2019-2020年高一下学期半期考试物理试题 含答案.doc

绝密启用前2019-2020年高一下学期半期考试物理试题 含答案注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上评卷人得分一、选择题（每小题4分;有的单选，有的多选，多项选择题，全对得4分，少选得2分，错选或多选不得分）1下列说法正确的是 （ ）A.物体在恒力的作用下可能做曲线运动B.物体在变力的作用下一定做曲线运动C.物体在恒力或变力的作用下，都可能做曲线运动 D.物体在恒力或变力的作用下，都可能做直线运动2如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行。在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为（重力加速度为g）（ ）A B C D 3关于力学单位制，下列说法中正确的是Akg、m、N是基本单位Bkg、N、m/s都是导出单位C在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是g4如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用水平力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为：ABC若物块与桌面的摩擦因数均为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为D若物块桌面的摩擦因数均为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为5如图所示，水平放置的传送带以速度v=2m/s向右运行,现将一小物体轻轻地放在传送带A端，物体与传送带间的动摩擦因数=0.2，若A端与B端相距6m，求物体由A到B的时间(g=10m/s2) （ ）A.2s B.2.5s C.3.5s D. 4 s6如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力 （ ）A等于零B不为零，方向向右C不为零，方向向左D不为零，v0较大时方向向左，v0较小时方向向右7游泳运动员以恒定的速率垂直于河岸渡河，当水速突然变大时，对运动员渡河时间和经历的路程产生的影响是 ( )A路程变大，时间不变B路程变大，时间延长C路程变大，时间缩短D路程和时间均不变8某人划船横渡一条河，河水流速处处相同且恒定，船的划行速率恒定。已知此人过河最短时间为T1；若此人用最短的位移过河，则需时间为T2；已知船的划行速度大于水速。则船的划行速率与水流速率之比为（ ）A B C D9如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（ ）abcxyOA.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大10如图所示，在同一平台上的O点水平抛出的三个物体，分别落到a、b、c三点，则三个物体运动的初速度va、vb、vc的关系和三个物体运动的时间ta、tb、tc的关系是( )A. vavbvc tatbtc B. vavbvc tatbtcC. vavbtbtc D. vavbvc tatbtc11如图所示，某一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A点小球的速度方向与水平方向的夹角为45，在B点小球的速度方向与水平方向的夹角为60，不计空气阻力，g=10m/s2。以下判断中正确的是（ ）450BA600A、小球由A到B的时间间隔为秒B、小球由A到B的时间间隔为秒C、A与B的高度差为10mD、A与B的高度差为15m12如图所示，一球体绕轴O1O2以角速度旋转，A、B为球体上两点。下列说法中正确的是（ ）AA、B两点具有相同的角速度BA、B两点具有相同的线速度CA、B两点具有相同的向心加速度DA、B两点的向心加速度方向都指向球心评卷人得分二、填空题（13题6分，14题9分）13用闪光照相方法研究平抛运动规律时，由于某种原因，只拍到了部分方格背景及小球的三个瞬时位置，如图所示。若已知闪光时间间隔为t=0.1s，则小球运动中初速度大小为_，小球经B点时的竖直分速度大小为_。（g取10m/s2，每小格边长均为L=5cm。）