2019-2020年高三最后打靶题理科数学试题含答案.doc

2019-2020年高三最后打靶题理科数学试题含答案 高三数学（理科) xx.6第I卷(选择题 共50分)一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知复数（i是虚数单位），则的共轭复数的虚部是( ) A. B. C. D. 2设集合，则 ( ) A. B. C. D. 3已知变量x与y正相关，且由观测数据算得样本平均数x3，y3.5，则由该观测数据算得的线性回归方程可能是()A BC D4已知命题对任意，总有；命题是的充分不必要条件.则下列命题为真命题的是 ( )A. B. C. D. 5下列函数中，满足“”的单调递增函数是( )A. B. C. D. 6已知圆C的方程为x2+y22x=0，若以直线y=kx2上任意一点为圆心，以l为半径的圆与圆C没有公共点，则k的整数值是( ) Al B0 C1 D27函数的图象大致是( )8. 已知点P(x，y)的坐标满足条件，当取得最大值为1时，那么x2y2的最小值为()A B C1 D29将个相同的小球放入个不同的盒子，要求每个盒子中至少有一个小球，且每个盒子里的小球个数都不相同，则不同的放法种数为() A12 B15 C18 D2110已知双曲线左、右焦点分别为F1(-c，0)，F2(c，0)，若双曲线右支上存在点P使得，则该双曲线离心率的取值范围为() A(0，) B(，1) C(1，) D(，)第II卷（非选择题 共100分）二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分.11. 若一个几何体的三视图如图所示，则此几何体的体积为_12. 执行如图所示的程序框图，若输入x0.1，则输出的m的值是_13. 在中，边，过点作交于，且，则_14. 直线过抛物线的焦点且与轴垂直，则与所围成的图形的面积等于 .15. 定义域为R的函数满足，当时，若时，恒成立，则实数t的取值范围是 .三、解答题：本大题共6小题,共75分,解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.16. （本小题满分12分）已知函数（），直线，是图象的任意两条对称轴，且的最小值为（）求的表达式； （）将函数的图象向右平移个单位后，再将得到的图象上各点的横坐标伸长为原来的2倍，纵坐标不变，得到函数的图象，若关于的方程，在区间上有且只有一个实数解，求实数的取值范围17 （本小题满分12分）袋中装着标有数字1，2，3的小球各2个，从袋中任取2个小球，每个小球被取出的可能性都相等 （）求取出的2个小球上的数字互不相同的概率；（）用表示取出的2个小球上的数字之和，求随机变量的概率分布与数学期望18. （本小题满分12分）已知等边三角形的边长为，点分别在边上，且满足，将沿折叠到的位置，使，连接 （）证明：； （）在线段上是否存在点，使得直线与平面所成的角为？若存在，求出的长；若不存在，说明理由19. （本小题满分12分）设数列的前项和为，对一切，点都在函数的图象上 （）求数列的通项公式； （）设为数列的前项积，若不等式对一切 都成立，其中，求的取值范围20. （本小题满分13分）设平面上一动点到定点（1,0）的距离与到定直线的距离之比为 （）求动点的轨迹的方程； （）设定点 (-2,),曲线上一点,其中.若曲线上存在两点，使，求的取值范围21. （本小题满分14分）函数， （）设（其中是的导函数），求的最大值； （）求证: 当时，有； （）设，当时，不等式恒成立，求的最大值山师附中第九次模拟考试高三数学（理科)答案一、选择题：15 DBACD 610ACBCC 二、填空题11.4 12.0 13. 14. 15. 16.（）将的图象向右平移个个单位后，得到的图象，再将所得图象所有点的横坐标伸长到原来的2倍，纵坐标不变，得到的图象. -9分令，,，在区间上有且只有一个实数解，即函数与在区间上有且只有一个交点，由正弦函数的图像可知或 或k=-1. -12分17.解：（）设“取出的2个小球上的数字互不相同”为事件，从袋中的6个小球中任取2个小球的方法共有种， 1分其中取出的2个小球上的数字互不相同的方法有， 3分 4分（）由题意，所有可能的取值为：2，3，4，5，6 5分， 10分故随机变量的概率分布为 23456因此，的数学期望为 12分18.证明：（1）在中，得1分在中，由余弦定理得于是，故为直角三角形，且3分折叠后由 6分(2) 由（1）可知，两两垂直以为坐标原点，建立直角坐标系如图所示则8分由可知，向量为面的一个法向量9分设则10分直线与平面所成的角为 解得11分故存在点满足要求，此时的长为。12分19.解：（1），所以1分2分又则奇数项与偶数项分别成等差数列当n取奇数时，当n取偶数时，故6分（2）因为，故，所以7分又，8分对一切都成立设，则只需9分由于，所以，故是单调递减，10分于是11分令，即 ，解得12分20. 解：（I）设,由题意得,2分化简得，所以，所求轨迹方程为4分（2）中点直线的斜率存在，设直线方程为：由得：，方程有解，则 (*)设，则6分中点坐标为，由知,为同一点，所以 8分上两式相比得：9分由，得代入(*)得： （*）10分将代入得：再代入（*）并结合得： 又所以，(或)所以，（舍去）12分故的取值范围.:13分21. （）所以2分当时，当时，因此，在上单调递增，在上单调递减.因此，当时，取得最大值4分（）当时，由（）知：当时，即6分因此，有8分（）不等式化为则令则所以函数在上单调递增。10分因为所以方程在上存在唯一实根且满足当时，即；当时，即；所以函数在上单调递减，在上单调递增.12分所以所以故整数的最大值是14分