九年级物理下学期第三次段考试卷（含解析） 新人教版

2015-2016学年江苏省南京市求真中学九年级（下）第三次段考物理试卷一、选择题：（36分）1下列关于光现象的说法中正确的是（）A照镜子时，人离平面镜越近所成的像越大B验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光，从而辨别其真伪C光与镜面成30角射到平面镜上时，其反射角为30D光射到银幕上发生了镜面反射2在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）可以形成白雾，这种白雾是（）A空气中的水蒸气液化形成的小水珠B二氧化碳气体液化形成的小液滴C干冰升华形成的二氧化碳气体D干冰熔化形成的小液滴3对下列四幅图情境描述错误的是（）A甲中用电吹风向下吹漏斗中的乒乓球，球不掉落，表明气体压强与气体流速有关B乙中紧固锤头，是利用锤头受到惯性的作用C丙中手提袋手柄宽大是为了减小对手的压强D丁中鱼吐出的气泡在上升时体积逐渐变大，水对气泡的压强变小，浮力变大4跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，他的（）A重力势能减少B动能减少C机械能增大D动能转化为重力势能5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A0的冰没有内能B物体的温度越高，物体的内能越大C物体的温度越低，所含的热量越少D物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变6某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟物体到凸透镜的距离u之间关系的图象，如图所示，下列判断正确的是（）A当u=20cm时在光屏上能得到一个像，照相机是根据这一原理制成的B该凸透镜的焦距是16cmC当u=10cm时成一个像照相机是根据这一原理制成的D把物体从距凸透镜12cm处移动到24cm处的过程中，像逐变大7选择如图装置研究“二力平衡的条件”，针对此实验装置及相关实验内容的说法中，正确的是（）A研究对象选用铁片比纸片好B滑轮既可以改变拉力的方向，也可以改变拉力的大小C研究对象所受拉力的大小，能通过所挂钩码个数进行比较D实验时，研究对象做匀速直线运动比静止状态研究更方便8如图是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍铬合金丝的长度、横截面积均相同，则说法不正确的是（）A在甲图中，探究的是电流产生热量与电阻的关系B在乙图中，可以探究电流产生热量与通电时间的关系C在甲图中，闭合开关一段时间后，两个瓶中温度计升高的示数相同D在乙图中，相同时间内，电流越大，温度计的示数升得越多9分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其IU特性曲线如图所示现将甲、乙两灯串联8V的电源上，则两只灯泡消耗的总功率是（）A3WB4WC4.5WD6W10在水平地面上有一长方体木箱小林用水平推力F把木箱向前推动，如图甲所示此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所示，木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况如图丙所示，下列说法正确的是（）A35s内，木箱受到的滑动摩擦力为200NB01s内，推力做功的功率恒为100WC35s内，推力做功为600JD01s内没有推动箱子的原因是推力小于摩擦力11一只质量为60kg的氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为0，使用半小时，氧气瓶的质量变为35kg，瓶内氧气的密度为0；再使用一段时间，氧气瓶的质量变为20kg，此时瓶内的氧气密度应为（）A0B0C0D012如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9WB电流表示数允许的变化范围为0.2A0.5AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W3W二、填空题：（24分）13在太阳能和天然气中，属于可再生能源的是_若一太阳能热水器将装有100kg温度为20的水，阳光照射一天后，水温升高到80，热水器内的水吸收了2.52106J的太阳能，这是通过_的方式改变了水的内能；若上述这些热量由天然气提供，则需要完全燃烧_m3的天然气（不考虑能量损失）天然气热值为4107J/m314天气炎热时多喝水有益于身体健康如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，_是一对平衡力（2）如图乙所示，瓶盖上有一道道条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能_（选填“增大”或“减小”）摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，则水的密度_，（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）他在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，如图丙所示，这是瓶子受到了_的作用产生的效果同时发现瓶子的温度也升高了，这是通过_ 