九年级物理上学期12月月考试卷（含解析） 新人教版11

2015-2016学年四川省成都七中九年级（上）月考物理试卷（12月份）一.选择题（每题2分，共38分）1根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大C通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比D导体两端的电压为零时，电阻值也为零2某电视机的额定功率是200W，1kWh的电能可以使它正常工作（）A0.005hB0.2hC5hD200h3一盏标有“220V，40W”的电灯，接入某电路后，通过它的电流是0.2A，那么这时电灯的实际功率是（）A大于40WB等于40WC小于40WD无法判断4有两个电热器串联在电路中，它们的电阻之比R1：R2=3：2，在相同的时间内，它们放出的热量之比Q1：Q2为（）A1：1B3：2C2：3D9：45甲、乙两盏电灯并联在电路中，都正常发光，且甲灯比乙灯亮，则（）A甲灯的电阻比乙灯的大B加在甲灯两端的电压比乙灯的大C通过甲灯的电流比乙灯的小D相等时间内，甲灯消耗的电能一定比乙灯多6关于电功和电功率的说法，正确的是（）A电流做功越多，功率越大B电流做同样多的功，用的时间越长，功率越大C电流做功时间越短，功率越大D相同时间内，做功越多，功率越大7如图所示电路中，闭合开关S，灯泡发光，电路正常若将电压表与电流表交换位置，电路可能出现的情况是（）A电流表、电压表被烧毁B电压表示数接近电源电压C灯泡正常发光D电流表有示数8如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常发光，甲、乙两个电表的示数之比是2：3此时灯L1、L2的电阻之比是（）A2：1B3：2C2：3D1：29某电能表盘上标有“3200imp/kWh”，单独开动某一用电器时，电能表的指示灯在180秒闪烁了16次，由此可知，该用电器的功率为（）A1000瓦B100瓦C50瓦D10瓦10如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，L为指示灯当有害尾气浓度增大时（）A电压表的示数增大，指示灯亮度增大B电压表的示数减小，指示灯亮度增大C电压表的示数减小，指示灯亮度减小D电压表的示数增大，指示灯亮度减小11如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法正确的是（）A甲、乙两元件的电流与电压都成正比B乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10C甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.3AD甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W12某洗衣机说明书所列数据如表所示，下列说法正确的是（）额定电压220V额定频率50Hz额定洗衣服、脱水功率440W额定洗衣服、脱水容量3kg整机质量30kgA洗衣机正常工作2h，需耗电0.88kWhB洗衣机正常工作时，通过的电流为0.5AC这台洗衣机所受重力为3kgD洗衣机接在110V的电路中，实际消耗功率为220W13如图所示，电源电压不变，闭和开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（）A电流表A1示数变小，电压表V示数变小B电流表A2示数变大，电压表V示数变大C电压表V示数与电流表A1示数比值不变D电压表V示数与电流表A2示数比值不变14甲、乙两只灯泡，其IU关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A1.2WB0.8WC2WD3W15灯泡L1、L2分别标有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压值是（）A10VB9VC15VD19V16如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是（）A甲、乙两次实验都应用了控制变量法B甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大17如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上（设灯丝电阻不变），则（）A两灯的实际功率之和等于12WB两灯的实际功率之和大于12WC灯泡L1比灯泡L2亮D灯泡L2比灯泡L1亮18如图所示电路，当滑动变阻器滑片P向a端滑动的过程中，电流表，电压表示数变化情况是（）A电流表示数变大B电流表示数变小C电压表示数变大D电压表示数变小19如图所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的UI关系图象如图所示则下列判断正确的是（）图线甲是电阻R1的“UI”关系图象电源电压为12V电阻R1的最小电功率为2.7W滑动变阻器R2的最大阻值为30A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确二填空题（每空2分，共32分）20把5的电阻R1跟15的电阻R2串联起来，接在电压是6V的电源上，通过R1的电流是A，R2两端的电压是V21如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图2所示，则电源电压为V，R2的最大阻值为22小敏在探究串、并联电路的电流、电压、电阻之间的关系时，用了两个阻值不同的电阻R1、R2，它们阻值之比是5：3，如果它们串联