九年级物理上学期12月月考试卷（含解析） 新人教版5

2015-2016学年江苏省无锡市宜兴市桃溪中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确）1在图的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（）ABCD2如图为某种吊车的工作示意图利用伸缩撑杆可使吊臂绕O点转动；伸缩撑杆为圆弧状，伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直下列关于这个吊车的有关说法正确的是（）A吊臂是一个省力杠杆B使用这种吊车，好处是可以少做功C匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆的支持力大小保持不变D匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆的支持力渐渐变小3甲乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（）A若G1=G2，拉力做的额外功相同B若G1=G2，拉力做的总功相同C若G1=G2，甲的机械效率大于乙的机械效率D用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变4如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个小球，把它们套在光滑的水平杆上a点是压缩弹簧后小球静止释放的位置，b点是弹簧原长时小球的位置，c点时小球到达最右端的位置则小球a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是（）A小球在a点，弹簧的弹性势能最小B小球在b点，小球的速度最小C从a点到b点，小球的动能逐渐增大D从b点到c点，弹簧的弹性势能逐渐减小5下列说法中正确的是（）A物体吸收热量，温度一定升高B物体内能增加，一定是物体吸收了热量C物体温度不变，内能也可能增加D物体内能增加，一定是外界对物体做了功6在图（a）所示电路中，当开关S闭合时，两个电压表的指针指示位置都如图（b）所示，则电阻R1、R2的比值为（）A4：1B5：1C1：5D1：47如图所示的电路中，当滑片P从a端滑到b端时，灯泡的亮度、电压表V1以及电压表V2的示数变化情况是（）A灯泡变亮，V1 变大，V2 变小B灯泡变暗，V1 变大，V2 变小C灯泡变暗，V1 变小，V2 变小D灯泡亮度不变，V1 变大，V2 不变8如图所示是电阻甲和乙的IU图象，下列说法正确的是（）A甲的电阻值保持10不变B乙的电阻值保持20不变C甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.4AD甲、乙串联在电路中，当电流为0.1A时，电路总电压为3V9某同学设计了一个电子身高测量仪下列四个电路中，R是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移能够实现身高越高，电压表示数越大的电路是（）ABCD10一电加热器标有“220V 100W”字样，测得其电流随电压的变化如图所示，若把此加热器接到电压为110V的电源两端，则加热器消耗的电功率（）A等于25WB小于25WC等于100WD小于100W，大于25W11如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b间接入一个合适的电压表时，电压表不会有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为1.2W12某同学做电学实验时，电路如图所示，已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V（保持不变），滑动变阻器的最大阻值为50，定值电阻R0为10，开关S闭合后，在移动滑动变阻器的过程中，下列情况可能出现的是（）A电压表的最小示数为1VB滑动变阻器的最小功率为0WC电流表的最大示数为0.6AD电阻R0的最大功率为1.8W二、填空题（本题共12题，每空1分，共26分）13木块在大小为10N的水平拉力作用下，5s内在水平面上沿拉力方向前进3m，拉力做功为_J，功率为_W；若木块重20N，在此过程中重力对木块做功为_J14如图所示，斜面长1m，高0.4m，用大小为5N沿斜面向上的拉力F，将重10N的铁块从底端匀速拉到顶端，那么物体与斜面之间的摩擦力为_N，斜面的机械效率为_；若仅使倾角逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐_（选填“增大”、“不变”或“减小”），此斜面的机械效率将逐渐_（选填“增大”、“不变”或“减小”）15如图，是汽油机的_冲程，将_能转化为_能在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过_的方式增加内能为了不让汽油机在工作时温度升得太高，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过_ 