2019-2020年高二下学期开学考试物理试题word版含答案.doc

2019-2020年高二下学期开学考试物理试题word版含答案INS1. 如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A奥斯特 B爱因斯坦 C伽利略 D牛顿2如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）（）A BC D3如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）A 1、2两点的场强相同 B 2、3两点的场强相同C 1、2两点的电势相等 D 2、3两点的电势相等4一带正电粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其vt图象如图所示，则下列说法中正确的是()AA处的电场强度一定大于B处的电场强度B粒子在A处的电势能一定大于在B处的电势能CCD间各点电场强度和电势都为零DAB两点间的电势差大于CB两点间的电势差5. 平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，如图所示，则() A保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则增大B保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则不变C开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则增大D开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则不变6. 如图所示，一直流电动机与阻值R=9的电阻串连接在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1，用理想电压表测出电动机两端的电压U=10V，已知电动机线圈电阻RM=1，则（）A通过电动机的电流为10A B.电动机的输入功率为20WC. 电动机发热消耗的功率为4W D.电动机输出的功率为16W7 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论不正确的是( )A.电源的电动势为6.0V B.电源的内阻为2C.电源的短路电流为0.5A D.电流为0.3A时的外电阻是188如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度B=1T的匀强磁场中，以导线截面中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、d四个点，且a、c连线与磁感线垂直，b、d连线与磁感线平行已知a点的磁感应强度为0，下列说法中正确的是（）A直导线中的电流方向垂直纸面向里Bb点磁感应强度为T，方向与B的方向成450斜向右下方Cc点磁感应强度为0 Dd点磁感应强度与b点的磁感应强度相同9. 两条长直导线AB和CD相互垂直彼此相隔一很小距离，通以图所示方向的电流，其中AB固定，CD可以以其中心为轴自由转动或平动，则CD的运动情况是（）A顺时针方向转动，同时靠近导线ABB顺时针方向转动，同时离开导线ABC逆时针方向转动，同时靠近导线ABD逆时针方向转动，同时离开导线AB10如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，轨道电阻不计初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()A导体棒向左运动B开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为C开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为D开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为11如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于纸面的匀强磁场(未画出)。一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O。已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变，不计重力。铝板上方和下方的磁感应强度大小之比()A2 B C1D12. 用细线和带电小球做成的摆，把它放置在某匀强磁场中，如图所示。在带电小球摆动的过程中，连续两次经过最低点时，相同的物理量是（不计空气阻力）()A小球受到的洛伦兹力 B.摆线的张力C.小球的速度 D.小球的动能13如图所示，一束质量、速度和电量不同的正离子（不计重力）垂直地射入匀强磁场和匀强电场正交的区域里，结果发现有些离子保持原来的运动方向，未发生任何偏转。如果让这些不发生偏转的离子进入另一匀强磁场中，发现这些离子又分裂成几束，对这些进入后一磁场的离子，可得出结论()A它们的动能一定各不相同B它们的电量一定各不相同C它们的质量一定各不相同D它们的电量与质量之比一定各不相同14在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P和P3，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域，如图所示已知离子P在磁场中转过30后从磁场右边界射出在电场和磁场中运动时，离子P和P3()A在电场中的加速度之比为11B在磁场中运动的半径之比为1C在磁场中转过的角度之比为12D离开电场区域时的动能之比为13二填空题(共14分。