2019-2020年高一上学期期中物理试卷 含解析(IV).doc

2019-2020年高一上学期期中物理试卷 含解析(IV)一单项选择题（共12个小题，每小题只有一个正确答案，每小题4分，合计48分）1在电视连续剧西游记中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，这通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”这时，观众所选的参考系是（）A“孙悟空”B平台C飘动的白云D烟雾2关于加速度概念的描述中，以下说法正确的是（）A加速度数值很大的物体，速度必然很大B加速度数值很大的物体，速度的变化量必然很大C加速度数值很大的物体，速度可以减小得很快D加速度数值减小时，速度的值必然随之减小3图中哪个图是匀变速直线运动的图象？（）ABCD4如图是A、B两个质点做直线运动的位移时间图象则（）A在运动过程中，A质点总比B质点运动得快B在0t1这段时间内，两质点的位移相同C当t=t1时，两质点的速度相等D当t=t1时，A、B两质点的加速度不相等5一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度时间图象如图所示，由图象可知（）A在0tb 段火箭是上升的，在tbtc段火箭是下落的B0ta段火箭的加速度小于tatb 段火箭的加速度Ctb时刻火箭离地面最远Dtc时刻火箭回到地面6汽车刹车后做匀减速直线运动，经过3s停止运动，那么汽车在先后连续相等的三个1s内通过的位移之比x1：x2：x3为（）A1：2：3B5：3：1C1：4：9D3：2：17汽车在路段做匀加速直线运动，该段路每隔 15m 设置一盏路灯，从经过某一盏路灯开始计时，5s 后经过第二盏路灯，又过 3s 经过第三盏路灯（可将汽车视为质点），汽车运行加速度大小为（）A0.5m/s2B1m/s2C1.5m/s2D2m/s28一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m），它的速度随时间t变化关系为v=6t2（m/s）该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s到t=3s间的平均速度大小分别为（）A12m/s 39m/sB8m/s 12m/sC12m/s 19.5m/sD8m/s 38m/s9某汽车沿一直线运动，在t时间内通过的位移为L，在处速度为v1，在处速度为v2，则（）A匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2B匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2C匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2D匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v210甲、乙两质点自同一地点沿同一直线运动，其vt图象如图所示下列说法正确的是（）A第1s末，两质点相遇B第2s末，甲的加速度方向发生改变C第4s末，两质点相距20mD02s内，两质点间的距离越来越大11如图所示，两物体的运动情况是（）A甲在前6s内运动方向不变，通过的位移大小为4mB甲在前6s内做往返运动，通过的位移大小为4mC乙在前6s内做往返运动，通过的位移大小为4mD乙在前6s内运动方向不变，通过的位移大小为4m12一物体以初速度v0做匀减速运动，第1s内通过的位移为x1=4m，第2s内通过的位移为x2=2m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法中正确的是（）A初速度v0的大小为2.5 m/sB加速度a的大小为1 m/s2C位移x3的大小为0.25 mD位移x3内的平均速度大小为0.75 m/s二实验填空题（共9分，13题3分，14题6分）13在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，下列方法有利于减小实验误差的是（）A选取记数点，把每打五个点的时间间隔作为一个时间单位B使小车运动的加速度尽量小些C舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰，点间间隔适当的那一部分进行测量、计算D选用各处平整程度，光滑程度相同的长木板做实验14某实验小组采用如图甲所示的装置探究小车在斜面上的运动情况，实验步骤如下：a、把纸带的一端固定在小车的后面，另一端穿过打点计时器；b、用细线将木板上的小车通过一个定滑轮与悬吊的砂桶相连；c、先接通电源，轻推小车，小车在左边细线的牵引下从静止开始匀加速运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点；d、测出x、x1、x2（如图乙所示），已知打点周期为T