在电路中，则电阻两端的电压之比；如把它们并联在电路中，则通过电阻的电流之比为23甲和乙两灯的额定电压均为6V，图是甲、乙两灯的电流随其两端电压变化的曲线现将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为A，电源电压最大为V24如图所示的电路中，电阻R1=3、R2=2闭合开关S，电流表A的示数，电流表A1的示数（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”），电压表的示数与电流表A的示数变化之比等于25小明家的常热牌足浴盆额定功率为750W某次正常工作20min，将10L、20的水加热至40，此过程中足浴盆消耗电能J，水吸收热量J，消耗电能转化为水吸收热量的效率为%（c水=4.2103J/（kg）26一盏小灯泡标有“3V 2W”的字样，若将它接入9V的电源上仍能正常发光，应给灯泡串联一个的电阻，此时该电阻上消耗的电功率为W三实验探究与计算题（27题、28题共18分，29题6分，30题6分）27在“伏安法测电阻”的实验中，请回答下列问题（1）如图甲所示，用笔画线代替导线完成实验电路的连接；（2）该实验的原理（3）闭合开关后，发现电流表几乎无示数、电压表有示数且接近于电源电压，请分析电路出现故障的原因可能是；（4）如图乙所示是排除故障后测得的一组数据，则待测电阻的阻值是28在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10（1）连接电路时开关应（2）小明闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为V，则此时灯泡消耗的实际功率额定功率（选填“”、“”或“=”）（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成IU图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是 W通过丙图还可以得出：小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而（选填“不变”、“升高”或“降低”）29如图所示，电源电压保持不变，R1=10当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图线段AB表示求：（1）电源电压（2）滑片P滑到ab中点时电压表的示数30如图所示的电路中，电源电压恒为6V（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）一不定项选择题（有的题只有一个答案，有的题有两个答案，全对的得2分，答错的0分，答题不全的得1分）31一个电阻器的电阻为R，当它两端的电压为U，通电时间为t，则消耗的电能为W，若要使它消耗的电能为，下面采用的方法正确的是（）A电阻R不变，电压减半，通电时间t减半B电阻R不变，电压不变，通电时间t减半C电阻R不变，电压减半，通电时间t不变D电阻为，电压增大为原来的2倍，通电时间t不变32如图所示电路，灯L1、L2的额定电压分别为2V、10V，S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片置于中点位置时，两灯均正常发光S2闭合后，移动变阻器滑片使L2仍正常发光时，下列关于滑片位置和电流表示数的说法正确的是（）A滑片在中点右侧，电流表示数变小B滑片在中点左侧，电流表示数变大C滑片在中点右侧，电流表示数不变D滑片在中点左侧，电流表示数不变33小夏将n个“3V 0.3W”的小灯泡，按照甲、乙两种连接方式分别接入电压为U的电路中（如图所示），通过分别调节滑动变阻器R1和R2，使所有灯泡均正常发光则甲、乙两电路中的总电流与总功率的关系正确的是（）AI甲=I乙BI甲=I乙CP甲=nP乙DP甲=n2P乙34一只电阻两端的电压由3V增大到4V时，通过该电阻的电流增加了0.25A，则该电阻消耗的电功率增加了（）A0.25WB1.75WC0.75WD1W35在图甲所示的电路中，R1是定值电阻，R2是规格为“20 3A”的滑动变阻器，在电路中正确连接有一个电压表（图中未画出）电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑向a端当滑片P在最右端b处时，电压表示数如图乙所示；P在中点时，电流表的示数为0.8A，电压表示数如图丙所示（电压表选用的量程与乙图不同）下列说法正确的是（）A电压表并联在R2两端B电源电压是9VCR1的阻值是5DR1消耗的最大功率是 28.8W二探究题（6题6分，7题4分）36在探究“电流与电压、电阻的关系”的过程中，两小组同学提出了以下猜想：小组1猜想：电流可能跟电压成正比；小组2猜想：电流可能跟电阻成反比小组2连接了如图2所示的电路图正确的实验步骤为：让5电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数为1.5V，记录电流表示数；将5电阻换成10电阻，闭合开关后发现电压表示数大于1.5V，应将滑动变阻器的滑片向（填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为 V时，记录电流表示数；将10电阻换成15电阻，闭合开关后发现：当滑动变阻器的滑片移动到最右端时，电流表和电压表的示数如图3所示出现上述情况的原因可能是A滑动变阻器最大阻值太大 B滑动变阻器最大阻值太小C滑动变阻器断路 D定阻电阻短路37如图甲所示的电路中，电源电压为8V，R2是阻值为40的定值电阻，压敏电阻R1的阻值随压力的变化情况如图乙所示当开关S闭合后，问：当压敏电阻R1受到的压力从0增加到3N的过程中，电流表示数的变化是（填“增大”“减少”）；当电流表示数为0.4A时，压敏电阻受到的压力为N；当电路连续工作10mim，电阻R2产生的热量为J；若此热量的84%给20g的水加热，则水温升高（水的比热容为4.2103J/（kg）2015-2016学年四川省成都七中九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一.