九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版95

2015-2016学年陕西省安康市汉滨区九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）1如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所标力臂l正确的是（）ABCD2下列所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（）A动滑轮B订书机C羊角锤D镊子3下列说法中正确的是（）A导体的电阻跟它的长度无关B导体的电阻跟它的横截面积无关C导体的电阻跟它的材料无关D导体的电阻跟它两端的电压无关4当将滑动变阻器的滑片P向左移动时，图中的哪一种连接方法可使变阻器连入电路部分的电阻变小？（）ABCD5在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于（）A5WB50WC500WD5000W6如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，有（）AUABUBC，IABIBCBUABUBC，IAB=IBCCUAB=UBC，IABIBCDUABUBC，IAB=IBC7一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，则该汽油机每秒种内完成的冲程数和对外做功的次数分别是（）A60和15B30和30C15和15D60和308如图，L是灯泡，且两灯均正常发光，“”处可以连接电流表、电压表测量电路中的电流、电压，以下说法中正确的是（）Aa为电流表，b为电压表，c为电流表Ba为电压表，b为电压表，c为电流表Ca为电流表，b为电流表，c为电压表Da为电流表，b为电流表，c为电流表9下列说法中正确的是（）A物体吸收热量，温度一定升高B物体内能增加，一定是物体吸收了热量C物体温度不变，内能也可能增加D物体内能增加，一定是外界对物体做了功10小明做作业时，发现灯泡忽明忽暗，原因可能是（）A灯泡的额定电压发生了改变B灯泡的额定功率发生了改变C灯泡的实际电压发生了改变D灯泡烧坏了11如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是（）A灯L1短路B灯L2短路C灯L1断路D灯L2断路12如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（即电流表）指针所指的刻度就可以知道油面的高度，它的工作过程是（）A油面降低，R变大，油量表指针偏转变小B油面降低，R变小，油量表指针偏转变大C油面降低，R变大，油量表指针偏转变小D油面降低，R变小，油量表指针偏转变大二、填空题（每空1分，共30分）13如图所示，秤砣的质量为100g，秤杆的质量忽略不计秤杆水平静止时，OA=5cm，OB=25cm，则被测物的质量为0.5kg若秤砣有缺损时，则杆秤所示的质量值大于被测物的真实质量值（选填“小于”、“等于”或“大于”）14建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体匀速提升3m所用的手拉力为300N则该工人所做的有用功为1200J，总功为1800J，该滑轮组的机械效率是66.7%（保留三位有效数字）若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械教率将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）15小明沿水平方向用力推静止在水平地面上的桌子，但没有推动，此时他对桌子的推力等于桌子所受到的阻力（选择“大于”、“小于”或“等于”），此过程中小明对桌子做的功为0J16汽油机的四个冲程是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程其中机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程17当某导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是20；当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为0.25A；当它两端电压为0时，该导体的电阻为2018有两个电阻之比R1：R2=2：3，把它们串联在电路中，通过它们的电流强度之比I1：I2=1：1，加在它们的两端电压之比U1：U2=2：3；如果把它们并联在电路中，通过它们的电流之比I1：I2=3：2，加在它们两端的电压之比是U1：U2=1：119在图（甲）所示的电路中，若电源电压为3V，电流表A1、A2的示数如图（乙）所示，则通过R1的电流是0.6A，R2的阻值是15201911年，荷兰物理学家昂内斯发现，当水银的温度下降到负269时，其电阻就会完全消失，这种现象叫做“超导现象”，人们把具有这种现象的物体叫做超导体在超导状态下，导体的电阻R=0，利用超导材料可以制成输电线（选填“输电线”或“电阻丝”）21有一个标有“5V 2.5W”的电铃，欲使它在10V的电压下正常工作，应给它串联一个10的电阻22某同学做电学实验时，电路如图所示，已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V（保持不变），滑动变阻器的铭牌上标有“50 