回答下列问题：（1）小车运动时，打点计时器打下C点时小车的速度为；（2）小车运动的加速度a=（用相应的符号表示）三计算题（共43分，15题10分，16题10分，17题11分，18题12分）15飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其着陆速度为60m/s，求：（1）它着陆后12s内滑行的距离；（2）静止前4s内飞机滑行的距离16如图所示，在汶川大地震中，一架直升飞机在灾区某地上空做定点空投救灾物资，已知由静止释放的一包物资，经5s刚好着地，忽略空气阻力的作用，g=10m/s2求：（1）释放后2s末物资速度大小；（2）直升飞机距离地面的高度；（3）物资落地前最后1s内的平均速度17屋檐每隔一定时间滴一滴水，当第6滴水正欲滴下时，第1滴水刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高h=1.4m的窗子的上、下沿（g=10m/s2）求：（1）滴水的时间间隔（2）此屋檐离地面高度18一辆值勤的警车停在平直公路边，当警员发现从他旁边以v=8m/s的速度匀速驶过的货车有违章行为时，决定前去追赶，经2.5s，警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速运动，试问：（1）警车发动起来后要多长的时间才能追上违章的货车？（2）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？（3）若警车的最大速度是12m/s，则警车发动起来后要多长的时间才能追上违章的货车？参考答案与试题解析一单项选择题（共12个小题，每小题只有一个正确答案，每小题4分，合计48分）1在电视连续剧西游记中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，这通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”这时，观众所选的参考系是（）A“孙悟空”B平台C飘动的白云D烟雾【考点】参考系和坐标系【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系【解答】解：“孙悟空”站在平台上，在他的背后有急速飘动的白云，就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”通过题目所给的条件，我们可以知道所选的参考系是急速飘动的白云，认为白云静止不动的结果是，“孙悟空”在飞速前进故选：C2关于加速度概念的描述中，以下说法正确的是（）A加速度数值很大的物体，速度必然很大B加速度数值很大的物体，速度的变化量必然很大C加速度数值很大的物体，速度可以减小得很快D加速度数值减小时，速度的值必然随之减小【考点】加速度；速度【分析】加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动【解答】解：A、加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度的数值大，速度变化得快，速度不一定大，速度的变化量也不一定大，故A、B错误；C、如果加速度的方向与速度的方向相反，加速度很大时，速度减小得很快，故C正确；D、如果加速度方向和速度方向相同，虽然加速度在减小，但是速度仍然在增大，故D错误故选：C3图中哪个图是匀变速直线运动的图象？（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【分析】首先要搞图象的坐标，明确st图象中图象的斜率表示速度；而vt图象中的斜率表示加速度；从而分析哪一个图象为匀变速直线运动【解答】解：A、st图象是位移时间图象，其斜率表示速度，则知物体的速度不变，做匀速直线运动；故A错误B、该图象的斜率等于零，说明物体的速度为零，静止不动，故B错误C、vt图象的速度随时间均匀增大，故物体做匀变速直线运动；故C正确D、该图是vt图象，图象中速度不随时间而变化，故为匀速直线运动；故D错误故选：C4如图是A、B两个质点做直线运动的位移时间图象则（）A在运动过程中，A质点总比B质点运动得快B在0t1这段时间内，两质点的位移相同C当t=t1时，两质点的速度相等D当t=t1时，A、B两质点的加速度不相等【考点】匀变速直线运动的图像【分析】匀速直线运动的位移时间图线斜率等于速度位移等于坐标的变化量t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇加速度都等于零【解答】解：A、位移时间图线的斜率等于速度由图看出，A图线的斜率大于B图线的斜率，则A的速度大于B的速度故A正确B、物体的位移等于纵坐标的变化量在时间0t1内，A的位移大于B的位移故B错误C、t=t1时，两质点的位移相等，到达同一位置相遇A的速度仍大于B的速度故C错误D、两物体均做匀速直线运动，加速度都等于零故D错误故选A5一枚火箭由地面竖直向上发射，其速度时间图象如图所示，由图象可知（）A在0tb 