方式改变瓶子内能的（5）他将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力_，（选填“变大”、“变小”或“不变”）这是因为_15如图1所示，电源电压一定，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数I与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图2所示已知定值电阻R0=20，则电源电压U=_V图2中坐标值I1=_A当电流表示数I=0.4A时，R0与R消耗的电功率之比为_16在水平地面上，小明用60N的力F1沿水平方向拉着重为200N的物体前进5m，拉力F1做功_J，重力对物体做功_J接着小明再用力F2沿水平方向拉着物体前进，两次拉动物体得到的st图象分别是图乙中的图线、两次拉力的功率分别是P1、P2，则P1_ P2（选填“”、“=”或“”）17将一重为18N，体积为2103m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，用手将蜡块浸没在水中，如图所示，当松手后，蜡块静止时，蜡块受到的浮力是_N，此时弹簧测力计的示数是_N（g=10N/kg）18如图，工人用滑轮组将重480N的物体匀速提升1m，所用的拉力为200N，他做的有用功是_J，该滑轮组的机械效率是_%上升过程中，物体的动能_（选填“变大”、“变小”或“不变”）19如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能_，这与四冲程汽油机的_冲程的能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的_冲程，若飞轮的转速为3000r/min，在1s内，汽油机做功_次三、简答题：（40分）20如图所示，一束光从水中斜射向水面，画出这条入射光线的反射与折射光线（2）如图所示，小球漂浮在水面上静止，请画出它所受力的示意图（3）如图所示，A、B为保险盒，C为开关，D为螺丝口灯泡，E为接大功率用电器的三孔插座请把这些元件接人家庭电路中21小丽在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线加热时间/min0.51.01.52.02.5升高的温度/水2.04.06.08.010.0沙子4.37.915.218.421.5（1）用温度计测量水的初温如图甲所示，其读数为_（2）实验中小丽认为相同时间内水和沙子吸收的热量相同，她判断的依据是_（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线（4）沙子在1.01.5min内升高的温度有明显异常，其主要原因是_（5）小丽再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Qt图象它们都是过原点的直线，即Q=kt进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的_之比相等22小丽做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2.5V”字样，电阻约10）（1）图甲所示是小丽连接的部分电路，请将电路连接完整（2）闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数若电路中仅有一处故障，这个故障可能是_（3）实验过程中，当电压表的示数为2V时，电流表的示数如图乙所示，则电路中电流大小为_A，此时小灯泡的电功率为_W要使小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片P向_调节（选填“左”或“右”）（4）做完此实验后，小丽还想测量一只阻值约为数百欧的电阻Rx的阻值，与其他同学讨论后，她通过增加一电阻箱R0（09999 5A）、定值电阻（200 2A）、单刀双掷开关等器材，设计出了A、B两种方案（如图丙）在A、B两种方案中，方案_可以让测量结果更准确，理由是_（电表为理想电表）23如图所示是某种型号的热水器的电路图，己知电热丝R1位于水中，起加热作用，R2起控制作用，R2=198（不考虑温度对电阻的影响）额定电压220V频率50Hz保温功率加热功率2200W水箱容量50L设定温度60（1）求R1的阻值（2）求保温时的功率和加热时的功率之比为多少？（3）将温度为16的水加热到设定的温度需要多少时间（电流产生的热量全部被水吸收）【c水=4.2103J/（kg）】24如图所示，校车满员时，人和车的总质量为104kg，车轮的总着地面积为0.25m2，校车以36km/h的速度在平直公路上匀速行驶30min，所受阻力是总重力的0.01倍请计算：（1）校车在这段时间内所通过的路程（2）满员的校车静止时对水平地面的压强（3）满员的校车在这段时间内牵引力的功率2015-2016学年江苏省南京市求真中学九年级（下）第三次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（36分）1下列关于光现象的说法中正确的是（）A照镜子时，人离平面镜越近所成的像越大B验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光，从而辨别其真伪C光与镜面成30角射到平面镜上时，其反射角为30D光射到银幕上发生了镜面反射【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；光的反射定律；漫反射；紫外线【分析】（1）平面镜成像的特点：物像等大、物像等距、物像连线与镜面垂直（2）紫外线化学效应强，能杀菌，制成消毒灯；紫外线能合成维生素D，促使钙的吸收；紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机来验钞（3）在光的反射中，入射角或者反射角是指入射光线或反射光线与法线的夹角，反射角等于入射角（4）反射分镜面反射和漫反射，镜面反射是平行入射的光线经反射面以后还能平行反射，镜面反射的反射面是光滑的；漫反射是平行入射的光线经反射面以后不能平行反射，而是射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的【解答】解：A、照镜子时，人离平面镜远近变化时，所成的虚像大小不变，始终