九年级物理上学期第三次月考试卷（含解析） 苏科版

2015-2016学年江苏省崖城市东台市第一教研片九年级（上）第三次月考物理试卷一、选择题（每小题只有一个答案正确，每题2分，共计24分）1如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）A起子B镊子C钢丝钳D托盘天平2下述各种现象中，属于做功改变内能的是（）（1）锯条锯木头，锯条发烫 （2）擦划火柴，火柴头着火 （3）冬天对着手呵气，手变暖 （4）电流通过导体，导体会发热A（1）（2）B（2）（3）C（1）（2）（3）D（1）（2）（4）3关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，所含热量越多B0的冰块，内能一定为零C温度相同的两物体间不会发生热传递D温度高的物体，内能一定大4电路中有一根锰铜合金线，若要使它的电阻变小，可采用（）A减小它两端的电压B增大通过它的电流C将它拉长后再接回电路D将它对折后再接回电路5在体操比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，当脚接触跳板M直至弹簧K被压缩至最短的过程中，下列有关运动员动能变化情况正确的（）A先增大后减小B由零不断增大C先减小后增大D不断减小6汽油机是由四个冲程不断循环而工作的，图中表示机械能转化为内能的冲程是：（）ABCD7在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，电路正常工作过了一会儿，两个电表的示数都变大，则该电路中出现的故障可能是（）A灯L断路B灯L短路C电阻R断路D电阻R短路8根据欧姆定律公式I=可以导出R=，由公式得出的正确结论是（）A导体电阻的大小跟导体两端电压成正比B导体电阻的大小跟导体中电流成反比C导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流共同决定D导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关9如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是（）ABCD10在“探究电流跟电阻的关系”、“伏安法测小灯泡电阻”的实验中下列关于这两个实验的一些说法中，你认为正确的是（）A两个实验都采取了控制变量法B两实验采用的原理是相同的C前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D后者多次测量的目的是取多组的平均值以减小误差11如图所示，是汽车油量表的工作原理图下列有关说法中不正确的是（）A油量表是由电流表改装而成的B油箱内油量增加时，R1接入电路的电阻值减小C油箱内油量增加时，R0两端的电压变大D油箱内油量减少时，R1两端的电压变小12在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1，R2均为定值电阻，当甲、乙都是电流表时，闭合开关S0，断开开关S，甲表的示数与乙表的示数之比为m；当甲、乙都是电压表时，闭合开关S0和S，甲表的示数与乙表的示数之比为n下列关于m、n的关系正确的是（）Amn=n1Bmn=n2mCmn=n+1D因R1、R2未知，故m、n的关系无法确定，以上说法都不对二、填空题：（每空1分，共24分）13我们家里往往有电灯、电视、电冰箱等用电器，它们正常工作时的两端电压为V；这些用电器之间的连接方式是联电灯的开关应该接在线和灯泡之间14太阳能电池将太阳能转化为能某一太阳能电池在正常工作时电压为0.6V，用它给阻值为6的用电器供电，电流是A，工作1s消耗的电能为J15汽油机工作的四个冲程中，只有冲程是燃气对外做功，在此冲程中，内能转化为能；若此汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功次16小杰家搬运装修材料采用了如图所示的装置，小杰在20s内用300N的力将重为500N的装修材料匀速提升2m，在此过程中小杰所做的总功是J，拉力的功率是W，滑轮组的机械效率是17一种电工工具由一个小灯泡L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端电压的关系如图所示，由图象可得定值电阻R的阻值为；当把这个工具接在电压为2V的电路两端，L、R并联电路总电流是A，此时的总电功率是W18如图所示，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，用来反映小车动能的大小实验表明动能的大小与物体的速度和有关若探究速度对动能的影响，实验操作方法是：19仅让一只“220V 100W”的白炽灯泡连续工作15min，如图所示的电能表转盘转动了60r，则灯泡消耗的电能为kWh，实际消耗的功率为W，两端的实际电压（选填“高于”、“等于”或“低于”）额定电压220V20将导线的两个断头接上后继续使用，接头处电阻（变大/变小/不变）大功率用电器如果使用这根导线接入电路，该导线中的电流（大于/等于/小于）用电器中的电流，由于电路中电流较大，在相同时间内该导线产生的热量，易引起火灾三、解答题（本大题有7小题，共52分，解答22、23题时应有解题过程）21按照题目要求作图：（1）在图甲中，为使杠杆OA保持静止，画出所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l2（2）如图乙，试在两个“”内选填适当的电表符号，使开关闭合后两灯都能发光（3）如图丙，请将图中的家庭电路按安全用电要求连接完整（4）闭合开关后，通过灯泡Ll的电流为0.5A，通过灯泡L2的电流为0.4A试根据图丁中的左图将右图中的实物用铅笔线表示导