的方式减少汽缸内能用水来冷却汽缸是因为水的_较大若该汽油机的飞轮转速为1200r/min，每秒钟完成了_个冲程、做功_次16图中AOB是可绕O点无摩擦转动的轻杆，A端挂重300N的物块，AO与OB长度之比为5：4人始终沿竖直方向拉挂在B端的轻环要使轻杆水平平衡，人应施加拉力为_N，人要不被拉起，则人重至少为_N与水平平衡相比，当轻杆在图中虚线位置平衡时，人的拉力将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）17某电阻两端的电压为3V时，通过的电流为0.5A，则该电阻的阻值是_，若该电阻两端电压为0，其阻值是_18如图甲所示，把玻璃珠接入电路中，闭合开关，发现小灯泡不发光若给玻璃珠加热，如图乙所示，当玻璃珠加热到红炽状态时，发现小灯泡发光，这说明：_，而在一般情况下，灯丝通电一段时间受热后，它的电阻会变_（选填：“大”或“小”）19实验测得小灯泡L、定值电阻R的电流与两端电压的关系如图所示若将它们并联后接入1.5V的电源，则通过电源的电流是_A；若将它们串联后接入4.0V的电源，则小灯泡消耗的电功率是_W20标有“6V 6W”、“6V 3W”字样的灯L1和L2，串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则灯L1和L2的实际功率之比为_，要保证一只灯正常工作，一只灯安全，电源电压不应超过_V两灯并联在电源上，灯L1和L2的实际功率之比为_21如图为用户的电能表，若在该用户的家庭电路中只给一台微波炉通电，发现该表转盘在2min内转了125r，则这台微波炉在这段时间内消耗的电能是_J，微波炉的功率是_W22如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象则该滑动变阻器的最大值是_，电源电压是_V电路消耗的最大功率为_w三、解答题（本题共5小题，共40分解答28、32题时应有解题过程）23按照题目的要求作图：（1）如图，渔民用杠杆和滑轮的组合机械起吊鱼网请画出杠杆OBA所受动力的力臂L1和阻力F2的示意图（2）请在图中画出用羊角锤起钉时所用的最小动力F和对应的动力臂L1（3）要利用如图所示的滑轮组吊起重1000N的重物，若绳子能承受的最大拉力为400N，则应怎样绕制滑轮组？（滑轮重和摩擦不计）（4）请根据图中的电路图连接图中的实物电路24在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块请回答下列问题：（1）该实验的目的是研究_（选填“铁球”或“木块”）的动能大小与_的关系（2）该实验是通过观察_来比较体动能的大小，从而得出结论的（3）若水平面绝对光滑，该实验还能得出结论吗？_，理由是：_25太阳能路灯的灯杆顶端是太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，将电能转化为_能储存起来，供夜晚路灯照明若在一定时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为2.7107J，这与完全燃烧_kg的煤放出的热量相当；这些能量经转化后，可供功率为35W的路灯工作60h，那么该太阳能路灯的能量转化效率是_%（煤的热值为3.0107J/kg）26小明做用“伏安法测量小灯泡电阻”的实验，小灯泡的正常工作电压为3.8V，电源电压保持6V不变，已经连接如图1所示的电路（1）同组的小琴又给他补接了两根导线使电路完整，请你将这两根导线画出来（2）闭合开关之前，应将滑片移到滑动变阻器的_端（填“A”或“B”），目的是保护电路（3）实验时，小华移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图2所示，则表格中空白处应填_（4）小明处理完数据后发现，三次测得的灯丝电阻相差较大，与其他同学交流也是同样的情况，于是他想将三次实验得出的电阻值求平均值，他认为这样可以使数据更加精确，达到减小误差的目的，你认为他的做法可行吗？_（填“可行”或“不可行”）理由是_实验序号123电压/V2.03.03.8电流/A0.230.27电阻/9.611.1灯泡亮度暗较亮亮（5）如果电压表015V量程损坏，03V量程完好，则小华怎样利用现有器材测出灯泡的额定功率？_（6）小灯泡的额定功率是_W（7）如果实验开始时，小华闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，移动滑片，现象不变，可能的原因是：_27某水果自动筛选装置（如图甲所示），它能将质量小于一定标准的水果自动剔除其原理如下：传送带上的水果经过检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化AB间的电压也随之发生改变当UAB3V时，机械装置启动，将质量不达标的小水果推出传送带，实现自动筛选功能已知：电源电压为12V，R0=20，压敏电阻R的阻值随压力变化关系如图乙所示求：（1）当检测点上没有水果时，电路中的电流是多大？（2）不同种类的水果筛选的质量标准是不同的请你提出对电路进行改进的一种方法，使该装置能够方便筛选不同水果（3）当某次压力改变时，通过压敏电阻R的电流是0.3A，请通过计算说明这个水果是否会被自动剔除出来？并计算此时在检测点上的水果质量是多少？