2A”字样，50的物理意义是滑动变阻器的最大电阻是50定值电阻R0为10，开关S闭合后，在移动滑动变阻器的过程中，电流表的最大示数为0.3A，电压表的最小示数为1V三、作图与探究题23小华总结两年来所做的物理探究实验发现（1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来这种研究物理问题的方法叫转换法如：甲实验中小球动能的大小是通过观察比较木物块B运动距离反映出来的乙实验中水和沙子吸收热量的多少是用加热时间的长短来表示（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如：甲实验研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的质量不变乙实验中只有物质的种类不同，其他因素必须控制相同（例如烧杯的规格相同、水和沙的质量相等、酒精灯加热方式相同等）24小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图1所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：实验次数物重G/N物体上升的高度h/cm测力计的示数F/N测力计移动的距离s/cm1632.592652.5173682.524（1）分析表中数据，回答以下问题：表中有一个数据的记录是错误的，该错误数据是17；第3次实验中滑轮组的机械效率是80%；滑轮组的机械效率与与物体上升的高度无关（2）小红在小明实验的基础上多使用一个滑轮也做了实验，如图2所示小红多使用一个滑轮，目的是为了改变改变拉力的方向；两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物（不计绳重及摩擦），那么所测机械效率是否相同：相同，理由是：在用不同的滑轮组提升同一个物体时，所做的有用功和总功都相同，所以机械效率相同25在探究“电流与电阻的关系”的过程中，如图甲是所用的电路图，请根据电路图连接图乙的实物电路（1）连接电路时，开关应处于断开（选填“断开”或“闭合”）状态（2）小明连好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数电压表有示数，其原因可能是B（只填序号）A电流表断路 BR断路 CR短路（3）排除故障后，小明将5的电阻接入电路，调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V，电流表示数（如图丙所示）为0.3A（4）小明再分别换接10 15的电阻，重复实验，得到表一中两组数据，分析表一数据，可得出结论：保持电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成当电压一定时，电流跟电阻成反比比（5）小丽在做此实验时，每次只更换电阻，测得相应的电流值，如表二所示，根据表中数据，她无法得到与小明相同的结论，其原因是没有控制电阻两端电压相等表一电阻R/51015电流I/A0.150.10表二电阻R/51015电流I/A 0.30.20.15四、综合题26如图所示电路中，电源电压不变，灯L标有“3V 0.5A”字样，定值电阻R的阻值为8，闭合开关S，灯L正常发光，则：（1）电流表的示数是多少？（2）电源电压是多大？27如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R标有“50，2A”字样（l）将滑片P移到最右端，闭合S1，断开S2，求电流表的示数I1（2）保持滑片P在最右端，闭合S1、S2，电流表示数I=5I1，求R2的阻值（3）将滑片P移至某一位置，闭合S1、S2，电流表示数为0.68A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值2015-2016学年陕西省安康市汉滨区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）1如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所标力臂l正确的是（）ABCD【考点】力臂的画法【分析】根据力臂的画法进行分析，即过支点作动力作用线的垂线段【解答】解：因为动力的力臂的做法是过支点作动力作用线的垂线段，而A B选项中线段与动力作用线不垂直，所以A、B选项错误；又因为C选项中，表示力臂的不是支点到动力作用线的垂线段，故C选项错误，D选项正确故选D2下列所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（）A动滑轮B订书机C羊角锤D镊子【考点】杠杆的分类【分析】使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断【解答】解：动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，所以A不符合题意；订书机和羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它们都是省力杠杆，所以B不符合题意；镊子在使用时动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，所以D符合题意故选：D3下列说法中正确的是（）A导体的电阻跟它的长度无关B导体的电阻跟它的横截面积无关C导体的电阻跟它的材料无关D导体的电阻跟它两端的电压无关【考点】影响电阻大小的因素【分析】电阻是导体自身的一种特性，电阻大小只与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与导体两端的电压及通过导体中的电流大小无关【解答】解：A、导体的电阻跟它的长度有关，所以该选项不正确B、导体的电阻跟它的横截面积有关，所以该选项不正确C、导体的电阻跟它的材料有关，所以该选项不正确D、导体的电阻跟它两端的电压无关，所以该选项正确故选D4当将滑动变阻器的滑片P向左移动时，图中的哪一种连接方法可使变阻器连入电路部分的电阻变小？