下一系列点。甲同学打好三条纸带，选取其中最好的一条，其中一段如图乙所示：图中0、1、2、3、4为计数点，相邻的两个计数点间有四个点未画出。用刻度尺测得S1=2.80cm；S2=4.29cm；S3=5.79cm；S4=7.30cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2”时的瞬时速度为v2= m/s，小车加速度a= m/s2 （保留三位有效数字）若该同学利用已学的牛顿第二定律计算,发现小车所受合外力小于测力计读数，明显超出实验误差的正常范围。你认为主要原因是_，实验操作中改进的措施是_。【答案】0.504 、a=1.50 小车运动时所受摩擦力较大；使导轨倾斜一定角度以平衡摩擦力【解析】（1）在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，故有：根据匀变速直线运动的推论：（2）实验中是将物体的重力充当了小车的拉力，由于小车受到桌面的摩擦力，故会使合力小于物体的重力，造成较大的误差，故应未平衡摩擦力（或小车受到的摩擦阻力的影响）措施是把木板不带定滑轮的那一端适当垫高，以平衡摩擦力。【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系（2）某同学通过实验描绘规格为“2.5V .W”的小灯泡的IU特性曲线。现实验室提供下列器材： A电流表A1（量程为00.6A，内阻约0.2） B电流表A2（量程为03.0A，内阻约1） C电压表V1（量程为03V，内阻约5k） D电压表V2(量程为015V，内阻约15k) E滑动变阻器R1（010，额定电流.5A)；F滑动变阻器R2（0，额定电流1.A）G直流电源（电动势4V，内阻忽略不计）H电键一个、导线若干实验中所用的电流表应选_；滑动变阻器应选_。(只需填器材前面的字母 代号)图甲所示为某同学已连接的实物电路，经检查，发现电路中缺少两根导线，请你帮助他找 到这两根线的位置，并画在图甲中若该同学在如图甲所示状态下完成了最后两根导线的连接，请指出其中的两个不当之处： A：_； B：_ 。【答案】A F如图所示；A、滑动变阻器的滑片应拨到b点；B、开关应处于断开状态【解析】灯泡额定电流，则电流表选A1即选：A；由于灯泡额定电流是0.5A，测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器额定电流要大于0.5A，所以滑动变阻器应选R2，即选：F测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法，电路如图；两个不当之处：A、滑动变阻器的滑片应拨到b点；B、开关应处于断开状态。【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线、（分）如图所示，在平面直角坐标系xoy中，以(0，R)为圆心，半径为R的圆形区域内有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直于xOy平面向外，一质量为m、带电量+q的粒子从O点沿y轴正方向以v0入射进场区恰好做匀速直线运动不计重力作用。(1)求电场强度E的大小和方向(2)若撤去电场带电粒子从O点以大小为v速度沿y轴正方向射入，且，求粒子在磁场中运动的半径及运动时间。(3)若仅仅撤去电场带电粒子仍从O点沿y轴正方向入射但速度大小变为v，求粒子在磁场中的运动时间【答案】，向沿x轴负方向 【解析】(1)由qv0B=qE，解得，向沿x轴负方向。（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为r，洛伦兹力提供向心力。又解得：由于，可知带电粒子应从磁场最右侧的P点离开，有：，则得粒子在磁场中的运动时间（3）由，且，解得。粒子在磁场中运动的周期结合r1和v的数值可知设轨迹对应的圆心角为，由几何关系可知得粒子在磁场中的运动时间解【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动36如图所示，质量为m1=1kg的物体A放在质量为m2=3kg的木板B的左端，A可视为质点；B的右侧固定一个挡板，长度可忽略的劲度系数足够大的轻弹簧右端与挡板相连；AB之间的动摩擦因数，水平地面光滑。开始时AB位于墙壁右侧，处于静止；现用一与水平面成角的斜向下恒定外力推A，撞墙瞬间撤去F，B与墙壁的碰撞没有机械能损失，则：（1）撞墙前AB是否会发生相对滑动？通过计算说明理由。（2）若在AB的整个运动过程中，A不滑离B，则B的最短长度是多少？弹簧中能达到的最大弹性势能是多少？（）【答案】不会发生相对滑动，理由如解析 最短长度 【解析】（1）对AB组成的整体，根据牛顿第二定律：解得：隔离A，假设A已滑动，则有：解得：由于，所以AB保持相对静止，不会发生相对滑动（2）AB在与墙壁碰撞前，以加速度共同做匀加速运动，撞墙之前的瞬间，其速度为v0根据匀变速直线运动的推论推论，得：解得由于，必有，B与墙壁碰撞后的总动量向左，B与墙壁只碰撞一次当AB相对静止时，由动量守恒：解得：根据能量守恒可求得B的最短长度L为：解得弹簧被压缩最短时，AB的速度相等，此时弹性势能最大，满足：【考点】牛顿第二定律；动量守恒定律；能量守恒定律物理答案选择题 CAAD CD BD AB BC AB（每空分）（）0.504 ; a= 1.50 小车运动时所受摩擦力较大；使导轨倾斜一定角度以平衡摩擦力（）：A ； F；如图所示；A.滑动变阻器的滑片应拨到b点B开关应处于断开状态、解析：(1)由q v0B=qE，分解得E= v0/B。分方向沿x轴负方向。分（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为r，洛伦兹力提供向心力。Bqv=又2分解得：1分由于，可知带电粒子应从磁场最右侧的P点离开，有：则分粒子在磁场中的运动时间t=分（3）由Bqv=,且v1=V,解得r1=R。1分粒子在磁场中运动的周期T=1分结合r1和v的数值可知2分设轨迹对应的圆心角为，由几何关系可知得=602分粒子在磁场中的运动时间t=解t=2分、解析：（1）对AB组成的整体，根据牛顿第二定律：1分解得：1分隔离A，假设A已滑动，则有：1分解得：1分由于，所以AB保持相对静止，不会发生相对滑动1分（2）AB在与墙壁碰撞前，以加速度共同做匀加速运动，撞墙之前的瞬间，其速度为v01分根据一个有用推论，得：1分解得1分由于，必有，B与墙壁碰撞后的总动量向左，B与墙壁只碰撞一次1分当AB相对静止时，由动量守恒：2分解得：1分根据能量守恒可求得B的最短长度L为：2分解得1分弹簧被压缩最短时，AB的速度相等，此时弹性势能最大，满足：3分