选择题（每题2分，共38分）1根据欧姆定律，下列说法中正确的是（）A通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小B导体两端的电压越大，这段导体的电阻就越大C通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比D导体两端的电压为零时，电阻值也为零【考点】欧姆定律【分析】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关；（2）欧姆定律：导体中的电流与其两端的电压成正比，与其电阻成反比据此分析解答【解答】解：AB、影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度；与导体两端电压、通过的电流无关，故AB错误；C、由欧姆定律可知，通过导体的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比，故C正确；D、电阻是导体本身的一种属性，与所加电压无关，故D错误故选C2某电视机的额定功率是200W，1kWh的电能可以使它正常工作（）A0.005hB0.2hC5hD200h【考点】电功率与电能、时间的关系【分析】知道消耗的电能、功率，根据t=求出工作时间【解答】解：额定功率P=200W=0.2kW，电能W=1kWh，由P=得，电视机正常工作的时间t=5h故选：C3一盏标有“220V，40W”的电灯，接入某电路后，通过它的电流是0.2A，那么这时电灯的实际功率是（）A大于40WB等于40WC小于40WD无法判断【考点】实际功率【分析】已知灯泡额定电压和额定功率，可以得到灯丝电阻；已知灯丝电阻和通过的电流，利用公式P=I2R得到灯泡实际功率【解答】解：由P=，灯丝电阻为R=1210；当通过灯泡的电流为I=0.2A时，灯泡的实际功率为P=I2R=（0.2A）21210=48.4W故选A4有两个电热器串联在电路中，它们的电阻之比R1：R2=3：2，在相同的时间内，它们放出的热量之比Q1：Q2为（）A1：1B3：2C2：3D9：4【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，又知道两个电热器的电阻之比，根据焦耳定律求出在相同时间内它们放出的热量之比【解答】解：由题意可知，两个电热器串联，因为串联电路中各处的电流相等，所以由Q=I2Rt可得，在相同时间内它们放出的热量之比： =故选B5甲、乙两盏电灯并联在电路中，都正常发光，且甲灯比乙灯亮，则（）A甲灯的电阻比乙灯的大B加在甲灯两端的电压比乙灯的大C通过甲灯的电流比乙灯的小D相等时间内，甲灯消耗的电能一定比乙灯多【考点】并联电路的电压规律【分析】灯的亮度由灯的实际功率决定，灯的实际功率越大灯越亮；两灯并联在电路中，都正常发光，且甲灯比乙灯亮，所以两灯的额定电压相同，甲灯的额定功率比乙灯大根据公式I=判断两灯中电流的大小；根据公式R=判断两灯电阻的大小，根据W=Pt判断相同时间内两灯消耗的电能关系【解答】解：A、由P=可得，R=可知，甲灯的电阻小于乙灯的电阻，故A错误；B、并联电路中各支路两端的电压相等，甲、乙两灯泡并联时，两端的电压相等，故B错误；C、灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且甲灯比乙灯亮，甲灯的实际功率大于乙灯的实际功率，由P=UI，可得I=，通过甲灯的电流强度比乙灯的大，故C错误；D、由P=可得，W=Pt，相同时间内，甲灯消耗的电能一定比乙灯消耗的多，故D正确故选D6关于电功和电功率的说法，正确的是（）A电流做功越多，功率越大B电流做同样多的功，用的时间越长，功率越大C电流做功时间越短，功率越大D相同时间内，做功越多，功率越大【考点】电功；电功率【分析】电功率是表示电流做功快慢的物理量，单位时间内电流做功越大，电功率越大【解答】解：A、电功率等于电流做的功与所用时间的比值，电流做功多，电功率不一定大，故A错误；B、由P=可知，电流做同样多的功，用的时间越长，功率越小，故B错误；C、电功率等于电流做的功与所用时间的比值，电流做功时间短，电功率不一定大，故C错误；D、由P=可知，相同时间内，做功越多，功率越大，故D正确；故选D7如图所示电路中，闭合开关S，灯泡发光，电路正常若将电压表与电流表交换位置，电路可能出现的情况是（）A电流表、电压表被烧毁B电压表示数接近电源电压C灯泡正常发光D电流表有示数【考点】欧姆定律的应用【分析】电压表内阻较大，故电压表在电路中相当于断路，应并联在电路中；而电流表内阻较小，在电路中相当于短路，故电流表应串联在电路中；根据电路及互换后两表的接法可知出现的情况【解答】解：由图可知，电压表并联灯泡的两端，测量的是电源的电压，电流表测电路中电流；当两表互换后，则电压表串接在电路中，因其内阻过大，则由欧姆定律可得，电路中有很小电流的，故电流表示数接近为零，灯泡不亮；而此时相当于电压表并联在电源两端，故测量的仍为电源电压，故电压表示数接近电源电压ACD错误，B正确故选B8如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常发光，甲、乙两个电表的示数之比是2：3此时灯L1、L2的电阻之比是（）A2：1B3：2C2：3