（）ABCD【考点】滑动变阻器的使用【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大；若接右下接线柱，滑片向左移动，电阻变大【解答】解：A、这种连接方式接入电路的是左半部分，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝长度变小，电阻变小，符合题意；B、连接下面两个接线柱，连入电路中的是一个定值电阻（最大电阻），这种接法是不能变阻的，不符合题意；C、这种连接方式接入电路的是右半部分，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝长度变大，电阻变大，不符合题意；D、这种连接方式接入电路的是右半部分，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻丝长度变大，电阻变大，不符合题意；故选A5在登楼梯比赛中，小明同学从一楼匀速登上五楼，共用了12s，则他登楼时克服重力所做功的功率最接近于（）A5WB50WC500WD5000W【考点】功率的测量实验【分析】先估算出该同学上楼所做的功，然后由功率公式求出他上楼的功率【解答】解：该同学的质量约为50kg，每层楼的高度约为3m，上楼时要克服重力做功，上5楼所做的功约为：W=Gh=mgh=50kg10N/kg43m=6000J，功率约为P=500W；故选C6如图所示，AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，将它们串联后连入电路中，比较这两段导体两端的电压及通过它们的电流的大小，有（）AUABUBC，IABIBCBUABUBC，IAB=IBCCUAB=UBC，IABIBCDUABUBC，IAB=IBC【考点】串联电路的电流规律；欧姆定律的变形公式【分析】（1）AB和BC是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；（2）根据串联电路的电流特点可知通过两段导体的电流关系；（3）根据U=IR可知两段导体两端的电压关系【解答】解：（1）导体AB和BC由同种材料制成、长度相同，由图可知导体AB横截面积比BC的小，RABRBC；（2）两段导体串联，通过两导体的电流相等，即IAB=IBC；（3）I=，由U=IR可得，UABUBC故选D7一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min，则该汽油机每秒种内完成的冲程数和对外做功的次数分别是（）A60和15B30和30C15和15D60和30【考点】有关热机的计算【分析】（1）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次（2）1800r/min的含义：它表示热机的飞轮每分钟转1800圈【解答】解：四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该飞轮每秒钟转30圈因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以该汽油机每秒种内飞轮转30圈，共60个冲程，共做功15次，故A正确故选A8如图，L是灯泡，且两灯均正常发光，“”处可以连接电流表、电压表测量电路中的电流、电压，以下说法中正确的是（）Aa为电流表，b为电压表，c为电流表Ba为电压表，b为电压表，c为电流表Ca为电流表，b为电流表，c为电压表Da为电流表，b为电流表，c为电流表【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】电压表应并联使用，如果将电压表串联在电路中，电路中将没有电流；电流表应串联使用，如果将电流表与被测电路并联，则会造成被测用电器短路【解答】解：由图可知a表跟灯泡L1并联，所以应为电压表；b表与灯泡L2并联，应为电压表；c表跟灯泡L2串联，所以应为电流表由上述可知选项A、C、D都不正确故选B9下列说法中正确的是（）A物体吸收热量，温度一定升高B物体内能增加，一定是物体吸收了热量C物体温度不变，内能也可能增加D物体内能增加，一定是外界对物体做了功【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变【分析】要解答本题需掌握：温度、内能和热量的区别和联系，以及改变物体内能的方法【解答】解：A、物体吸收热量，温度不一定升高，比如：晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变故A 