线连接起来22某学习小组同学想研究酒精灯烧水时的热效率他们用酒精灯给100g的水加热，经过一段时间测得水温升高了60、消耗了4.2g酒精已知：水的比热容为4.2103J/（kg），酒精的热值为3107J/kg求：（1）此过程中水吸收的热量；（2）4.2g酒精完全燃烧放出的热量；（3）酒精灯烧水时的热效率23在如图所示的电路中，R1=10，R2=20，闭合开关后，电流表的示数为0.3A求：（1）电阻R1两端的电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）电路消耗的总功率24小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：（1）你认为研究不同燃料燃烧放热能力应选用组器材（选填“甲”、“乙”）（2）观察甲、乙两图，除了图中相同的器材，还要用到相同的器材是（3）秒表是用在组实验中（选填“甲”、“乙”）甲组实验是通过来反映物质吸收热量的多少，乙组是通过来反映燃料放出热量的多少（4）购买一盒薯片，设计实验估测薯片的热值，应选用上述组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与包装盒上注明的薯片的热值进行比较是（选填“偏大”“偏小”），原因是25探究“影响电流热效应的因素”的实验（1）小明用甲图装置探究电热器产生的热量与电流的关系将一根电阻丝浸没在装有一定质量液体中，并插入一支温度计，通过观测温度计示数变化来比较电阻丝产生热量多少为让烧瓶内液体温度升高得快些，应选用（煤油/水），理由是（2）控制通电时间，调节滑动变阻器，记录电流表示数并填入下表实验次数电流/A通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.030.9301013.5结论：同一导体，在通电时间相等时，电流越，其产生的热量越（3）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应将乙图中（A/B）烧瓶与甲图中的烧瓶（串联/并联）26探究“电流与电阻关系”的实验中，提供的器材有：电源（电压9V）、电流表、电压表、滑动变阻器R、电阻箱R0、开关及导线若干（1）小明连接的图甲电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片P时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为AR短路 B滑片P接触不良 CR0短路 DR0断路（3）排除故障后实验时，改变R0的阻值，测出对应的电流I当R0的阻值变大时，为完成探究，应将滑片P向（左/右）端移动（4）将R0阻值换为50，电流表示数如图乙，请在图丙I坐标中补描该点并作出I关系图象（5）连线时发现有一个错误数据点，反思产生原因，小明回忆是某次将R0的阻值由变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片P就读取电流而造成的27阅读短文，回答问题：漏电保护器根据安全用电要求，住户家里除了要安装防止电流过大的自动空气开关外，还必须安装如图1所示的漏电保护器其示意图如图2甲所示，其内部结构相当于一个自动开关，正常情况下，住户家中没有电流流向地面，即图中I3为零，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，漏电保护器内部自动开关处于闭合状态如果电路中某处发生漏电（漏电是指电流从墙体、人体、接地线或其他路径流向地面），即图中的I3不为零，就会造成I1和I2不相等，当I1和I2的差异达到一定值，保护器内部自动开关就会立即断开排除漏电故障后，重新合闸即可恢复供电为确保使用安全，漏电保护器上设置了试验按钮，需要每月试按一次，如果试验按钮按下漏电保护器无动作，说明漏电保护器需要更换（1）关于漏电保护器，下列说法正确的是A当电路发生短路时，漏电保护器会自动切断电路B人站在绝缘物上双手分别触摸火线与零线，漏电保护器不会切断电路C正常情况下家庭电路中火线中的电流大于零线中的电流D漏电保护器跳闸后按下试验按钮即可恢复供电（2）如果电路中发生漏电，漏电电流为I3，则I1、I2、I3大小关系的表达式为（3）站在地面上的人体不小心接触了火线，如图2乙所示，该人体的电阻为2000，人与地面、电线等的接触电阻为3500，电路中安装了规格为如图3所示的漏电保护器，该漏电保护器（能/不能）及时断开电路（4）由于安装人员的疏忽，在安装三孔插座时，误将连接零线和地线的孔接反，此时如果将洗衣机的三脚插头插入该插座并启动洗衣机，漏电保护器（会/不会）断开，理由是2015-2016学年江苏省崖城市东台市第一教研片九年级（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个答案正确，每题2分，共计24分）1如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）A起子B镊子C钢丝钳D托盘天平【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、托盘天平的实质是等臂杠杆，在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力也不费力故选B2下述各种现象中，属于做功改变内能的是（）（1）锯条锯木头，锯条发烫 （2）擦划火柴，火柴头着火 （3）冬天对着手呵气，手变暖 （4）电流通过导体，导体会发热A（1）（2）B（2）（3）C（1）（2）（3）D（1）（2）（4）【考点】做功改变物体内能【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；它们的不同点是：热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：（1）锯条锯木头，克服摩擦做功，使锯条的内能增加、温度升高而发烫，是利用做功的方式改变内能； （2）擦划火柴，克服摩擦做功，使火柴头的内能增加、温度升高达到燃点而燃烧，是利用做功的方式改变内能； （3）冬天对着手呵气，是手从热气吸收热量，使手的内能增加、温度升而暖和，是利用热传递的方式改变内能； （4）电流通过导体，电流做功，消耗电能转化为内能，使导体会发热，是利用做功的方式改变内能故选D3关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）A物体的温度越高，所含热量越多B0的冰块，内能一定为零C温度相同的两物体间不会发生热传递D温度高的物体，内能一定大【考点】温度、热量与内能的关系【分析】热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；一切物体都具有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关；发生热传递的条件是存在温度差【解答】解：A、温度越高的物体，分子运动越剧烈，热量是热传递过程中传递的内能多少，不是含有热量多此选项错误；B、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，即一切物体都有内能此选项错误；C、在不同物体或同一物体不同部位之间，只要存在温度差，就会发生热传递；如果温度相同，就不会发生热传递此选项正确；D、内能与温度有关，但还与其它因素，如质量、物质种类、状态都有关系，所以温度高的物体内能不一定大此选项错误故选C4电路中有一根锰铜合金线，若要使它的电阻变小，可采用（）A减小它两端的电压B增大通过它的电流C将它拉长后再接回电路D将它对折后再接回电路【考点】影响电阻大小的因素【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大【解答】解：AB、导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；故AB不符合题意；C、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故C不符合题意；D、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故D符合题意故选D5在体操比赛的“鞍马”项目中，运动员上“马”前要踩踏板，如图所示，当脚接触跳板M直至弹簧K被压缩至最短的过程中，下列有关运动员动能变化情况正确的（）A先增大后减小B由零不断增大C先减小后增大D不断减小【考点】动能和势能的大小变化；力与运动的关系；力的合成与应用【分析】动能大小的影响因素：质量和速度质量一定，速度越小，动能越小当弹簧被压缩时会产生弹力，根据弹力大小的变化来判断对运动员下落速度的影响，从而确定动能的大小变化【解答】解：当脚接触跳板M直至弹簧K被压缩至最短的过程中，分为两个阶段：当向下的压力大于弹力时，合力方向向下，做加速运动，即速度越来越大，此过程中动能增大；当向下的压力小于弹力时，合力方向向上，做减速运动，即速度越来越小，直至为0，动能逐渐减小；因此动能先增大后减小故选A6汽油机是由四个冲程不断循环而工作的，图中表示机械能转化为内能的冲程是：（）ABCD【考点】内燃机的四个冲程【分析】本题应抓住汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程【解答】解：机械能转化为内能的冲程是：压缩冲程A图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程符合题意B图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程不符合题意C图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程不符合题意D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程不符合题意故选A7在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，电路正常工作过了一会儿，两个电表的示数都变大，则该电路中出现的故障可能是（）A灯L断路B灯L短路C电阻R断路D电阻R短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】（1）由图可知，电阻R、电灯L和电流表串联，电压表与灯泡并联，测量的是灯泡两端的电压，电流表测量电路电流；（2）根据电压表的示数变大和电流表示数变大，来分析电路中的故障情况【解答】解：A、如果灯L发生了断路，电流表示数变为零不符合题意；B、如果灯L发生了短路，电压表示数变为零不符合题意；C、如果电阻R断路，电流表示数变为零不符合题意；D、如果电阻R短路，电压表测量电源电压，示数变大；电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大符合题意故选D8根据欧姆定律公式I=可以导出R=，由公式得出的正确结论是（）A导体电阻的大小跟导体两端电压成正比B导体电阻的大小跟导体中电流成反比C导体电阻的大小是由导体两端的电压和通过导体中的电流共同决定D导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体两端的电压和导体中的电流无关【考点】欧姆定律【分析】电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比【解答】解：