D1：2【考点】欧姆定律的应用【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比【解答】解：如果甲乙任何一个为电流表，将会形成短路，因此甲乙都为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表甲测量L2两端电压，电压表乙测量电源电压；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，并且甲、乙两个电表的示数之比是2：3，所以灯L1、L2两端电压之比：U1：U2=（32）：2=1：2；又因为串联电路电流相等，即I1=I2；由I=可得，R1：R2=： =U1：U2=1：2故选D9某电能表盘上标有“3200imp/kWh”，单独开动某一用电器时，电能表的指示灯在180秒闪烁了16次，由此可知，该用电器的功率为（）A1000瓦B100瓦C50瓦D10瓦【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】3200imp/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁16次消耗的电能；根据公式P=求出该用电器的电功率【解答】解：因为“3200imp/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次；所以闪烁16次，消耗电能：W=kWh=0.005kWh；该用电器的电功率：P=0.1kW=100W故选B10如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，L为指示灯当有害尾气浓度增大时（）A电压表的示数增大，指示灯亮度增大B电压表的示数减小，指示灯亮度增大C电压表的示数减小，指示灯亮度减小D电压表的示数增大，指示灯亮度减小【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，气敏电阻与指示灯串联，电压表测气敏电阻两端的电压，根据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压，由图甲可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，故指示灯亮度增大；故CD错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故A错误，B正确故选B11如图所示是电阻甲和乙的UI图象，下列说法正确的是（）A甲、乙两元件的电流与电压都成正比B乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10C甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.3AD甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P=UI计算甲的功率【解答】解：AB、由图象可知，乙元件中电流与两端电压图象不是过原点直线，说明乙元件的电流与电压不成正比，即乙的电阻不是定值，故A、B错误；C、甲、乙并联在2V电源时，甲和乙电压都为2V，由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确；D、甲、乙串联在电路中时，当电路电流为0.2A时，甲和乙电流都为0.2A，由图可知U甲=4V，所以甲的功率P甲=U甲I甲=4V0.2A=0.8W，故D错误故选C12某洗衣机说明书所列数据如表所示，下列说法正确的是（）额定电压220V额定频率50Hz额定洗衣服、脱水功率440W额定洗衣服、脱水容量3kg整机质量30kgA洗衣机正常工作2h，需耗电0.88kWhB洗衣机正常工作时，通过的电流为0.5AC这台洗衣机所受重力为3kgD洗衣机接在110V的电路中，实际消耗功率为220W【考点】电功率与电能、时间的关系；质量的估测；电功率与电压、电流的关系；实际功率【分析】A、由洗衣机铭牌找出洗衣机的额定功率，然后由W=Pt求出洗衣机正常工作2h所消耗的电能；B、由洗衣机铭牌找出洗衣机的额定功率与额定电压，由功率的变形公式I=求出洗衣机正常工作时的电流；C、由洗衣机铭牌找出洗衣机的整机质量，然后由G=mg求出洗衣机所受的重力；D、洗衣机是非纯电阻电路，不知道在110V中流过洗衣机的电流，因此不能求出它的实际功率【解答】解：A、由洗衣机铭牌知，洗衣机额定功率P=440W，它正常工作2h消耗的电能W=Pt=0.44kW2h=0.88kWh，故A正确；B、由洗衣机铭牌知，洗衣机的额定功率P=440W额定电压U=220V，洗衣机正常工作时的电流I=2A，故B错误；C、由洗衣机铭牌知，洗衣机整机质量m=30kg，洗衣机所受的重力G=mg=30kg9.8N/kg=294N，故C错误；D、在110V电路中流过洗衣机的电流并不是洗衣机的额定电流2A，因此洗衣机在110V电路中的实际功率并不是110V2A=220W，故D错误故选A13如图所示，电源电压不变，闭和开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时（）A电流表A1示数变小，电压表V示数变小B电流表A2示数变大，电压表V示数变大C电压表V示数与电流表A1示数比值不变D电压表V示数与电流表A2示数比值不变【考点】欧姆定律的应用【分析】根据电路图可知，闭合开关S，滑动变阻器R2与电阻R1并联，电流表A1测量电阻R1的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测电源的电压；根据并联电路的电流、电压特点及欧