不正确B、物体内能增加，可能是吸收热量也可能是对物体做功故B不正确C、物体温度不变，内能也可能增加，比如：晶体熔化过程，温度不变，但状态变了，故内能也增加故C正确D、物体内能增加，可能是外界对物体做了功，也可能是吸收了热量故D不正确故选C10小明做作业时，发现灯泡忽明忽暗，原因可能是（）A灯泡的额定电压发生了改变B灯泡的额定功率发生了改变C灯泡的实际电压发生了改变D灯泡烧坏了【考点】实际功率【分析】灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，灯忽明忽暗，说明灯的实际功率不断变化，而功率P=，所以灯忽明忽暗，实际上是灯泡的实际电压发生了改变【解答】解：A、一个用电器确定，额定电压确定，无论用电器是否工作，是否正常工作，都不影响额定电压故A错误；B、灯泡的额定功率是固定的，不会变化，故B错误；C、灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，灯忽明忽暗，说明灯的实际功率不断变化，而功率P=，所以灯忽明忽暗，实际上是灯泡的实际电压发生了改变故C正确；D、灯泡烧坏了，灯会彻底熄灭不会忽明忽暗，故D错误故选：C11如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是（）A灯L1短路B灯L2短路C灯L1断路D灯L2断路【考点】欧姆定律的应用【分析】由图可知：电流表测量L2的电流，电压表可测电源电压，若一灯灭了，而两个电表示数不变，则是L1断路了【解答】解：两个电灯是并联，电压表测量并联后的电压，也为电源电压，电流表与L2串联，测量L2的电流，若一灯灭了，两表示数不变，说明电压表还能与电源相通，L2中还有电流，即L2支路工作正常，所以只有是L1不亮，它断路了故选C12如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（即电流表）指针所指的刻度就可以知道油面的高度，它的工作过程是（）A油面降低，R变大，油量表指针偏转变小B油面降低，R变小，油量表指针偏转变大C油面降低，R变大，油量表指针偏转变小D油面降低，R变小，油量表指针偏转变大【考点】欧姆定律的应用【分析】由图知，油面降低时，浮子下降，由此知使滑动变阻器连入的电阻变化，根据串联电路的特点和欧姆定律可知电路中的电流的变化【解答】解：由图知，定值电阻R与滑动变阻器R、油量表串联在电路中，所以油量表是电流表改装成的，当油面降低，浮标位置下降，浮标拉动指针上移，滑动变阻器R连入电路的电阻变大，电路中总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，油量表指针示数变小故选A二、填空题（每空1分，共30分）13如图所示，秤砣的质量为100g，秤杆的质量忽略不计秤杆水平静止时，OA=5cm，OB=25cm，则被测物的质量为0.5kg若秤砣有缺损时，则杆秤所示的质量值大于被测物的真实质量值（选填“小于”、“等于”或“大于”）【考点】杠杆的平衡条件；杠杆的平衡分析法及其应用【分析】知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值【解答】解：如图，杠杆平衡，G1LOA=G2LOB，即：m1gLOA=m2gLOB，；若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，杆秤所示的质量值要偏大故答案为：0.5，大于14建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体匀速提升3m所用的手拉力为300N则该工人所做的有用功为1200J，总功为1800J，该滑轮组的机械效率是66.7%（保留三位有效数字）若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械教率将变大（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】功的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h使用滑轮组做的有用功是指把重物提升所做的功，即W有用=Gh；使用滑轮组做的总功是人的拉力所做的功，即W总=Fs；机械效率是指有用功占总功的百分比，据此求解增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重【解答】解：由图知，有2段绳子承担物重，若重物提升h=3m，绳子末端移动距离s=2h=23m=6m拉力做的有用功：W有用=Gh=400N3m=1200J；拉力做的总功：W总=Fs=300N6m=1800J该机械的效率：=66.7%当提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，故机械效率变大故答案为：1200，1800，66.7%，变大15小明沿水平方向用力推静止在水平地面上的桌子，但没有推动，此时他对桌子的推力等于桌子所受到的阻力（选择“大于”、“小于”或“等于”），此过程中小明对桌子做的功为0J【考点】二力平衡条件的应用；功的计算【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到的力平衡，利用二力平衡条件即可判定阻力和推力大小的关系；（2）根据功的概念，看一下物体在力的作用下移动了多少距离，利用W=Fs求推力做的功即可【解答】解：没有推动桌子，桌子处于静止状态，桌子在水平方向上受的力是平衡力，即阻力和推力是一对平衡力，他对桌子的推力等于桌子所受到的阻力由于桌子始终没动，即在力的方向上移动的距离为0，所以此过程中小明没有做功，即做功为0J故答案为：等于；016汽油机的四个冲程是