段火箭是上升的，在tbtc段火箭是下落的B0ta段火箭的加速度小于tatb 段火箭的加速度Ctb时刻火箭离地面最远Dtc时刻火箭回到地面【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】由速度的正负读出速度的方向，分析火箭的运动情况，判断什么时刻火箭什么时刻火箭离地面最远在速度时间图象中，图象的斜率等于加速度，由数学知识判断加速度的大小【解答】解：ACD、由速度图象看出，在0tc时间内火箭的速度均是正值，说明火箭一直向上运动，tc时刻速度为零，说明tc时刻火箭到达最大高度，离地面最远，故ACD错误B、在速度时间图象中，图线的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，则由数学知识得知，0ta段火箭的加速度小于tatb 时间内的加速度，故B正确故选：B6汽车刹车后做匀减速直线运动，经过3s停止运动，那么汽车在先后连续相等的三个1s内通过的位移之比x1：x2：x3为（）A1：2：3B5：3：1C1：4：9D3：2：1【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出1s内、2s内、3s内的位移之比，从而求出汽车在先后连续相等的三个1s内通过的位移之比【解答】解：采用逆向思维，汽车做初速度为零的匀加速直线运动，根据x=知，1s内、2s内、3s内的位移之比为1：4：9，则初速度为零的匀加速直线运动连续1s内的位移之比为1：3：5，可知汽车在先后连续相等的三个1s内通过的位移之比x1：x2：x3为5：3：1故选：B7汽车在路段做匀加速直线运动，该段路每隔 15m 设置一盏路灯，从经过某一盏路灯开始计时，5s 后经过第二盏路灯，又过 3s 经过第三盏路灯（可将汽车视为质点），汽车运行加速度大小为（）A0.5m/s2B1m/s2C1.5m/s2D2m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出汽车运行的加速度大小【解答】解：第一段过程中间时刻的瞬时速度，第二段过程中中间时刻的瞬时速度，则汽车的加速度a=故选：A8一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m），它的速度随时间t变化关系为v=6t2（m/s）该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s到t=3s间的平均速度大小分别为（）A12m/s 39m/sB8m/s 12m/sC12m/s 19.5m/sD8m/s 38m/s【考点】平均速度【分析】将t=0s、t=2s、t=3s代入距离随时间变化的关系式x=5+2t3（m），可求出三个时刻质点离O点的距离，求得位移，再求解平均速度【解答】解：根据质点离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m）得当：t=0时，x0=5m；t=2s时，x2=21mt=3s时，x3=59m则质点在t=0到t=2s时间内的位移x1=x2x1=16m，则质点在t=2s到t=3s时间内的位移x3=x3x2=38m，故选：D9某汽车沿一直线运动，在t时间内通过的位移为L，在处速度为v1，在处速度为v2，则（）A匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2B匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2C匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2D匀加速运动，v1v2；匀减速运动，v1v2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】本题可作出由速度时间图象，再由图象得出中间位置及中间时刻的速度大小，即可比较出两速度的大小【解答】解：作出匀加速的vt图象，如图1所示由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移小于总位移的一半，故由图得知中间位置的速度v1一定大于v2，即v1v2作出匀减速的vt图象，如图2所示由图可知中间时刻的速度v2，因图象与时间图围成的面积表示物体通过的位移，故由图可知时刻物体的位移大于总位移的一半，故中间位置应在中间时刻的左边侧，故此时对应的速度v1一定大于v2，即v1v2故选：D10甲、乙两质点自同一地点沿同一直线运动，其vt图象如图所示下列说法正确的是（）A第1s末，两质点相遇B第2s末，甲的加速度方向发生改变C第4s末，两质点相距20mD02s内，两质点间的距离越来越大【考点】匀变速直线运动的图像【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