与人等大，故A错误；B、紫外线可以使荧光物质发光，钞票上某些位置用荧光物质印上标记，在紫外线下照射下识别这些标记，从而辨别钞票的真伪，故B正确；C、光与镜面成30角射入到平面镜上，入射角是9030=60，因此其反射角为60，故C错误；D、银幕的表面是粗糙的，光射到上面发生了漫反射，故D错误故选B【点评】本题考查了生活中的光现象蕴含的物理知识，属于识记性内容，掌握相关知识是解题的关键2在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）可以形成白雾，这种白雾是（）A空气中的水蒸气液化形成的小水珠B二氧化碳气体液化形成的小液滴C干冰升华形成的二氧化碳气体D干冰熔化形成的小液滴【考点】液化及液化现象【分析】物质由固态直接变为气态的现象叫做升华，是吸热的；物质由气态变为液态的现象叫做液化【解答】解：在舞台上喷洒干冰（固态二氧化碳）时，干冰吸收周围空气中的热量迅速升华，使空气温度迅速下降，空气中的水蒸气遇冷放热液化形成小水珠就形成“雾气”故选A【点评】本题考查的是升华吸热和液化放热在生活中的应用，体现了学以致用的思想3对下列四幅图情境描述错误的是（）A甲中用电吹风向下吹漏斗中的乒乓球，球不掉落，表明气体压强与气体流速有关B乙中紧固锤头，是利用锤头受到惯性的作用C丙中手提袋手柄宽大是为了减小对手的压强D丁中鱼吐出的气泡在上升时体积逐渐变大，水对气泡的压强变小，浮力变大【考点】流体压强与流速的关系；惯性；减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点；阿基米德原理【分析】（1）在气体和液体中，流速大的位置压强小；（2）一切物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体固有的属性，但惯性不是力，不能说受到力的作用；（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；（4）利用压强以及浮力的计算公式，通过气泡深度以及体积的变化【解答】解：A、从倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球顶部空气流速大，压强小，球下方气压大，在压强差的作用下，球掉不下来，故A正确；B、将锤柄在板凳上撞击几下，松动的锤头就紧套在锤柄上，在这个过程中，完全是利用了锤头的惯性，但惯性不是力，不能说受到惯性作用，故B错误；C、手提袋手柄宽大是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C正确；D、根据p=gh可知，当气泡在水中上升的过程中，h变小，压强变小；压强变小后气泡体积变大，根据F浮=gV排，V排变大所以浮力变大故D正确故选B【点评】本题考查了学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，涉及到了流体压强、惯性、减小压强及压强和浮力的判断，知识点多，综合性强，是中考的热点问题4跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，他的（）A重力势能减少B动能减少C机械能增大D动能转化为重力势能【考点】动能和势能的大小变化【分析】动能大小的影响因素：物体的质量、物体的速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：物体的质量、物体的高度，质量越大，所处的位置越高，重力势能越大动能和势能统称为机械能【解答】解：AB跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，其质量不变，速度不变，故其动能不变；同时其质量不变，高度减小，故其重力势能减少故A正确、B错；C跳伞运动员的动能不变、重力势能减少，所以其机械能减少故C错；D跳伞运动员在空中匀速下落的过程中，动能不变，不是动能转化为重力势能，故D错故选A【点评】本题考查了机械能及其相互转化，知道动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键5关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A0的冰没有内能B物体的温度越高，物体的内能越大C物体的温度越低，所含的热量越少D物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变【考点】温度、热量与内能的关系【分析】一切物体都有内能；温度升高内能增加；温度降低内能减少；热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量；内能的大小跟质量、温度、状态有关【解答】解：A、因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何温度的物体都有内能此选项错误；B、温度影响内能的多少物体的温度越高，具有的内能越大此选项正确；C、热量是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰此选项错误；D、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的变化此选项错误故选B【点评】（1）由于分子的热运动永不停息，所以一切物体在任何情况下总具有内能（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰6某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟物体到凸透镜的距离u之间关系的图象，如图所示，下列判断正确的是（）A当u=20cm时在光屏上能得到一个像，照相机是根据这一原理制成的B该凸透镜的焦距是16cmC当u=10cm时成一个像照相机是根据这一原理制成的D把物体从距凸透镜12cm处移动到24cm处的过程中，像逐变大【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）根据图象求出凸透镜焦距；（2）凸透镜成像的三种情况和应用U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机；2fUf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；Uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜；（3）当物距大于焦距时，凸透镜成实像凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小【解答】解：（1）u=v=2f，凸透镜成倒立、等大的实像，如图，u=v=2f=16cm 