姆定律来判断电表的示数变化及比值情况【解答】解：由图知，滑动变阻器R2与电阻R1并联，电流表A1测量电阻R1的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测电源的电压；A、并联电路各支路两端的电压等于电源电压，当滑动变阻器滑片P向右移动时，其电阻变大，但电压表的示数不变；由于定值电阻的阻值和两端电压不变，所以A1的示数不变，A错误；B、滑片向右滑动，变阻器的阻值变大，这条支路的电流变小，通过定值电阻的电流不变，则通过干路中的电流变小，B错误；C、电压表与电流表A1的比值是定值电阻的阻值，其阻值不变，所以电压表与A1的示数比值不变，C正确；D、电压表的示数不变，由B分析知，A2的示数变小，所以电压表与A2的比值变大，D错误故选C14甲、乙两只灯泡，其IU关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A1.2WB0.8WC2WD3W【考点】电功率的计算【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V；乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V0.4A=1.2W故选A15灯泡L1、L2分别标有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压值是（）A10VB9VC15VD19V【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】已知两灯泡的额定电压和额定功率，先根据公式P=UI求出各自正常工作时的电流，根据欧姆定律求出电阻，如果把它们串联起来，则串联电路的电流只能取两个电流中最小的一个然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压【解答】解：根据P=UI可得，两灯泡的额定电流：I1=1A，I2=0.6A，根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻：R1=10，R2=15；串联电路中各处的电流相等，两灯泡串联时，电路中的最大电流I=I2=0.6A，串联电路的总电阻等于各分电阻之和，电路两端允许加的最大电压U串=I（R1+R2）=0.6A（10+15）=15V故选C16如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是（）A甲、乙两次实验都应用了控制变量法B甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多C乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D乙实验通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大【考点】焦耳定律【分析】由焦耳定律Q=I2Rt可知，Q与I、R及t有关，所以应采用控制变量法进行分析、判断【解答】解：A、Q与I、R及t有关，甲实验电阻丝串联，电流和通电时间相等，是探究电热与电阻关系的；乙实验中右侧电阻丝并联一个电阻丝后与左侧电阻丝串联，电阻和通电时间相等，是探究电热与电流关系的，都用到控制变量法，故A正确B、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多，故B错误；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系，故C错误；D、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故D错误；故选A17如图所示，将标有“12V 6W”的灯泡L1和“6V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上（设灯丝电阻不变），则（）A两灯的实际功率之和等于12WB两灯的实际功率之和大于12WC灯泡L1比灯泡L2亮D灯泡L2比灯泡L1亮【考点】实际功率【分析】灯泡L1和灯泡L2并联，可利用并联电路的特点，确定灯泡L1和灯泡L2两端的实际电压，再利用公式P=分析电路中电功率的变化【解答】解：因为L1和L2并联，则两灯的实际电压为：U1=U2=U=6V，又此时U1U1额，而灯丝电阻不变，由公式P=可知，P1P1额，因此P16W，U2=U2额，由公式P=可知，P2=P2额，因此P2=6W，P=P1+P212W，故A、B错误；根据P=可得R=，因为U1额U2额在额定功率相等时，可知R1R2，因此在实际电压相等时，L1的实际电功率小于L2的实际功率，故L2较亮，故C错误，D正确故选D18如图所示电路，当滑动变阻器滑片P向a端滑动的过程中，电流表，电压表示数变化情况是（）A电流表示数变大B电流表示数变小C电压表示数变大D电压表示数变小【考点】电路的动态分析【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，注意滑动变阻器在电路中相当于定值电阻，电压表测量滑片与b之间的电压，电流表测量电路电流；由欧姆定律可知电路电流的变化，由U=IR可知电压表示数的变化【解答】解：当滑动变阻器滑片P向a端滑动的过程中，电路中的总电阻不变，但滑片P与b之间的电阻变大，故电流表的示数不变；由U=IR可知，电压表示数变大故选C19如图所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的UI关系图象如图所示则下列判断正确的是（）图线甲是电阻R1的“UI”关系图象电源电压为12V电阻R1的最小电