14（1）在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上 。（g取10m/s2）A斜槽必须光滑B每次可以从不同的高度静止释放小球C固定白纸的木板必须调节成竖直D通过调节使斜槽的末端保持水平E将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线（2）某学生在做“研究平抛运动”的实验中，忘记记下小球做平抛运动的起点位置，O为物体运动一段时间后的位置，取为坐标原点，平抛的轨迹如图示，根据轨迹的坐标求出物体做平抛运动的初速度为v0= m/s，抛出点的坐标为（ cm， cm）。cmcm评卷人得分三、计算题15如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为53的斜面顶端，并刚好沿斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h0.8 m，g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6，则：（12分）H(1)小球水平抛出的初速度v0是多少？(2)斜面顶端与平台边缘的水平距离s是多少？小球与斜面的动摩擦因数=0.5，斜面高H=16m，小球到达斜面底端的速度多大？16某电视娱乐节目装置可简化为如图所示模型倾角37的斜面底端与水平传送带平滑接触，传送带BC长L6m，始终以v06m/s的速度顺时针运动将一个质量m1kg的物块由距斜面底端高度h15.4m的A点静止滑下，物块通过B点时速度的大小不变物块与斜面、物块与传送带间动摩擦因数分别为10.5、20.2，传送带上表面距地面的高度H5m，g取10m/s2，sin370.6，cos370.8。（15分）求物块由A点运动到C点的时间；若把物块从距斜面底端高度h22.4m处静止释放，求物块落地点到C点的水平距离；17一质点做半径为60cm的匀速圆周运动，它在0.2s内转过了300角，则该质点的线速度、角速度和转速是多大？（7分）18一部机器由电动机带动，机器皮带轮的半径是电动机皮带轮半径的3倍（如图），皮带与两轮之间不发生滑动。已知机器皮带轮边缘上一点的向心加速度为0.10 m/s2。（9分）(1) 电动机皮带轮与机器皮带轮的角速度之比；（4分）(2) 机器皮带轮上A点到转轴的距离为轮半径的一半，A点的向心加速度是多少? （5分）参考答案1ACD2A【解析】试题分析：小球受力如图，根据牛顿第二定律：沿斜面方向有 ；垂直于斜面方向上有 解得：；。正确选项：A考点：牛顿第二定律的应用.3C【解析】试题分析：N不是基本单位，A错误；kg是基本单位不是导出单位，B错误；在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=ma，否则k不等于1，C正确；在国际单位制中，质量的单位是kg,D错误。考点：本题考查单位制。4BD【解析】试题分析：以整体为对象， ，以M物体为对象，受到小m的作用力为 ，故A项错，B项正确；以整体为对象， ，以M物体为对象，受到小m的作用力为 ，由以上两式可解得，故D项正确，C项错。考点：本题考查了牛顿第二定律在连接体中的应用。5C【解析】试题分析：物体在滑动摩擦力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，加速度，当物体的速度为2m/s时，位移为：，所以在到达B点之前，物体还有一段做匀速直线运动，加速时间为，匀速时间为，故总时间为，C正确考点：考查了匀变速直线运动，牛顿第二定律6A【解析】试题分析：以物块和斜劈整体为对象，整体处于平衡状态，因此整体水平方向上不受力，即地面没有给斜劈摩擦力，故A项正确，其它项错。考点：本题考查了处于平衡状态下的物体的受力分析能力。7A【解析】试题分析：船实际参与了两个分运动，沿船头指向的匀速运动和沿水流方向的匀速运动，两分运动同时发生，互不影响，因而渡河时间等于沿船头方向分运动的时间；水流的速度突然变大时，对垂直河岸的运动没有影响，又船速是恒定的，所以渡河的时间是不变的沿水流方向速度增大，相等时间内沿水流方向位移增大，路程增大，A正确。考点：运动的合成和分解8A【解析】试题分析：设河宽为d，设船在静水中的速率为v1，水流速为v2（1）最短时间过河时，静水速与河岸垂直，有： （2）最小位移过河：则 联立解得，故选A考点：速度的合成及分解。