时，所以f=8cm，故B错误；（2）当u=20cm时，u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故A正确；（3）当u=10cm时，2fuf，成倒立、放大的实像，应用于投影仪，故C错误；（4）物体从距凸透镜12cm处移动到24cm处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，故D错误故选：A【点评】凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握7选择如图装置研究“二力平衡的条件”，针对此实验装置及相关实验内容的说法中，正确的是（）A研究对象选用铁片比纸片好B滑轮既可以改变拉力的方向，也可以改变拉力的大小C研究对象所受拉力的大小，能通过所挂钩码个数进行比较D实验时，研究对象做匀速直线运动比静止状态研究更方便【考点】二力平衡的概念【分析】（1）应考虑物体重力对实验的影响；（2）定滑轮是等臂杠杆只能改变力的方向，不能改变力的大小；（3）拉力的大小，要通过所挂钩码个数进行比较；（4）为了方便研究，应使小卡片保持静止状态；【解答】解：A、实验中选择纸片，主要为了不考虑纸片的重力，不能选择铁片故A错误；B、在实验过程中，使用定滑轮是为了改变力的方向，不能改变力的大小，故B错误；C、探究两个力大小关系时，可以通过改变细线下面所挂码的个数改变二力的大小；故C正确；D、为了实验的方便，实验时主要观察研究对象是否处于静止状态，而不是“匀速直线运动”，故D错误；故选C【点评】此题主要通过实验来探究二力平衡的条件，首先要搞清二力平衡的条件，明确实验目的，才能够确定好的方案8如图是探究电流热效应的实验装置烧瓶内装有质量和初温完全相同的煤油，铜丝和镍铬合金丝的长度、横截面积均相同，则说法不正确的是（）A在甲图中，探究的是电流产生热量与电阻的关系B在乙图中，可以探究电流产生热量与通电时间的关系C在甲图中，闭合开关一段时间后，两个瓶中温度计升高的示数相同D在乙图中，相同时间内，电流越大，温度计的示数升得越多【考点】焦耳定律【分析】对于甲图，铜丝和镍铬合金丝串联在电路中，通过两导体的电流相同；而铜丝与镍铬合金丝的长度、横截面积相同时，铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻；对于乙图，通过滑片的移动，可以使电路中的电流发生变化，但镍铬合金丝的电阻不变【解答】解：A甲图中，A中铜丝和B中镍铬合金丝串联，电流相同，两金属丝的材料不同，它们的电阻不同，所以可探究电流产生的热量与电阻的关系，故A正确；B乙图中，镍铬合金丝电阻不变，可以通过滑动变阻器控制电路中的电流不变，而通过开关的通断使通电的时间长短发生改变，所以可探究电流产生的热量与时间的关系，故B正确；C甲图中，因为B中镍铬合金丝的电阻大于A中铜丝的电阻，根据Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，B中的镍铬合金丝产生的热量更多，B瓶温度计的示数更高，故C错误；D乙图中，镍铬合金丝电阻不变，由Q=I2Rt可知，相同时间内，电流越大，产生热量越多，温度计示数升高得越多，故D正确故选C【点评】该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用，注意两导体串联时电流相等，导体产生热量的多少是通过温度计示数的变化来反映的9分别标有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙两只灯泡，经实验测得其IU特性曲线如图所示现将甲、乙两灯串联8V的电源上，则两只灯泡消耗的总功率是（）A3WB4WC4.5WD6W【考点】电功率的计算【分析】两灯泡串联时通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，从图象中找出符合要求的电压和电流，根据P=UI求出两个灯泡消耗的总功率【解答】解：由题意知，两灯泡串联，则电流相等，且两个灯泡两端的总电压等于8V，由图象知，当一个灯泡两端等于6V，另一个灯泡两端的电压为2V，通过的电流均为0.5A时符合，则两个灯泡消耗的总功率为：P=UI=8V0.5A=4W故选B【点评】本题考查了串联电路的电压和电流特点，以及电功率的计算；难点是要通过图象分析找出当电源电压是8V时，灯泡的电压和电流要找出灯泡的电压和电流，就需要根据我们所学的串联电路的特点去分析10在水平地面上有一长方体木箱小林用水平推力F把木箱向前推动，如图甲所示此过程中，推力F随时间t的变化情况如图乙所示，木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况如图丙所示，下列说法正确的是（）A35s内，木箱受到的滑动摩擦力为200NB01s内，推力做功的功率恒为100WC35s内，推力做功为600JD01s内没有推动箱子的原因是推力小于摩擦力【考点】力与图象的结合；功的计算；功率的计算【分析】（1）先根据图丙分析35s内，木箱的运动状态，然后根据图乙读出木箱受到的推力，再根据二力平衡条件得出滑动