负【解答】解：A、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，当位移相等时，两者相遇根据速度图象与坐标轴围成面积表示位移，可知，在t=1s时，甲的位移大于乙的位移，没有相遇故A错误B、速度图象的斜率表示加速度，则甲做匀变速直线运动，加速度一直没有变故B错误C、根据速度图象与坐标轴围成面积表示位移可知，04s内甲的位移为0，回到出发点，乙的位移x=54=20m，所以第4s末，两质点相距20m故C正确D、01s内，甲的速度大于乙的速度，距离越来越大，12s内甲的速度小于乙的速度，距离越来越小，故D错误故选：C11如图所示，两物体的运动情况是（）A甲在前6s内运动方向不变，通过的位移大小为4mB甲在前6s内做往返运动，通过的位移大小为4mC乙在前6s内做往返运动，通过的位移大小为4mD乙在前6s内运动方向不变，通过的位移大小为4m【考点】匀变速直线运动的图像【分析】xt图象的斜率表示速度，坐标之差表示位移，vt图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负【解答】解：A、xt图象的斜率表示速度，坐标之差表示位移，根据图象可知，图象斜率不变，则甲在前6s运动方向不变，位移x=2（2）=4m，故A正确，B错误；C、vt图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，根据图象可知，乙在前6s内运动方向改变，位移x=，位移为零，故CD错误故选：A12一物体以初速度v0做匀减速运动，第1s内通过的位移为x1=4m，第2s内通过的位移为x2=2m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法中正确的是（）A初速度v0的大小为2.5 m/sB加速度a的大小为1 m/s2C位移x3的大小为0.25 mD位移x3内的平均速度大小为0.75 m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；平均速度【分析】根据任意两个连续相等的时间T内的位移之差为恒量S2S1=S3S2=SN+1SN=aT2求出加速度，根据位移公式S=求出初速度，用速度与位移式vt2v02=2aS求出总位移，求出x3，用v=at求出总时间，求出t3 最后求出位移x3内的平均速度大小【解答】解：AB、第1s内通过的位移为x1=4m，第2s内通过的位移为x2=2m则有：x2x1=at224=a12解得：a=2m/s2解得：v0=5m/s故AB错误；C、总位移为：x3=xx1x2=6.25m4m2m=0.25m故C正确D、总时间为：t3=t2t=2.5s2s=0.5s位移x3内的平均速度为：故D错误故选：C二实验填空题（共9分，13题3分，14题6分）13在“测定匀变速直线运动的加速度”实验中，下列方法有利于减小实验误差的是（）A选取记数点，把每打五个点的时间间隔作为一个时间单位B使小车运动的加速度尽量小些C舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰，点间间隔适当的那一部分进行测量、计算D选用各处平整程度，光滑程度相同的长木板做实验【考点】测定匀变速直线运动的加速度【分析】实验中应区别计时器打出的轨迹点与人为选取的计数点，通常每隔4个轨迹点选1个计数点，这样计数点间的距离大些，测量时相对误差较小；小车的加速度应适当大一些，在纸带上计数点间的距离大，测量的相对误差较小【解答】解：A、实验中应区别计时器打出的轨迹点与人为选取的计数点，通常每隔4个轨迹点选1个计数点，这样计数点间的距离大些，测量时相对误差较小；故A正确B、小车的加速度应适当大一些，在纸带上计数点间的距离大，测量的相对误差较小，故B错误C、舍去纸带上密集的点，只利用点迹清晰，点间隔适当的那一部分进行测量，这样测量的相对误差减小，故C正确D、选用各处平整程度，光滑程度相同的长木板做实验，这样可以保证物体做的是匀变速直线运动，故D正确故选：ACD14某实验小组采用如图甲所示的装置探究小车在斜面上的运动情况，实验步骤如下：a、把纸带的一端固定在小车的后面，另一端穿过打点计时器；b、用细线将木板上的小车通过一个定滑轮与悬吊的砂桶相连；c、先接通电源，轻推小车，小车在左边细线的牵引下从静止开始匀加速运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点；d、测出x、x1、x2（如图乙所示），已知打点周期为T回答下列问题：（1）小车运动时，打点计时器打下C点时小车的速度为；（2）小车运动的加速度a=（用相应的符号表示）【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小【解答】解：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小vC=；（