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程其中机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）本题应掌握汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程（2）在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能【解答】解：据课本知识可知，汽油机的四个冲程为：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能；在压缩冲程中是机械能转化为内能故答案为：吸气；压缩；做功；排气；压缩；做功17当某导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是20；当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为0.25A；当它两端电压为0时，该导体的电阻为20【考点】电阻；欧姆定律的变形公式【分析】导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关，与导体的电流和两端电压无关，结合欧姆定律可以求解电阻的大小【解答】解：已知导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A，由R=20；当它两端电压减小l V时，即电压变为5V时，通过它的电流I=0.25A；电阻与导体的两端电压无关，所以当它两端电压为0时，该导体的电阻仍为20；故答案为：20，0.25，2018有两个电阻之比R1：R2=2：3，把它们串联在电路中，通过它们的电流强度之比I1：I2=1：1，加在它们的两端电压之比U1：U2=2：3；如果把它们并联在电路中，通过它们的电流之比I1：I2=3：2，加在它们两端的电压之比是U1：U2=1：1【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）两电阻串联时，根据串联电路的电流特点求出通过的电流之比，根据欧姆定律求出它们两端的电压之比；（2）两电阻并联时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过的电流之比【解答】解：（1）两电阻串联在电路中时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过电阻的电流之比为1：1，由I=可得，两电阻两端的电压之比：=；（2）两电阻并联在电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压之比为1：1，则通过它们的电流之比：=故答案为：1：1； 2：3； 3：2； 1：119在图（甲）所示的电路中，若电源电压为3V，电流表A1、A2的示数如图（乙）所示，则通过R1的电流是0.6A，R2的阻值是15【考点】电流表的读数方法；并联电路的电流规律【分析】根据电流表的正确读数方法读出电流表的示数，然后根据并联电路的电流和电压的规律进行分析，再利用R=即可求出电阻的大小【解答】解：根据电流表示数可以得出：干路电流A1的示数为0.8A，R2中的电流为0.2A；因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以通过R1的电流为0.8A0.2A=0.6A；故答案为：0.6，15201911年，荷兰物理学家昂内斯发现，当水银的温度下降到负269时，其电阻就会完全消失，这种现象叫做“超导现象”，人们把具有这种现象的物体叫做超导体在超导状态下，导体的电阻R=0，利用超导材料可以制成输电线（选填“输电线”或“电阻丝”）【考点】超导体的特点【分析】（1）超导现象是指当温度降到某一值时，导体的电阻会完全消失，即为零电阻；（2）由于超导体的电阻为零，电流流过超导体时，导体不会发热，不会由于焦耳热而损失电能，只要不是靠电流的热效应工作的用电器，都可以用超导体制作【解答】解：在超导状态下，导体的电阻R=0，如果利用超导线进行远距离输电，根据焦耳定律可知导线不会发热，因此利用超导材料可以制成输电线故答案为：0；输电线21有一个标有“5V 2.5W”的电铃，欲使它在10V的电压下正常工作，应给它串联一个10的电阻【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】电铃正常工作时的电压和额定电压相等，根据串联电路的分压特点可知电源的电压大于电铃的额定电压时应串联一个电阻分压，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，利用欧姆定律求出串联电阻的阻值【解答】解：电铃正常工作时的电压U电铃=5V，功率P电铃=2.5W，由串联电路的分压特点可知，要使电铃在10V的电压下正常工作应串联一个电阻分压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，串联电阻两端的电压：UR=UU电铃=10V5V=5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=0.5A，由I=可得，串联电阻的阻值：R=10故答案为：串；1022某同学做电学实验时，电路如图所示，已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V（保持不变），滑动变阻器的铭牌上标有“50 