摩擦力的大小；（2）根据图乙可知01s内推力的大小，根据图丙可知速度的大小，根据P=Fv可知功率的变化；（3）先根据速度公式求出35s内木箱通过的距离，然后根据W=Fs求出推力做的功；（4）根据二力平衡判断01s内推力与摩擦力的关系【解答】解：A、根据图丙可知，35s内，木箱以1m/s的速度做匀速直线运动，木箱受平衡力作用，此时木箱受到的滑动摩擦力等于推力；由图乙可知，35s内，木箱受到的推力为200N，因此木箱受到的滑动摩擦力为200N，故A正确；B、根据图乙可知，01s内，推力为100N，根据图丙可知，01s内，木箱的速度为零，因此由P=Fv可知，在01s内，木箱的功率为零，故B错误；C、由v=可得，35s内，木箱移动的距离：s=vt=1m/s（5s3s）=2m；推力做的功：W=Fs=200N2m=400J；故C错误；D、01s内，木箱静止，因此木箱受平衡力，即摩擦力等于推力，故D错误故选A【点评】本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题11一只质量为60kg的氧气瓶，刚启用时瓶内氧气密度为0，使用半小时，氧气瓶的质量变为35kg，瓶内氧气的密度为0；再使用一段时间，氧气瓶的质量变为20kg，此时瓶内的氧气密度应为（）A0B0C0D0【考点】密度公式的应用【分析】题目的质量都是氧气的质量和氧气瓶质量的总和，要设氧气瓶质量为m0，体积为V，根据前两个条件得出m0，然后利用纯氧气密度和纯氧气质量成正比得出答案【解答】解：设氧气瓶质量为m0，体积为V，则由=得，=0=0联立，解得m0=10kg，质量为60kg的氧气瓶，瓶内纯氧气质量为60kg10kg=50kg时，瓶内氧气密度为0，再使用一段时间，氧气瓶内纯氧气的质量为20kg10kg=10kg，根据=可知，纯氧气密度和纯氧气质量成正比，所以，此时瓶内的氧气密度应为故选C【点评】此题考查密度公示的应用，题目中始终没有给出纯氧气的质量，首先需要通过计算求得氧气瓶质量，从而得出纯氧气的质量，这是本题的难点；利用纯氧气密度和纯氧气质量成正比得出答案是本题的关键点属于好题！难题！12如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9WB电流表示数允许的变化范围为0.2A0.5AC变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W3W【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时电路中的电流，然后结合滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电阻R1的最大功率和电路消耗的最大总功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据P=I2R求出电阻R1的最小功率，然后得出电阻R1消耗功率允许的变化范围【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当电压表的示数为3V时，电路中的电流：I1=0.3A，电流表的量程为00.6A，定值电阻R1允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电路中的最大电流为0.3A，故B不正确；此时电路中的总电阻：R=20，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2=RR1=2010=10，故C不正确；电阻R1消耗功率最大功率：P1=U1I1=3V0.3A=0.9W，电路消耗的最大功率：P=UI1=6V0.3A=1.8W，故D不正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小和电路消耗的总功率最小，此时电路中的电流：I2=0.2A，电阻R1的最小功率：P1=I22R1=（0.2A）210=0.4W，则电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9W，故A正确故选A【点评】本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律二、填空题：（24分）13在太阳能和天然气中，属于可再生能源的是太阳能若一太阳能热水器将装有100kg温度为20的水，阳光照射一天后，水温升高到80，热水器内的水吸收了2.52106J的太阳能，这是通过热传递的方式改变了水的内能；若上述这些热量由天然气提供，则需要完全燃烧0.063m3的天然气（不考虑能量损失）天然气热值为4107J/m3【考点】能源的分类；热传递改变物体内能；燃料的热值【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源；（2）改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递（热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分）；（3）由Q=qV的变形公式可以求出天然气的体积【解答】解：太阳能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；水从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，这是通过热传递的方式改变内能的；因为Q吸=放Q=qV，所以燃烧煤气的体积V=0.063m3故答案为：太阳能；热传递；0.063【点评】本题考查了学生对能源的分类、燃烧值公式的掌握和运用，涉及到改变物体内能的方法，难度不大14天气炎热时多喝水有益于身体健康如图甲是某同学买瓶装矿泉水时的情景（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，重力与摩擦力是一对平衡力（2）如图乙所示，瓶盖上有一道道条纹，其目的是在用手拧开瓶盖时能增大（选填“增大”或“减小”）摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，则水的密度不变，（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）他在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，如图丙所示，这是瓶子受到了大气压的作用产生的效果同时发现瓶子的温度也升高了，这是通过热传递 