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于导体两端电压与通过导体的电流之比，故D正确；故选D9如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是（）ABCD【考点】动能的影响因素；动能大小的比较【分析】动能大小的影响因素：质量和速度质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大【解答】解：如图，铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大整个过程动能先减小再增大，故排除BD，处于最高点时竖直方向速度为0，但水平方向仍然有速度，因此动能不为0，故排除C故选：A10在“探究电流跟电阻的关系”、“伏安法测小灯泡电阻”的实验中下列关于这两个实验的一些说法中，你认为正确的是（）A两个实验都采取了控制变量法B两实验采用的原理是相同的C前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D后者多次测量的目的是取多组的平均值以减小误差【考点】物理学方法【分析】根据“探究电流与电阻关系”实验和“伏安法测小灯泡电阻”实验的实验目的、原理、多次测量的目的进行分析解答【解答】解：A、“探究电流与电阻关系”的实验目的是研究流过电阻的电流与电阻之间的关系，因此实验时应控制电阻两端电压不变；“伏安法测小灯泡电阻”是为了测不同电压下灯泡电阻的阻值，所以不需要控制变量此选项不正确；B、“探究电流与电压关系”的实验是为得出欧姆定律做准备的；“伏安法测小灯泡电阻”的原理是R=，所以两实验的原理不同此选项不正确；C、“探究电流与电阻关系”实验中，进行多次实验，是为了探究在不同电阻下，电流与电阻的关系，使实验得出的结论具有普遍性，得出普遍规律此选项正确；D、“伏安法测小灯泡电阻”实验中，进行多次实验，是为了比较不同电压下灯泡的电阻此选项错误故选C11如图所示，是汽车油量表的工作原理图下列有关说法中不正确的是（）A油量表是由电流表改装而成的B油箱内油量增加时，R1接入电路的电阻值减小C油箱内油量增加时，R0两端的电压变大D油箱内油量减少时，R1两端的电压变小【考点】电路的动态分析【分析】（1）根据电压表与被测电路并联，电流表与被测电路串联进行判断；（2）根据电路图判断油量增加或减少时浮标的变化，进一步判断滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和电阻两端电压的变化【解答】解：A、由图可知，油量表与电阻是串联的，根据电流表和电压表的使用规则可知，与电阻串联的是电流表，所以油量表是由电流表改装的，故A正确；B、油箱内油量增加时，滑片向下移动，则R1接入电路的电阻值减小，故B正确；C、油箱内油量增加时，滑片向下移动，则R1接入电路的电阻值减小，电路的总电阻减小，电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，故C正确；D、油箱内油量减少时，滑片向上移动，则R1接入电路的电阻值增大，根据串联电路分压的作用可知，R1两端的电压变大，故D错误故选D12在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1，R2均为定值电阻，当甲、乙都是电流表时，闭合开关S0，断开开关S，甲表的示数与乙表的示数之比为m；当甲、乙都是电压表时，闭合开关S0和S，甲表的示数与乙表的示数之比为n下列关于m、n的关系正确的是（）Amn=n1Bmn=n2mCmn=n+1D因R1、R2未知，故m、n的关系无法确定，以上说法都不对【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）当甲、乙都是电流表时，闭合开关S0，断开开关S，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电流表的示数之比；（2）当甲、乙都是电压表时，闭合开关S0和S，两电阻串联，甲表测电源的电压，乙表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出两表的示数之比，然后比较得出答案【解答】解：（1）当甲、乙都是电流表时，闭合开关S0，断开开关S，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两支路的电流之比：=，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：=m；（2）当甲、乙都是电压表时，闭合开关S0和S，两电阻串联，甲表测电源的电压，乙表测R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以，两电压表的示数之比：=n；则mn=n1，故A正确，BCD不正确故选A二、填空题：（每空1分，共24分）13我们家里往往有电灯、电视、电冰箱等用电器，它们正常工作时的两端电压为220V；这些用电器之间的连接方式是并联电灯的开关应该接在火线和灯泡之间【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接【分析】（1）家用电器的额定电压都是220V，家庭电路电压是220V，各家用电器只有并联在电路中，各家用电器才能正常工作，并且互不影响；（2）开关和开关控制的用电器之间是串联，并且开关应应该接在火线和用电器之间【解答】解：（1）家里电灯、电视、电冰箱等用电器，正常工作时它们两端的电压都等于其额定电压，等于220V它们工作时，互不影响，为并联连接；（2）从安全角度考虑，与电灯串联的开关在断开时，应该使用电器与火线断开，因此控制电灯的开关应接在