把答案直接填在横线上)15.（4分）读出下列游标卡尺和螺旋测微器的示数游标卡尺的示数为 cm； 螺旋测微器的示数为 cm 16（4分）某研究性学习小组利用图甲所示电路测量电池组的电动势E和内阻r.根据实验数据绘出如图乙所示的R图线，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数，由此可以得到：E_V，r_.（结果保留两位有效数字）17（6分）有一个小灯泡上有“4 V2 W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表(05 V，内阻10k)B电压表(010V，内阻20k)C电流表(00.3A，内阻1)D电流表(00.6A，内阻0.4)E滑动变阻器(10，2A)F滑动变阻器(1k，1A)G学生电源(直流6 V)，还有电键、导线若干(1)实验中所用电压表应选_，电流表应选_，滑动变阻器应选_(用序号字母表示)(2)为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图500，由C点垂直指向AB连线三、计算题（本题共3小题满分30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）18（6分）如图所示，在一块足够大的铅板A的右侧固定着一小块放射源P，P向各个方向放射出电子，速率为107 m/s.在A板右方距A为2 cm处放置一个与A平行的金属板B，在B、A之间加上稳定电压板间的匀强电场场强E=3.64104 N/C，方向水平向左已知电子质量m=9.110-31 kg、电荷量e=1.610-19C，求电子打在B板上的范围。 19（11分）如图甲所示，间距为d垂直于纸面的两平行板P、Q间存在匀强磁场。取垂直于纸面向里为磁场的正方向，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示。t=0时刻，一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0由Q板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区。当B0和Ta取某些特定值时，可使t=0时刻入射的粒子经t时间恰能垂直打在P板上（不考虑粒子反弹）。上述m、q、d、v0为已知量。（1）若t=，求B0；（2）若t=，求粒子在磁场中运动时加速度的大小；20.（13分）在某空间存在着水平向右的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，如图所示，一段光滑且绝缘的圆弧轨道AC固定在纸面内，其圆心为O点，半径R=1.8m,OA连线在竖直方向上，AC弧对应的圆心角=37.今有一质量m=3.610-4 kg，电荷量q=+9.010-4C的带电小球(可视为质点)，以v0=4.0ms的初速度沿水平方向从A点射入圆弧轨道内，一段时间后从C点离开，小球离开C点后做匀速直线运动.已知重力加速度g=10 m/s2,sin37=0.6,不计空气阻力，求：（1）匀强电场的场强E；（2）小球射入圆弧轨道后的瞬间对轨道的压力。 xx高二xx下学期开学测试物理试卷答案（考试时间：90分钟 满分:100分）一、不定项选择题（本大题共14小题，每小题4分，共56分。在每小题给出的四个选项中，有一个选项或多个选项正确，请将选项填写在答题卡相应位置。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不答或有选错的得零分。）(批卷人：王砚老师、魏老师)（写正分）1.A 2.B 3. D 4. AB 5. AD 6.BCD 7.C 8.A 9.C 10.BD 11. D 12. D 13.D 14.BCD二填空题(共14分。把答案直接填在横线上) (批卷人：王淑敏老师)（写正分）15.10.025 0.5700-（2分）16电动势为2.42.5V之间均可内阻r1.0-（每空2分共4分）17(1)ADE (2)如图-（每空2分，图2分，共8分）三、计算题（本题共3小题满分30分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）(批卷人：董老师)（写正分）18（6分）(批卷人：董老师)（写正分）电子竖直方向上的分运动=v0t-（1分）水平方向上的分运动d=t2 -（2分）将v0=107 m/s，e=1.610-19C，m=9.110-31kg，E=3.64104 N/C，d=210-2m代入求得=2.510-2 m=2.5 cm. -（2分）即电子打在B板上的范围是以O为圆心，以2.5 cm为半径的圆面 -（1分）19（11分）(批卷人：刘老师)解：（1）设粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得 -（2分） 据题意由几何关系得 R1=d-（1分） 联立式得-（1分）（2）设粒子做圆周运动的半径为R2，加速度大小为a，由圆周运动公式得- （2分） 据题意由几何关系得- （3分） 联立式得- （2分）20.（13分）(批卷人：两位李老师)（写正分）解：（1）当小球离开圆弧轨道后，对其受力分析，由平衡条件得：F电=qE=mgtan-（2分）代入数据解得：E=3N/C-（1分）（2）小球从进入圆弧轨道到离开圆弧轨道的过程中，由动能定理得：F电-（3分）代入数据得：-（1分）由-（1分），解得：B=1T-（1分）由牛顿第二定律得：-（2分）代入数据得：-（1分）由牛顿第三定律得，小球对轨道的压力为-（1分）