方式改变瓶子内能的（5）他将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力变大，（选填“变大”、“变小”或“不变”）这是因为浮力与排开液体的体积有关【考点】平衡力的辨别；密度及其特性；增大或减小摩擦的方法；大气压强的存在；阿基米德原理；热传递改变物体内能【分析】（1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦力；（3）密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关；（4）结合大气压的作用可做出解释；知道做功和热传递都可以改变物体的内能；（5）浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关【解答】解：（1）当该同学用手握住瓶子使瓶身竖直在空中静止不动时，重力与摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力（2）如图中，瓶盖上有一道道条纹，其目的是增大接触面的粗糙程度，在用手拧开瓶盖时能增大摩擦（3）将瓶中的水倒掉一半，水的质量和体积改变，但水的密度不变（4）在空矿泉水瓶中装入少量热水，轻晃后迅速倒出，再马上盖紧瓶盖一会儿后看到矿泉水瓶瘪了，这是因为热水汽化形成大量水蒸气，水蒸气再液化使瓶中的气压减小，瓶子受到了外界大气压的作用，所以矿泉水瓶变瘪了同时发现瓶子的温度升高，这是由于瓶子中倒入热水，热量发生了转移，因此是通过热传递的方式改变了瓶子的内能（5）将空矿泉水瓶压入水中，直到浸没，所用的力会变大，这是因为浮力与排开液体的体积有关，排开液体的体积有关变大，所以浮力变大故答案为：（1）重力与摩擦力；（2）增大；（3）不变；（4）大气压；热传递；（5）变大；浮力与排开液体的体积有关【点评】本题以生活中常见的现象为背景，考查了与力学、热学等相关的多个知识点，体现了物理知识的无处不在，总体难度不大15如图1所示，电源电压一定，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数I与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图2所示已知定值电阻R0=20，则电源电压U=12V图2中坐标值I1=0.2A当电流表示数I=0.4A时，R0与R消耗的电功率之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）根据图象，当电流最大时，变阻器的阻值为零，根据U=IR0计算出定值电阻两端的电压，即等于电源电压；（2）根据图象读出变阻器的阻值，由欧姆定律计算出I1的值；（3）根据题意计算出I=0.4A时，变阻器的阻值，根据P=I2R来判断两电阻的电功率之比【解答】解：（1）由图象知，电流最大为0.6A，由题意知，此时变阻器接入电路的阻值为零，则电源电压：U=U0=IR0=0.6A20=12V；（2）由图象知，电流为I1时对应的变阻器接入电路的阻值为40，则此时电路中的电流：I1=0.2A；（3）当I=0.4A时，由I=可得，电路中的总电阻：R总=30；则此时变阻器接入电路的阻值：R滑=RR0=3020=10；由P=UI=I2R可知，R0与R消耗的电功率之比：=故答案为：12；0.2；2：1【点评】本题是有关电学的计算题目，解决问题的关键是能够分析出电路的连接方式，读懂图象，知道电流的大小与变阻器阻值的关系16在水平地面上，小明用60N的力F1沿水平方向拉着重为200N的物体前进5m，拉力F1做功300J，重力对物体做功0J接着小明再用力F2沿水平方向拉着物体前进，两次拉动物体得到的st图象分别是图乙中的图线、两次拉力的功率分别是P1、P2，则P1 P2（选填“”、“=”或“”）【考点】功的计算；功率大小的比较【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离；先判断重力和拉力是否做功，然后利用功的计算公式进行计算；（2）由图乙得出木块都做匀速直线运动（得出速度大小关系），木块受到拉力和滑动摩擦力是平衡力，而滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关先比较拉力大小关系，再利用P=Fv判断拉力的功率大小关系【解答】解：（1）拉力做的功W=Fs=60N5m=300J；重力的方向是竖直向下的，而物体是在水平方向上移动了5m，没有在重力方向上移动距离，所以重力做功为0J；（2）由图乙可知，木块两次都进行匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，滑动摩擦力相等，拉力F相等，即F1=F2从图乙中可以判断出，第次的运动速度v较大，根据公式P=Fv，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即P1P2故答案为：300；0；【点评】本题考查了功的计算、做功的两个必要条件以及功率大小比较，本题难点利用好木块的st图象，从中得出信息：木块都做匀速直线运动，两种情况下速度大小关系17将一重为18N，体积为2103m3的蜡块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，用手将蜡块浸没在水中，如图所示，当松手后，蜡块静止时