火线和电灯之间故答案为：220；并；火14太阳能电池将太阳能转化为电能某一太阳能电池在正常工作时电压为0.6V，用它给阻值为6的用电器供电，电流是0.1A，工作1s消耗的电能为0.06J【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）目前人类直接利用太阳能的方式有两种，一种是用集热器把水等物质加热，另一种是用太阳电池把太阳能转化为电能（2）知道太阳能电池在正常工作时的电压和用电器的电阻，根据欧姆定律求出通过的电流，根据W=UIt求出工作1s消耗的电能【解答】解：（1）太阳能电池是把太阳能转化为电能，从而给其它用电器供电；（2）通过用电器的电流：I=0.1A，工作1s消耗的电能：W=UIt=0.6V0.1A1s=0.06J故答案为：电；0.1；0.0615汽油机工作的四个冲程中，只有做功冲程是燃气对外做功，在此冲程中，内能转化为机械能；若此汽油机的转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功20次【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能；（2）内燃机的一个工作循环有四个冲程，飞轮转2圈【解答】解：（1）内燃机的四个冲程中，实现将内能转化为机械能的是做功冲程；（2）内燃机的一个工作循环有四个冲程，飞轮转2圈单缸四冲程内燃机飞轮的转速为2400r/min，则该内燃机每秒钟转40圈，完成80个冲程，对外做功20次故答案为：做功；机械；2016小杰家搬运装修材料采用了如图所示的装置，小杰在20s内用300N的力将重为500N的装修材料匀速提升2m，在此过程中小杰所做的总功是1200J，拉力的功率是60W，滑轮组的机械效率是83%【考点】功的计算；机械效率的计算；功率的计算【分析】根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据W=Gh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率【解答】解：（1）重物升高的高度为h=2m，重物由2段绳子承担，故绳子移动的距离为s=2h=22m=4m；小杰所做总功为W总=Fs=300N4m=1200J；（2）拉力的功率为：P=60W；（3）所做有用功为：W有=Gh=500N2m=1000J；滑轮组的机械效率为：=83%；故答案为：1200；60；83%17一种电工工具由一个小灯泡L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端电压的关系如图所示，由图象可得定值电阻R的阻值为10；当把这个工具接在电压为2V的电路两端，L、R并联电路总电流是0.8A，此时的总电功率是1.6W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】由图中电压和电流可算出电阻，由电压和电阻可算出电流算出电压是2V时灯泡L的电阻，然后算出电路的总电阻，由公式P=算出总功率【解答】解：由图可知，定值电阻两端电压是4V时，电流为0.4A，故电阻是：R=10把这个工具接在电压为2V的电路两端，因为小灯泡L和定值电阻R并联，读图可知，通过定值电阻R的电流为0.2A，小灯泡L的电流是0.6A则并联后的总电流为0.6A+0.2A=0.8A灯泡的电阻：RL=小灯泡L和定值电阻R并联的总电阻： =+=+=，所以R总=2.5L、R并联的总功率是：P总=1.6W故答案为：10；0.8；1.618如图所示，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，用小车推动木块运动距离的大小来反映小车动能的大小实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关若探究速度对动能的影响，实验操作方法是：使质量相同的小车从斜面的不同高度由静止滑下【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）本实验通过比较小车推动木块运动距离的大小，判断小车动能的大小（2）动能大小跟质量和速度有关在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变【解答】解：实验中，通过小车推动木块运动距离的大小来反映小车动能的大小；实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小车的质量相同，速度不同，所以需使质量相同的小车从斜面的不同高度由静止滑下故答案为：小车推动木块运动距离的大小；质量；使质量相同的小车从斜面的不同高度由静止滑下19仅让一只“220V 100W”的白炽灯泡连续工作15min，如图所示的电能表转盘转动了60r，则灯泡消耗的电能为0.02kWh，实际消耗的功率为80W，两端的实际电压低于（选填“高于”、“等于”或“低于”）额定电压220V【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】“3000r/kWh”的意义为：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘就转过3000r，从而可以计算出电能表的转盘转过60r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P=计算出灯泡的实际功率再和额定功率比较得出实际电压和额定电压的关系【解答】解：“3000r/kWh”，它表示：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000圈；电能表的转盘转1圈，用电器消耗电能： kWh；转盘在15min