功率为2.7W滑动变阻器R2的最大阻值为30A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；由图象找出某一电流值所对应的定值电阻与滑动变阻器的电压，由欧姆定律求出定值电阻的阻值；由串联电路的特点求出电源电压；电阻两端电压最小、通过的电流最小时，消耗的电功率最小；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，由图象求出此时滑动变阻器两端的电压、电路电流，由欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：从“UI”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的UI关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；乙为电阻R1的UI图象；由UI图象得，I=0.3A时，U乙=3V，U甲=9V，电源电压U=U乙+U甲=3V+9V=12V；由UI图象得，I=0.3A时，U乙=3V，所以电阻R1的最小电功率为P1最小=U乙I=3V0.3A=0.9W；当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小；由图象知：电路电流I=0.3A，滑动变阻器两端的电压U甲=9V；滑动变阻器的最大阻值为R2=30故选C二填空题（每空2分，共32分）20把5的电阻R1跟15的电阻R2串联起来，接在电压是6V的电源上，通过R1的电流是0.3A，R2两端的电压是4.5V【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；电阻的串联【分析】根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即为通过R1的电流，再根据欧姆定律求出R2两端的电压【解答】解：串联电路中各处的电流相等，且总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，通过R1的电流即电路中的电流：I1=I=0.3A，R2两端的电压：U2=IR2=0.3A15=4.5V故答案为：0.3；4.521如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图2所示，则电源电压为3V，R2的最大阻值为10【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【分析】由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案【解答】解：由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=0.6A，根据欧姆定律可得，电源的电压：U=I1R1=0.6AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图2可知，I2=0.2A，U2=2V，滑动变阻器的最大阻值：R2=10，串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=I2R1+U2=0.2AR1+2V，电源的电压不变，0.6AR1=0.2AR1+2V，解得：R1=5，电源的电压U=0.6AR1=0.6A5=3V故答案为：3；1022小敏在探究串、并联电路的电流、电压、电阻之间的关系时，用了两个阻值不同的电阻R1、R2，它们阻值之比是5：3，如果它们串联在电路中，则电阻两端的电压之比5：3；如把它们并联在电路中，则通过电阻的电流之比为3：5【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）在串联电路中，各处的电流都相等得出了电流关系，然后根据U=IR就可以得出电压关系（2）在并联电路中，并联电路两端电压相等得出了电压关系，然后根据I=就可以得出电流关系【解答】解：（1）因为串联电路中的电流处处相等，由I=可知，电压：U=IR，根据U=IR得：U1=IR1，U2=IR2，则U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=5：3（2）因为并联电路两端相等，根据I=得：I1=，I2=，则I1：I2=： =R2：R1=3：5故答案为：5：3；3：523甲和乙两灯的额定电压均为6V，图是甲、乙两灯的电流随其两端电压变化的曲线现将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为0.5A，电源电压最大为8V【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【分析】由图可知灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是灯泡乙正常发光，正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图象读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压【解答】解：由图象可知：灯泡甲正常工作时的电流为1A，灯泡乙正常工作时的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以，将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光时，电路的最大电流为0.5A；由图象可知，0.5A所对应两灯泡的电压分别U甲=2V，U乙=6