，蜡块受到的浮力是18N，此时弹簧测力计的示数是0N（g=10N/kg）【考点】浮力大小的计算【分析】（1）利用重力公式求出蜡块的质量，然后利用密度公式求出蜡块的密度，通过与水的密度比较，判断蜡块在水中的状态，再计算浮力大小；（2）蜡块在酒精中时测力计的示数等于蜡块在空气中的重力减去蜡块所受浮力【解答】解：（1）蜡块的质量m=1.8kg，蜡块的密度=0.9103kg/m3水，所以，松手后，蜡块静止时处于漂浮状态，则蜡块受到的浮力为F浮=G=18N；（2）测力计的示数F=GF浮=18N18N=0N故答案为：18；0【点评】本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用，会利用称重法解答有关的问题18如图，工人用滑轮组将重480N的物体匀速提升1m，所用的拉力为200N，他做的有用功是480J，该滑轮组的机械效率是80%上升过程中，物体的动能不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；动能和势能的大小变化【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出总功，根据W=Gh求出有用功，利用=100%求出滑轮组的机械效率；（2）动能大小的影响因素是物体的质量和速度，物体的质量越大，速度越大，动能越大【解答】解：（1）有用功：W有=Gh=480N1m=480J，由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=31m=3m，总功：W总=Fs=200N3m=600J，滑轮组的机械效率：=100%=100%=80%；（2）在匀速提升的过程中，质量和速度不变，则物体的动能不变故答案为：480；80；不变【点评】本题考查了有用功和总功、机械效率的计算以及影响动能因素的应用，关键是滑轮组绳子有效股数的判断19如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧此过程中活塞对筒内气体做功，气体的内能增加，这与四冲程汽油机的压缩冲程的能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的做功冲程，若飞轮的转速为3000r/min，在1s内，汽油机做功30次【考点】有关热机的计算；内燃机的四个冲程【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；（2）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断什么冲程；（3）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；（2）从图中可以看出，气门都关闭、火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程；（3）四冲程汽油机的飞轮转速为3600r/min=60r/s，则该飞轮每秒钟转60圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，所以1s内，飞轮转60圈，共30个工作循环，共120个冲程，共做功30次故答案为：增加；压缩；做功；30【点评】根据改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化）；知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题三、简答题：（40分）20如图所示，一束光从水中斜射向水面，画出这条入射光线的反射与折射光线（2）如图所示，小球漂浮在水面上静止，请画出它所受力的示意图（3）如图所示，A、B为保险盒，C为开关，D为螺丝口灯泡，E为接大功率用电器的三孔插座请把这些元件接人家庭电路中【考点】作光的反射光路图；物体的浮沉条件及其应用；作光的折射光路图；家庭电路的连接【分析】（1）根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向；（2）浮力的方向（竖直向上），根据力的示意图的画法画出浮力；（3）先将电源连接完整，注意保险丝保险火线，然后分析家庭的电路各元件的连接方式，最后根据家庭电路的正确连接方法将各元件接入电路中【解答】解：（1）过入射点作出垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角画出反射光线；光从水斜射入空气中，根据折射角大于入射角画出折射光线，折射光线远离法线如图所示：；（2）小球所受浮力的方向是竖直向上的；从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段，并标出F浮如图所示：；（3）先将保险丝串联在火线中，连接好零线，开关与灯泡串联，并且开关与火线相连，灯泡的螺口处与零线相连，三孔插座左孔与零线相连，右孔与保险丝串联后与火线相连，上孔接地线如图所示：【点评】（1）本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节（2）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力（3）知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与电源的火线连接，知道插座的正确接线方法，会将保险丝按要求接入电路，知道家庭电路的正确连接方法21小丽在学习“物质的比热容”时，取相同质量的水和沙子，用相同的酒精灯加热，测得它们升高的温度如表，并在图乙中作出沙子升高的温度随时间变化的图线加热时间/min0.51.01.52.02.5升高的温度/水2.04.06.08.010.0沙子4.37.915.218.421.5（1）用温度计测量水的初温如图甲所示，其读数为18（2）实验中小丽认为相同时间内水和沙子吸收的热量相同