内转了60转，用电器消耗电能： kWh60=0.02kWh；灯的实际功率是：P=0.08kW=80W由于灯的实际功率低于额定功率，所以灯的实际电压低于额定电压故答案为：0.02；80；低于20将导线的两个断头接上后继续使用，接头处电阻变大（变大/变小/不变）大功率用电器如果使用这根导线接入电路，该导线中的电流等于（大于/等于/小于）用电器中的电流，由于电路中电流较大，在相同时间内该导线产生的热量多，易引起火灾【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；影响电阻大小的因素【分析】（1）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；导线的两个断头的接头处，会因为接触不够紧密而使导电能力减弱，即电阻增大；（2）串联电路中电流处处相等，用电器与导线串联，故其电流相等；（3）焦耳定律表达式为：Q=I2Rt【解答】解：（1）导线的两个断头接上后继续使用，导线的两个断头的接头处，会因为接触不够紧密而使导电能力减弱，即电阻增大；（2）电路中，用电器与导线串联，故其电流相等；（3）当电路中电流较大时，根据焦耳定律Q=I2Rt；可知在相同时间内该导线产生热量多；故答案为：变大；等于；多三、解答题（本大题有7小题，共52分，解答22、23题时应有解题过程）21按照题目要求作图：（1）在图甲中，为使杠杆OA保持静止，画出所加最小力F1的示意图和阻力F2的力臂l2（2）如图乙，试在两个“”内选填适当的电表符号，使开关闭合后两灯都能发光（3）如图丙，请将图中的家庭电路按安全用电要求连接完整（4）闭合开关后，通过灯泡Ll的电流为0.5A，通过灯泡L2的电流为0.4A试根据图丁中的左图将右图中的实物用铅笔线表示导线连接起来【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法；实物的电路连接；电流表的连接；电压表的连接；家庭电路的组成【分析】（1）力臂是支点到力的作用线的距离由杠杆的平衡条件可知，当杠杆平衡时，力臂最长，力最小（2）电流表与被测用电器串联，在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路（3）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（4）分析电路图，弄懂各元件的连接方式，两个灯泡并联，电流表1放在干路，电流表2放在灯泡L2的支路，开关放在干路然后按电路图连接实物图【解答】解：（1）由图知O是支点，F1作用在A点，最长力臂是OA，所以F1的方向要与OA垂直，这样才能保证其力臂是OA如图所示向力F2的作用线作垂线，作出力臂l2如图所示：（2）填入电表后，不能出现短路和断路，电流表看做一段导线，电压表所在电路看做断路，要求两灯并联，所以甲表应为电流表，乙表应为电压表，如下图：（3）火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；如下图所示：（4）弄懂电路图的连接方式：L1与L2并联，开关放在干路，电流表1放在干路，因为干路中的电流等于0.5A+0.4A=0.9A，故应选大量程，电流表2放在L2的支路根据电流的实际情况可选小量程具体连接如图：22某学习小组同学想研究酒精灯烧水时的热效率他们用酒精灯给100g的水加热，经过一段时间测得水温升高了60、消耗了4.2g酒精已知：水的比热容为4.2103J/（kg），酒精的热值为3107J/kg求：（1）此过程中水吸收的热量；（2）4.2g酒精完全燃烧放出的热量；（3）酒精灯烧水时的热效率【考点】热平衡方程的应用【分析】利用吸热公式求水吸收的热量；已知酒精的质量和热值，利用Q=mq可求酒精完全燃烧产生的热量；烧水时的热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比【解答】解：（1）100g=0.1kg，水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）0.1kg60=2.52104J；（2）酒精完全燃烧产生的热量：Q放=mq=0.0042kg3107J/kg=1.26105J；（3）酒精灯烧水时的热效率：=100%=100%=20%答：（1）水吸收的热量是2.52104J；（2）4.2g酒精完全燃烧放出的热量是1.26105J；（3）酒精灯烧水时的热效率是20%23在如图所示的电路中，R1=10，R2=20，闭合开关后，电流表的示数为0.3A求：（1）电阻R1两端的电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）电路消耗的总功率【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】（1）根据图示闭合开关，是并联电路，各处电压相等，根据欧姆定律I=就会算出电阻R1两端的电压；（2）由欧姆定律公式就可求出通过电阻R2的电流；（3）先算出通过R2的电流，再算出电路中的总电流，由电功率公式P=UI就会求出电路消耗的总功率【解答】解：（1）当闭合开关后，R1与R2并联在电路中，电路中各处的电压都相等，那么U=U1=U2=I1R1=0.3A10=3V，答：电阻R1两端的电压为3V（2）已知：U2=3V，R2=20，那么I2=0.15A，答：通过电阻R2的电流0.15A（3）电路通过的总电流为I=I1+I2=0.3A+0.15A=0.45A，电路消耗的总功率P=UI=3V0.45A=1.35W，答：电路消耗的总功率为1.35W24小明同学探究了“不同物质吸热升温的现象”，同时又探究了“不同燃料燃烧的放热能力”，他设计了两组实验装置如图所示：（1）你认为研究不同燃料燃烧放热能力应选用乙