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源最大电压U=U甲+U乙=2V+6V=8V故答案为：0.5；824如图所示的电路中，电阻R1=3、R2=2闭合开关S，电流表A的示数变大，电流表A1的示数不变（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”），电压表的示数与电流表A的示数变化之比等于3【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，开关闭合前电路为R2简单电路，两电流表测电路中的电流，电压表断路；开关闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电压表测电源的电压；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表A1示数的变化，根据并联电路的电流特点可知电流表A示数的变化；分析电压表和电流表A示数的变化，根据欧姆定律得出两者比值的大小【解答】解：由电路图可知，开关闭合前电路为R2简单电路，两电流表测电路中的电流，电压表断路无示数；开关闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电压表测电源的电压；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，电流表A1的示数不变；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表A的示数变大；电压表的示数变化量等于电源的电压，电流表A示数的变化量等于通过R1的电流，由R=可知，电压表的示数与电流表A的示数变化之比等于R1的阻值即3故答案为：变大；不变；325小明家的常热牌足浴盆额定功率为750W某次正常工作20min，将10L、20的水加热至40，此过程中足浴盆消耗电能9105J，水吸收热量8.4105J，消耗电能转化为水吸收热量的效率为93.3%（c水=4.2103J/（kg）【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；电功与热量的综合计算【分析】利用W=Pt求水壶消耗电能；由热量公式可以求出水吸收的热量；应用效率公式可以求出足浴盆的效率【解答】解：足浴盆消耗的电能为：W=Pt=750W2060s=9105J由=可知，水的质量：m=V=1103kg/m310103m3=10kg，水吸收的热量：Q吸=c水mt=4.2103J/（kg）10kg（4020）=8.4105J足浴盆的效率为：=100%=100%93.3%故答案为：9105；8.4105；93.326一盏小灯泡标有“3V 2W”的字样，若将它接入9V的电源上仍能正常发光，应给灯泡串联一个9的电阻，此时该电阻上消耗的电功率为4W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】电源的电压大于灯泡的额定电压，要使灯泡正常发光，应串联一个电阻分压，利用串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，再根据欧姆定律求出串联电阻的阻值，根据P=UI求出该电阻消耗的电功率【解答】解：灯泡正常发光时的电压UL=3V，功率PL=2W，要使灯泡接到9V的电源上正常发光应串联一个电阻R分压，串联电路中各处的电流相等，由P=UI可得，电路中的电流：I=IL=A，串联电路的总电压等于各分电压之和，电阻两端的电压：UR=UUL=9V3V=6V，则串联电阻的阻值：R=9，电阻消耗的电功率：PR=URI=6VA=4W故答案为：9；4三实验探究与计算题（27题、28题共18分，29题6分，30题6分）27在“伏安法测电阻”的实验中，请回答下列问题（1）如图甲所示，用笔画线代替导线完成实验电路的连接；（2）该实验的原理R=（3）闭合开关后，发现电流表几乎无示数、电压表有示数且接近于电源电压，请分析电路出现故障的原因可能是电阻Rx处断路；（4）如图乙所示是排除故障后测得的一组数据，则待测电阻的阻值是10【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）在连接电路中，注意电压表的连接和滑动变阻器的连接方法，电压表要与电阻并联，注意其量程的选择和正负接线柱的接法；滑动变阻器注意要接一上一下（2）该实验的原理是：R=（3）寻找故障，要根据电压表和电流表出现的状况进行分析电流表几乎无示数，说明某处发生了断路，然后根据电压表的情况判断哪个地方发生了断路（4）在进行电压表和电流表的读数时，首先确定其量程和分度值，然后进行正确的读数根据公式R=计算出电阻值【解答】解：（1）将电压表并联在电阻的两端，因为有两节干电池，所以电压表选择03V的量程滑动变阻器已接了下面一个接线柱，所以需再接上面一个接线柱电路连接如图所示：（2）该实验的原理是：R=（3）闭合开关后，发现电流表几乎无示数，所以电路中某处发生了断路，又电压表有示数且接近于电源电压，说明定值电阻发生了断路（4）由图知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，所以其示数为2.4V；电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以其示数为0.24AR=10故答案为：（1）见上图；（2）R=；（3）电阻Rx处断路；（4）1028在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10（1）连接电路时开关应断开（2）小明闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为2.2V，则此时灯泡消耗的实际功率额定功率（选填“”、“”或“=”）（3）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成IU图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是0.5 