2A”字样，50的物理意义是滑动变阻器的最大电阻是50定值电阻R0为10，开关S闭合后，在移动滑动变阻器的过程中，电流表的最大示数为0.3A，电压表的最小示数为1V【考点】电路的动态分析【分析】滑动变阻器铭牌上标有的电流值表示滑动变阻器允许通过的最大电流值，标有的电阻是滑动变阻器的最大电阻值由图可知，滑动变阻器与定值电阻R0是串联的，电压表测的是R0两端的电压当滑动变阻器的滑片滑动时，电流表和电压表的示数都要变化，由两表的量程可知，电流表的示数不能超过0.6A，电压表的示数不能超过3V【解答】解：50表示滑动变阻器的最大电阻是50，2A表示滑动变阻器允许通过的最大电流是2A先看电路中的最大电流是多少当滑片滑至最左端时，电路中电流最大I最大=0.6A所以电路中的电流不会超过电流表量程但此时R0是两端电压是6V会超过电压表量程所以让电压表示数达最大即3V，算出电流即是电流表的最大示数I=0.3A当滑片滑至最右端时，电阻最大，电流最小，由U=IR可知电压表示数最小R总=R+R0=50+10=60I0=0.1A，U=IR0=0.1A10=1V故答案为：滑动变阻器的最大电阻是50；0.3；1三、作图与探究题23小华总结两年来所做的物理探究实验发现（1）当要研究的物理量不易直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来这种研究物理问题的方法叫转换法如：甲实验中小球动能的大小是通过观察比较木物块B运动距离反映出来的乙实验中水和沙子吸收热量的多少是用加热时间的长短来表示（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如：甲实验研究小球动能的大小与速度的关系就要多次改变速度的大小，同时控制小球的质量不变乙实验中只有物质的种类不同，其他因素必须控制相同（例如烧杯的规格相同、水和沙的质量相等、酒精灯加热方式相同等）【考点】物理学方法；探究影响物体动能大小的因素【分析】球的动能越大，就可以推动木块做更多的功利用控制变量法研究问题时，要把握需要控制两方面：相同的量，不同的量【解答】解：（1）运动的小球具有动能会推动木块做功，因此，可通过木块运动的距离来间接反映其动能的大小沙子和水吸收热量的多少不便直接测量，可以通过测量加热时间的长短来比较吸热的多少（2）动能大小的决定因素有两个：物体质量、速度要研究动能大小与质量关系时，必须控制速度不变，改变质量的大小实验已中要保持规格相同、水和沙的质量相等、酒精灯加热方式相同等，要使物质种类不相同；故答案是：（1）运动距离；加热时间的长短（2）控制变量法；速度；质量；种类；质量24小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图1所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：实验次数物重G/N物体上升的高度h/cm测力计的示数F/N测力计移动的距离s/cm1632.592652.5173682.524（1）分析表中数据，回答以下问题：表中有一个数据的记录是错误的，该错误数据是17；第3次实验中滑轮组的机械效率是80%；滑轮组的机械效率与与物体上升的高度无关（2）小红在小明实验的基础上多使用一个滑轮也做了实验，如图2所示小红多使用一个滑轮，目的是为了改变改变拉力的方向；两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物（不计绳重及摩擦），那么所测机械效率是否相同：相同，理由是：在用不同的滑轮组提升同一个物体时，所做的有用功和总功都相同，所以机械效率相同【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）由实验1、3可判断出测力计移动的距离与物体上升的高度的关系；根据表中实验数据，应用效率公式可求出机械效率；分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验数据得出结论；（2）由实验装置可知，小红多使用一个滑轮的目的；计算滑轮组的机械效率时，若忽略绳重及摩擦，则额外功就是提升动滑轮所做的功【解答】解：（1）由甲滑轮组可知，绳子的有效股数均为3，第二次实验时，物体上升高度为5cm，则测力计移动的距离s=nh=35cm=15cm，由表中实验数据可知，测力计移动距离17cm错误；第3次实验中滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=80%；由表中实验数据可知，3次实验所使用的滑轮组相等、钩码重力相同而提升钩码的高度不同，滑轮组效率相同，由此可得：机械效率与物体上升的高度无关；（2）定滑轮的作用是改变力的方向；这两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物时，若忽略绳重及摩擦，他们做的有用功相同，额外功也一样，因此总功相同，也就是机械效率不变故答案为：（1）17；80%；与物体上升的高度（2）改变拉力的方向； 相同；在用不同的滑轮组提升同一个物体时，所做的有用功和总功都相同，所以机械效率相同25在探究“电流与电阻的关系”的过程中，如图甲是所用的电路图，请根据电路图连接图乙的实物电路（1）连接电路时，开关应处于断开（选填“断开”或“闭合”）状态（2）小明连好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数电压表有示数，其原因可能是B（只填序号）A电流表断路 