组器材（选填“甲”、“乙”）（2）观察甲、乙两图，除了图中相同的器材，还要用到相同的器材是天平（3）秒表是用在甲组实验中（选填“甲”、“乙”）甲组实验是通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，乙组是通过水温升高的度数或水温的变化来反映燃料放出热量的多少（4）购买一盒薯片，设计实验估测薯片的热值，应选用上述乙组（选填“甲”、“乙”）来进行测量，然后将实验结果与包装盒上注明的薯片的热值进行比较是偏小（选填“偏大”“偏小”），原因是根据公式q=可知，在薯片质量一定时，因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失，所以，所测热值偏小【考点】探究比热容的实验；燃料的热值【分析】（1）研究不同燃料燃烧放热能力，应选用不同的燃料；（2）利用控制变量法进行分析；（3）加热时间的长短反映物质吸收热量的多少；相同质量的同种液体，升高的温度反映燃料放出热量的多少；（4）根据q=即可计算出热值的大小；分析每一个物理量与真实值的关系可知热值的偏差【解答】解：（1）研究不同燃料燃烧放热能力应用不同的燃料，因此选乙组器材（2）观察甲、乙两图，物质的质量都必须相等，因此还要用天平称量质量，即要用到相同的器材是天平；（3）甲组实验是通过加热时间的多少来反映物质吸收热量的多少，因此秒表用在甲装置中；乙组是通过水温升高的度数或水温的变化来反映燃料放出热量的多少（4）由q=可知，要估测薯片的热值，需根据Q=cmt求出液体吸收的热量，因此应选用上述乙来进行测量；在薯片质量一定时，因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失，所以，所测热值偏小故答案为：（1）乙；（2）天平；（3）甲；加热时间的多少；水温升高的度数或水温的变化；（4）乙；偏小；根据公式q=可知，在薯片质量一定时，因为薯片没有完全燃烧且薯片燃烧后有一部分热量散失，所以，所测热值偏小25探究“影响电流热效应的因素”的实验（1）小明用甲图装置探究电热器产生的热量与电流的关系将一根电阻丝浸没在装有一定质量液体中，并插入一支温度计，通过观测温度计示数变化来比较电阻丝产生热量多少为让烧瓶内液体温度升高得快些，应选用煤油（煤油/水），理由是煤油的比热容比水的比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显（2）控制通电时间，调节滑动变阻器，记录电流表示数并填入下表实验次数电流/A通电时间/s电阻/温度升高量/10.330101.520.630106.030.9301013.5结论：同一导体，在通电时间相等时，电流越大，其产生的热量越多（3）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应将乙图中B（A/B）烧瓶与甲图中的烧瓶串联（串联/并联）【考点】焦耳定律【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，通过比较烧瓶内温度的变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少；为了实验效果更加明显，实验应采用比热容较小的液体；（2）分析表格中数据相同的量和不同的量，判断温度升高的影响因素；（3）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同【解答】解：（1）由于煤油的比热容较小，质量相同吸收热量相同时，温度变化比较明显，应选用煤油进行实验；（2）由表格中数据知，通电时间和电阻相等，电流增大为原来的2倍，温度升高为原来的4倍，即产生的热量为原来的4倍，可知通电时间和电阻相等，产生的热量与电流的2次方成正比；（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同，所以应该选择B烧瓶和甲图中的烧瓶串联故答案为：（1）煤油；煤油的比热容比水的比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显；（2）大；多；（3）B；串联26探究“电流与电阻关系”的实验中，提供的器材有：电源（电压9V）、电流表、电压表、滑动变阻器R、电阻箱R0、开关及导线若干（1）小明连接的图甲电路中存在连线错误，只需改动一根导线，即可使连线正确请在接错的导线上打“”，并用笔画线代替导线画出正确的接法（2）正确连接电路后闭合开关，在移动变阻器滑片P时，两电表示数突然都变为零，则电路故障可能为BAR短路 B滑片P接触不良 CR0短路 DR0断路（3）排除故障后实验时，改变R0的阻值，测出对应的电流I当R0的阻值变大时，为完成探究，应将滑片P向左（左/右）端移动（4）将R0阻值换为50，电流表示数如图乙，请在图丙I坐标中补描该点并作出I关系图象（5）连线时发现有一个错误数据点，反思产生原因，小明回忆是某次将R0的阻值由40变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片P就读取电流而造成的【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）要掌握电压表、电流表和滑动变阻器的接法，注意电压表要并联在电路中；（2）常见电路故障有断路与短路，分析清楚电路结构，根据电流表和电压表的示数判断电路中出现断路或短路；（3）要探究电流与电阻的关系，需要改变接入电路的电阻箱R0的阻值，同时保持其两端电压一定；电阻箱R0的阻值变化，两端电压相应变化，要保持电阻箱R0两端电压不变，就要调节滑动变阻器的滑片，调整接入电路的阻值大小；（4）知道R0阻值算出，如图乙读出电流表的示数，在图丙I坐标中补描该点