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2，有：a=故答案为：（1）；（2）三计算题（共43分，15题10分，16题10分，17题11分，18题12分）15飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其着陆速度为60m/s，求：（1）它着陆后12s内滑行的距离；（2）静止前4s内飞机滑行的距离【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）根据速度时间公式求出飞机着陆后速度减为零的时间，判断飞机是否停止，再结合位移公式求出着陆后滑行的距离（2）采用逆向思维，结合位移时间公式求出静止前4s内飞机滑行的距离【解答】解：（1）先求出飞机着陆后到停止所用时间t由vt=v0+at得：t=，由此可知飞机在12 s内不是始终做匀减速运动，它在最后2s内是静止的故它着陆后12 s内滑行的距离为：x=（2）把飞机的减速过程看成初速度为零的匀加速运动的逆过程，则静止前4s内经过的位移为：x=at2=642=48m答：（1）它着陆后12s内滑行的距离为300m；（2）静止前4s内飞机滑行的距离为48m16如图所示，在汶川大地震中，一架直升飞机在灾区某地上空做定点空投救灾物资，已知由静止释放的一包物资，经5s刚好着地，忽略空气阻力的作用，g=10m/s2求：（1）释放后2s末物资速度大小；（2）直升飞机距离地面的高度；（3）物资落地前最后1s内的平均速度【考点】自由落体运动【分析】（1）根据v=gt求的速度（2）根据h=1就得位移（3）求的最后1s内的位移，根据平均速度公式求的平均速度【解答】解：（1）释放后2s末物资速度大小； v=gt=102m/s=20m/s（2）直升飞机距离地面的高度；h=125m（3）物资落地前最后1s内的位移为平均速度为=45m/s答：（1）释放后2s末物资速度大小为20m/s；（2）直升飞机距离地面的高度为125m；（3）物资落地前最后1s内的平均速度为45m/s17屋檐每隔一定时间滴一滴水，当第6滴水正欲滴下时，第1滴水刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高h=1.4m的窗子的上、下沿（g=10m/s2）求：（1）滴水的时间间隔（2）此屋檐离地面高度【考点】自由落体运动【分析】（1）设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移根据自由落体运动的位移时间公式求出滴水的时间间隔（2）通过滴水的时间间隔，可以知道一滴水下落到地面的时间，根据h=求出屋檐离地面的高度【解答】解：（1）设滴水的时间间隔为T，知窗子的高度等于自由下落3T内的位移减去2T内的位移有：=1.4解得：T=0.2s（2）水从屋檐下落到地面的时间t=5T则屋檐离地面的高度h=5m答：（1）滴水的时间间隔为0.2s（2）此屋檐离地面高度为5m18一辆值勤的警车停在平直公路边，当警员发现从他旁边以v=8m/s的速度匀速驶过的货车有违章行为时，决定前去追赶，经2.5s，警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速运动，试问：（1）警车发动起来后要多长的时间才能追上违章的货车？（2）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？（3）若警车的最大速度是12m/s，则警车发动起来后要多长的时间才能追上违章的货车？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）警车追上货车时，两车的路程相等，由此列方程可以求出警车追上货车的时间，注意警车在发动时间内，货车做匀速运动；（2）刚开始货车的速度大于警车速度，故两车之间的距离越来越大，当两车速度相等时，位移最大；分别求出两车的路程，然后求出两车间的最大距离（3）若警车的最大速度是12m/s，先求出加速到最大速度的时间，再根据位移关系即可求解【解答】解：（1）设警车发动起来后要时间t才能追上违章的货车，则at2vt=ss=tv=2.58 m=20 m解得t=10 s或t=2 s（舍去）（2）在警车追上货车之前，两车速度相等时，两车间的距离最大，设警车发动起来后经时间t两车速度相等，两车间的距离最大为sm，则：t=4 ssm=x+vtat2=（20+84242） m=36 m（3）若警车的最大速度是12 m/s，则警车发动起来后加速的时间：t0=s=6 s设警车发动起来后经过时间t追上违章的货车，则：at+vm（tt0）vt=x解得t=14 s答：（1）警车发动起来后要10s才能追上违章的货车；（2）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是36m；（3）若警车的最大速度是12m/s，则警车发动起来后要14s时间才能追上违章的货车xx11月12日