，她判断的依据是用相同的酒精灯加热（3）请利用表中数据在图乙中作出表示水升高的温度随时间变化规律的图线（4）沙子在1.01.5min内升高的温度有明显异常，其主要原因是沙子受热不均匀（5）小丽再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度t为横坐标，分别画出50g水和100g水的Qt图象它们都是过原点的直线，即Q=kt进一步分析，发现这两条直线的k值与对应水的质量之比相等【考点】探究比热容的实验【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下（2）为了使水和沙子在相同时间吸收相同的热量，实验中，要用两个火焰相同的酒精灯，分别给水和沙子加热；（3）在图象中找出表格中的数据所对应的点，然后用平滑的曲线连接；（4）沙子受热不均匀，会导致沙子的温度变化不均匀（5）根据Q=cmt可知，Q=kt中的k=cm，据此推导得出结论【解答】解：（1）由图知：温度计的分度值为1；“20”在“10”的上方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度高于0，为18；（2）小丽选用了两个火焰相同的酒精灯，分别给水和沙子加热，这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量；（3）水升高的温度随时间变化规律的图线如图：（4）由于沙子在1.01.5min内受热不均匀，会导致沙子升高的温度有明显异常；（5）根据Q=cmt可知，Q=kt中的k=cm，则有k1=cm1，k2=cm2，因为=，所以=，即这两条直线的k值与对应水的质量之比相等故答案为：（1）18；（2）用相同的酒精灯加热；（3）如上图；（4）沙子受热不均匀；（5）质量【点评】本题考查的是温度计的使用方法、比较物质吸热能力的方法，绘图能力、以及对于实验数据的分析能力，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，并能够将这些知识应用于生活，以及物理实验中常常采用控制变量法，属于中考中的常见题型22小丽做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2.5V”字样，电阻约10）（1）图甲所示是小丽连接的部分电路，请将电路连接完整（2）闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数若电路中仅有一处故障，这个故障可能是灯泡短路（3）实验过程中，当电压表的示数为2V时，电流表的示数如图乙所示，则电路中电流大小为0.48A，此时小灯泡的电功率为0.96W要使小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片P向右调节（选填“左”或“右”）（4）做完此实验后，小丽还想测量一只阻值约为数百欧的电阻Rx的阻值，与其他同学讨论后，她通过增加一电阻箱R0（09999 5A）、定值电阻（200 2A）、单刀双掷开关等器材，设计出了A、B两种方案（如图丙）在A、B两种方案中，方案B可以让测量结果更准确，理由是方案B可以多次测量取平均值，减小误差（电表为理想电表）【考点】电功率的测量【分析】（1）根据实物图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端电压，电流表测量电路电流；据此完善电路图；（2）闭合开关前滑动变阻器滑片处于阻值最大处；在判断故障时，若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，若无示数，说明电压表与电源不能相通；（3）根据电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电流表的示数；由P=UI求小灯泡功率；要使小灯泡正常发光，应使小灯泡两端电压为额定电压，故应将滑动变阻器的滑片P向右移动减小滑动变阻器接入电路的阻值；（4）方案A通过Rx与R串联，测得Rx两端电压，然后单刀双至开关由a到b再调节电阻箱，电压表示数与在a点相同，则可求得电阻值；方案B先后把电压表分别放在Rx和R0两端测出电压值，由串联分压公式可求Rx调节电阻箱阻值，可以多次测量取平均值，以减小误差【解答】解：（1）电压表测量定值电阻两端电压，与灯泡并联，电流表测量电路电流，根据I=0.25A，电流表用00.6A的量程，根据题意连接如图；（2）闭合开关后，发现灯泡不亮，电流表有示数，说明电路为通路，故障为短路；电压表无示数，说明电压表被短路，因此电路故障为灯泡短路；（3）电流表量程为00.6A，由表知0.4+30.02A=0.48A；此时小灯泡电功率：P=UI=2V0.48A=0.96w；要使小灯泡正常发光，应使小灯泡两端电压为额定电压，由2V增大到2.5V，根据串联分压的特点，应使滑动变阻器阻值减小，故应将滑动变阻器的滑片P向右移动；（4）方案A通过Rx与R串联，测得Rx两端电压，然后单刀双至开关由a到b再调节电阻箱，电压表示数与在a点相同，则可求得电阻值；方案B先后把电压表分别放在Rx和R0两端测出电压值，由串联分压公式可求Rx调节电阻箱阻值，可以多次测量方案A，只能求一次阻值；方案B可以多次测量求平均值，以减小误差故答案为：（1）见上图（2）灯泡短路；（3）0.48；0.96；右；（4）B、方案B可以多次测量取平均值，减小误差【点评】本题考查了实物图的连接，故障分析、滑动变阻器的正确使用，电流表的读数，电功率计算以及特殊方法测电阻等，综合性强是比较难的一道题23如图所示是某种型号的热水器的电路图，己知电热丝R1位于水中，起加热作用，R2起控制作用，R2=198（不考虑温度对电阻的影响）额定电压220V频率50Hz保温功率加热功率2200W水箱容量50L设定温度60（1）求R1的阻值（2）求保温时的功率和加热时的功率之比为多少？（3）将温度为16的水加热到设定的温度需要多少时间（电流产生的热量全部被水吸收）【