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出I图象；（5）根据图象找出错误数据点和与其相邻的数据点，分别算出它们对应的电阻值，结合欧姆定律判断即可【解答】解：（1）由图知，电压表串联在了电路中，且电阻箱R0未正常接入电路电路如图，应将电压表与电阻箱R0并联（2）由图可知，电阻箱R0与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻箱R0两端的电压；A、如果滑动变阻器R短路，整个电路仍然是通路，电流表、电压表示数都不为零，故A不符合题意；B、如果滑片P接触不良，整个电路断路，电流表、电压表示数都为零，故B符合题意；C、如果电阻箱R0短路，电压表示数为零，电流表示数不为零，故C不符合题意；D、如果电阻箱R0断路，电流表示数为零；电压表测量电源电压，示数不为零，故D不符合题意故选：B（3）当R0的阻值变大时，电阻箱R0分压变大，电压表示数变大，为保持电阻箱R0两端电压不变，应移动滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，从而减小电阻箱R0两端电压，保持电压不变，所以滑片P应向A端移动（4）由图乙可知，电流表的示数I=0.12A电阻箱的阻值R0=50，则=0.021，在坐标系中补描对应的坐标点（0.02，0.12），然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出I图象如图所示：（5）由图象可知，错误的坐标点是（0.04，0.20），则=0.041，解得：R0=25，此时电路中的电流I=0.20A，由欧姆定律I=得，电阻箱R0两端的电压U0=IR0=0.20A25=5V，则滑动变阻器两端的电压U滑=UU0=9V5V=4V，此时滑动变阻器接入电路中的阻值R滑=20，由图象可知，变换错误数据点之前，电压表示数大约保持6V不变，此时滑动变阻器两端的电压U滑=UUV=9V6V=3V，因为串联电路中各处的电流相等，所以=，即=，解得：R0=40，故小明是将R0的阻值由40变换为错误数据点对应阻值时，未调节滑片P就读取电流而造成的故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）左；（4）见上图；（5）4027阅读短文，回答问题：漏电保护器根据安全用电要求，住户家里除了要安装防止电流过大的自动空气开关外，还必须安装如图1所示的漏电保护器其示意图如图2甲所示，其内部结构相当于一个自动开关，正常情况下，住户家中没有电流流向地面，即图中I3为零，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，漏电保护器内部自动开关处于闭合状态如果电路中某处发生漏电（漏电是指电流从墙体、人体、接地线或其他路径流向地面），即图中的I3不为零，就会造成I1和I2不相等，当I1和I2的差异达到一定值，保护器内部自动开关就会立即断开排除漏电故障后，重新合闸即可恢复供电为确保使用安全，漏电保护器上设置了试验按钮，需要每月试按一次，如果试验按钮按下漏电保护器无动作，说明漏电保护器需要更换（1）关于漏电保护器，下列说法正确的是BA当电路发生短路时，漏电保护器会自动切断电路B人站在绝缘物上双手分别触摸火线与零线，漏电保护器不会切断电路C正常情况下家庭电路中火线中的电流大于零线中的电流D漏电保护器跳闸后按下试验按钮即可恢复供电（2）如果电路中发生漏电，漏电电流为I3，则I1、I2、I3大小关系的表达式为I1=I2+I3（3）站在地面上的人体不小心接触了火线，如图2乙所示，该人体的电阻为2000，人与地面、电线等的接触电阻为3500，电路中安装了规格为如图3所示的漏电保护器，该漏电保护器能（能/不能）及时断开电路（4）由于安装人员的疏忽，在安装三孔插座时，误将连接零线和地线的孔接反，此时如果将洗衣机的三脚插头插入该插座并启动洗衣机，漏电保护器会（会/不会）断开，理由是零线接地，流出电流I2为零，I1和I2的差异很大，漏电保护器立即断开【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律【分析】（1）根据文中漏电保护器使用原理分析判断；（2）由图乙可知电流的流向，据此得出三电流之间的关系；（3）人触电时，其两端的电压为220V，根据欧姆定律求出此时漏电电流；然后与图丁中的额定动作电流相比较即可得出答案；（4）零线接地，流出电流I2为零，I1和I2的差异很大，根据漏电保护器的原理进行解答【解答】解：（1）A当电路发生短路时，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，漏电保护器不会切断电路，故A错；B人站在绝缘物上双手分别触摸火线与零线，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，漏电保护器不会切断电路，故B正确；C正常情况下家庭电路中火线中的电流等于零线中的电流，故C错；D漏电保护器跳闸后，需要检查电路故障，排除故障后，按下试验按钮，才能恢复供电，故D错；故选B（2）由图乙可知，火线中的电流一部分通过零线，一部分流向大地，即三电流之间的关系：I1=I2+I3；（3）站在地面上的人体不小心接触了火线时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时漏电电流：I3=0.04A=40mA，由图丁可知，额定动作电流I30mA，因I3I，所以，该漏电保护器能及时断开电路；（4）零线接地，流出电流I2为零，I1和I2的差异很大，漏电保护器立即断开故答案为：（1）B；（2）I1=I2+I3；（3）40；能；（4）会；零线接地，流出电流I2为零，I1和I2的差异很大，漏电保护器立即断开