W通过丙图还可以得出：小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而升高（选填“不变”、“升高”或“降低”）【考点】电功率的测量【分析】（1）连接电路时，开关应处于断开状态（2）根据电压表的量程和分度值，读出示数；通过实际电压与额定电压的关系，判断实际功率与额定功率的关系（3）在图象上找出灯泡额定电压下的电流，根据P=UI计算额定功率根据R=计算出灯泡在0.5V、1.5V、2.5V时的电阻值，比较电阻与电压的关系，通过分析影响电阻大小的因素找出变化原因【解答】解：（1）连接电路时，开关要处于断开状态，防止连接完最后一根导线，电路电流过大，损坏元件（2）电压表选择03V量程，分度值为0.1V，所以电压表的示数为2.2V，小于额定电压，实际功率小于额定功率（3）由图象知：灯泡在额定电压2.5V时的电流为0.2A，灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.2A=0.5W由图象可知：灯泡在0.5 V、1.5 V、2.5 V时，对应的电流分别为：0.06A、0.16A、0.2A，根据R=得出，对应的电阻分别为：8.3、9.4、12，所以，灯泡电压增大，电阻逐渐增大在实验过程中，灯丝的长度、横截面积、材料不变，电压增大，温度升高，电阻增大，所以，灯丝电阻可能随温度变化而变化故答案为：（1）断开；（2）2.2；（3）0.5；升高29如图所示，电源电压保持不变，R1=10当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图线段AB表示求：（1）电源电压（2）滑片P滑到ab中点时电压表的示数【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）分析清楚电路结构，由图示UI图象求出电流，然后应用欧姆定律求出电源电压（2）由UI图象求出电流对应的电压，然后应用串联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，然后应用串联电路特点与欧姆定律求出电压表示数【解答】解：（1）由图示电路图可知，当滑片在b端时只有R1接入电路，此时电路电流最大，由UI图象可知，电路最大电流为0.6A，由I=可知，电源电压：U=U1=IR1=0.6A10=6V；（2）由图示电路图可知，滑片在a端时，滑动变阻器阻值全部接入电路，由UI图象可知，此时电路电流I=0.2A，滑动变阻器两端电压U滑=4V，由I=可知，滑动变阻器最大阻值：R2=20，滑片在ab中点时电路电流：I=0.3A，由I=可知，电压表示数：U=UV=U2=IR2=0.3A20=3V；答：（1）电源电压是6V（2）滑片P滑到ab中点时电压表的示数是3V30如图所示的电路中，电源电压恒为6V（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）【考点】电功的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的变形公式；电阻的串联【分析】（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，利用W=UIt求出通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出小灯泡实际的电功率【解答】解：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可得：R=20；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路独立工作、互不影响，此时通过R的电流0.3A不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，IL=IIR=0.9A0.3A=0.6A，并联电路中各支路两端的电压相等，灯泡的电阻：RL=10，通电10s灯泡消耗的电能：WL=UILt=6V0.6A10s=36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，此时电路中的电流：I=0.2A，灯泡的实际功率：PL=（I）2RL=（0.2A）210=0.4W答：（1）R的阻值为20；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，通电10s灯泡消耗的电能为36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，小灯泡实际的电功率为0.4W一不定项选择题（有的题只有一个答案，有的题有两个答案，全对的得2分，答错的0分，答题不全的得1分）31一个电阻器的电阻为R，当它两端的电压为U，通电时间为t，则消耗的电能为W，若要使它消耗的电能为，下面采用的方法正确的是（）A电阻R不变，电压减半，通电时间t减半B电阻R不变，电压不变，通电时间t减半C电阻R不变，电压减半，通电时间t不变D电阻为，电压增大为原来的2倍，通电时间t不变【考点】电功的计算【分析】已知电阻的大小，电阻两端的电压和通电时间以及消耗的电能，根据公式W=t可知当电压、电阻、通电