BR断路 CR短路（3）排除故障后，小明将5的电阻接入电路，调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V，电流表示数（如图丙所示）为0.3A（4）小明再分别换接10 15的电阻，重复实验，得到表一中两组数据，分析表一数据，可得出结论：保持电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成当电压一定时，电流跟电阻成反比比（5）小丽在做此实验时，每次只更换电阻，测得相应的电流值，如表二所示，根据表中数据，她无法得到与小明相同的结论，其原因是没有控制电阻两端电压相等表一电阻R/51015电流I/A0.150.10表二电阻R/51015电流I/A 0.30.20.15【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）在连接电路时，为防止电路中电流过大，开关应断开；（2）常见电路故障有断路与短路，根据电路故障现象分析电路故障原因；（3）由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；（4）分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验数据，然后得出结论；（5）探究电流与电阻的关系应控制电阻两端电压不变【解答】解：根据电路图连接实物电路图，把电阻与滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，电路图如图所示：（1）为保护电路，连接电路前，开关必须断开；（2）A、若电流表断路，则电流表和电压表都不会有示数，不正确；B、若R断路，则电流表示数为零，电压表示数几乎等于电源电压，正确；C、若R短路，则电流表示数不为零，电压表示数为零，不正确；故选B（3）由图丙知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；（4）由表一中实验数据可知，在电压一定时，电流与电阻的乘积是一个定值，即电流与电阻成反比，由此可得：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比（5）更换电阻，电阻阻值变化，电阻两端电压变化，如果不调节滑动变阻器，不能控制电阻两端电压不变，因此不能得出电流与电阻成反比的结论故答案为：电路图如图所示；（1）断开；（2）B；（3）0.3；（4）当电压一定时，电流跟电阻成反比；（5）没有控制电阻两端电压相等四、综合题26如图所示电路中，电源电压不变，灯L标有“3V 0.5A”字样，定值电阻R的阻值为8，闭合开关S，灯L正常发光，则：（1）电流表的示数是多少？（2）电源电压是多大？【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流（1）灯泡正常发光时的电流和额定电流相等，根据串联电路的电流特点可知电流表的示数；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压【解答】解：由电路图可知，电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流（1）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡L正常发光，所以，电路中电流表的示数I=IL=0.5A；（2）灯泡两端的电压UL=3V，由I=可得，电阻两端的电压：UR=IR=0.5A8=4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=UL+UR=3V+4V=7V答：（1）电流表的示数是0.5A；（2）电源电压是7V27如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R标有“50，2A”字样（l）将滑片P移到最右端，闭合S1，断开S2，求电流表的示数I1（2）保持滑片P在最右端，闭合S1、S2，电流表示数I=5I1，求R2的阻值（3）将滑片P移至某一位置，闭合S1、S2，电流表示数为0.68A，求此时滑动变阻器接入电路的阻值【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）当滑片在最右端，闭合S1，断开S2时，只有滑动变阻器接入电路，并且滑动变阻器接入电路电阻最大已知电源电压和电路电阻，利用公式I=得到通过的电流；（2）当滑片P在最右端，闭合S1、S2时，滑动变阻器接入电路电阻最大并且与定值电阻R2并联；已知干路电流与通过滑动变阻器的电流关系，可以得到通过定值电阻R2的电流；已知电压和电流，利用公式R=得到定值电阻R2的阻值；（3）已知干路电流和通过定值电阻的电流，可以得到通过滑动变阻器的电流；已知电压和电流，利用公式R=得到滑动变阻器接入电路的阻值【解答】已知：U=6V R1=50 I=5I1 I=0.68A求：（1）I1=？（2）R2=？（3）R1=？解：（1）电流表的示数为I1=0.12A；（2）I=I1+I2通过定值电阻的电流为I2=5I1I1=4I1=40.12A=0.48A，I=，定值电阻R2的阻值为R2=12.5；（3）通过滑动变阻器的电流为I1=II2=0.68A0.48A=0.2A滑动变阻器接入电路的电阻为R1=30答：（1）电流表的示数为0.12A；（2）定值电阻R2的阻值为12.5；（3）滑动变阻器接入电路的电阻为30