9BD【解析】试题分析：运动时间取决于抛出点的高度，故由飞行时间b、c相等且大于a，故A项说法错误、B说法正确；水平方向为匀速直线运动，位移为，由于a的水平位移大于b 并且a的运动时间短，故a的水平速度比b的大，C说法错误；同理b的初速度比c的大，D说法正确。考点：本题考查了平抛运动的规律10C【解析】试题分析：由图知三个物体下落的高度a最大，C最小，则由知，a运动的时间最长，C运动的时间最短；由图知落到a点的水平位移最短，落到C点的水平位移最长，由知：三个物体的初速度c最大，a最小，C正确。考点：本题考查平抛运动的规律。11AC【解析】由题意有：、，A正确、B错误；竖直方向，AC正确。12 A【解析】试题分析: A、B两点共轴转动，角速度相等，故A正确；因为A、B两点绕地轴转动，A的转动半径大于B点的转动半径，根据v=r知，A的线速度大于B的线速度大小，故B错误；根据a=r2知，角速度相等，A的转动半径大，则A点的向心加速度大于B点的向心加速度，故C错误；A、B两点的向心加速度方向垂直指向地轴，故D错误。考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速131m/s 2m/s【解析】：由，观察坐标纸竖直高度Hbc-Hab=2L可求出T=0.1s，由可求出水平速度为2m/s，分析竖直分运动，B正处于竖直方向AC间的中间时刻，根据中间时刻的瞬时速度等于平均速度可求出B点竖直分速度14（1）CD （2）1.0 （-10cm，-5cm）【解析】试题分析：（1）斜槽不一定需要光滑，只要保证每次小球从同一位置静止释放，要保证每次平抛的初速度相同，所以A项错误；为保证每次平抛的初速度相同，每次释放小球必须是同一高度，所以B项错误；固定白纸的木板必须竖直准确记录小球的位置，所以C项正确；通过调节斜槽末端保持水平，为了保证是平抛运动，防止斜抛运动出现，所以D项正确；将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，用平滑的曲线连接各点，不应用直尺连接成折线，所以E项错误。（2）平抛运动在竖直方向上是匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的推理得出s，水平方向上做匀速直线运动m/s。A点是OB两点的中间时刻，A点的竖直速度，根据竖直方向是自由落体位移公式得出m，所以A点到出发点的竖直距离20cm，抛出点的y坐标-5cm，从出发点到A点的时间s，抛出点到A点的水平距离m，抛出点的x坐标-10cm，所以抛出点的坐标（-10cm，-5cm）。考点：本题考查了平抛运动的基本规律和匀变速直线运动的规律15（1）3m/s（2）1.2m（3）15m/s【解析】试题分析：（1）小球落到斜面上时方向与斜面平行：vy=v0tan53竖直方向上：得vy=4m/s，v0=3m/s 故小球的水平速度为3m/s； （2）又vy=gt1得t1=0.4s 水平位移： s=v0t1=30.4m=1.2m （3）小球在斜面上下滑的加速度为a小球刚落到斜面上时的速度：小球滑到斜面底端时的速度为v2， 则解得： 考点：平抛运动规律 牛顿第二定律 匀变速直线运动规律16 4s；6m；1.8mh9.0m【解析】试题分析：A到B过程：根据牛顿第二定律mgsin1mgcosma1根据匀变速直线运动规律有：代入数据解得：a12m/s2，t13s所以滑到B点的速度：vBa1t123m/s6m/s物块在传送带上匀速运动到C，t2s1s所以物块由A到B的时间：tt1t23s1s4s斜面上由根据动能定理mgh21mgcos解得v4m/s6m/s设物块在传送带先做匀加速运动达v0，运动位移为x，则：a22g2m/s2根据匀变速直线运动速度位移关系式有：v22a2x解得：x5m6m所以物体先做匀加速直线运动后和皮带一起匀速运动，离开C点做平抛运动，根据平抛运动规律有：sv0t0，H，解得：s6m因物块每次均抛到同一点D，由平抛知识知：物块到达C点时速度必须有：vCv0当离传送带高度为h3时物块进入传送带后一直匀加速运动，则：mgh31mgcos2mgL解得：h31.8m当离传送带高度为h4时物块进入传送带后一直匀减速运动，则：mgh41mgcos2mgL解得：h49.0m所以当离传送带高度在1.8m9.0m的范围内均能满足要求，即1.8mh9.0m考点：本题主要考查了牛顿第二定律、匀变速直线运动规律、平抛运动规律、功能关系的应用问题，属于中档题。17，【解析】18（1）两轮边缘的线速度大小相等，由得 （2）A点和机器皮带轮边缘上一点的角速度相同，由得【解析】略