2015-2016学年江苏省无锡市宜兴市桃溪中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确）1在图的四种情景中，所使用的杠杆属于费力杠杆的是（）ABCD【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；手推车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；碗夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；属于费力杠杆的是故选C2如图为某种吊车的工作示意图利用伸缩撑杆可使吊臂绕O点转动；伸缩撑杆为圆弧状，伸缩时对吊臂的支持力始终与吊臂垂直下列关于这个吊车的有关说法正确的是（）A吊臂是一个省力杠杆B使用这种吊车，好处是可以少做功C匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆的支持力大小保持不变D匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆的支持力渐渐变小【考点】杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析【分析】根据杠杆平衡条件，F1l1=F2l2，根据动力臂和阻力臂的关系分析是省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆杠杆是一种机械，使用任何机械都不省功根据匀速吊起货物时，阻力不变，阻力臂变化，动力臂不变，再次利用杠杆平衡条件进行判断支持力的大小变化【解答】解：如图画出动力臂和阻力臂，动力臂L1小于阻力臂L2，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，是费力杠杆故A不符合题意杠杆是一种机械，使用任何机械都不省功故B不符合题意吊车吊起货物的过程中，阻力不变，阻力臂减小，动力臂不变，动力减小，所以支持力逐渐变小故C不符合题意、D正确故选D3甲乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（）A若G1=G2，拉力做的额外功相同B若G1=G2，拉力做的总功相同C若G1=G2，甲的机械效率大于乙的机械效率D用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率【分析】解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式=分析机械效率大小关系【解答】解：A、甲滑轮组中有一个动滑轮，乙滑轮组中有两个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，乙滑轮组做的额外功多，所以A错误B、若G1=G2，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，总功=有用功+额外功，所以乙做的总功大于甲做的总功，所以B错误；C、根据=，甲的机械效率大于乙的机械效率，C正确D、用同一个滑轮组提起不同的重物，所做的额外功不变，有用功发生变化，所以有用功在总功中的比值发生变化，所以机械效率变，所以D错误故选C4如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个小球，把它们套在光滑的水平杆上a点是压缩弹簧后小球静止释放的位置，b点是弹簧原长时小球的位置，c点时小球到达最右端的位置则小球a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是（）A小球在a点，弹簧的弹性势能最小B小球在b点，小球的速度最小C从a点到b点，小球的动能逐渐增大D从b点到c点，弹簧的弹性势能逐渐减小【考点】动能和势能的大小变化【分析】动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大弹性势能与物体的弹性形变程度有关【解答】解：A、a点是压缩弹簧后形变程度最大处，弹性势能也最大，故A错误；B、因为水平杆光滑，所以小球在a点时只受到弹簧向右的弹力，则小球由a向b运动时会加速运动，故B错误；C、小球质量一定，从a点到b点时速度越来越快，所以动能逐渐增大，故C正确；D、b点是弹簧原长时小球的位置，弹性势能为0，小球到达b点后由于惯性继续向右运动，所以弹簧逐渐被拉伸，弹性势能逐渐变大，故D错误故选C5下列说法中正确的是（）A物体吸收热量，温度一定升高B物体内能增加，一定是物体吸收了热量C物体温度不变，内能也可能增加D物体内能增加，一定是外界对物体做了功【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变【分析】要解答本题需掌握：温度、内能和热量的区别和联系，以及改变物体内能的方法【解答】解：A、物体吸收热量，温度不一定升高，比如：晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变故A 不正确B、物体内能增加，可能是吸收热量也可能是对物体做功故B不正确C、物体温度不变，内能也可能增加，比如：晶体熔化过程，温度不变，但状态变了，故内能也增加故C正确D、物体内能增加，可能是外界对物体做了功，也可能是吸收了热量故D不正确故选C6在图（a）所示电路中，当开关S闭合时，两个电压表的指针指示位置都如图（b）所示，则电阻R1、R2的比值为（）A4：1B5：1C1：5D1：4【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，两只电压表指针位置相同时，大量程示数是小量程示数的5倍，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，因串联电路的总电压等于各分电压之和，且两个电压表的指针偏转位置相同，所以，电压表V1的示数是电压表V2示数的5倍，即U=5U2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：=故选A7如图所示的电路中，当滑片P从a端滑到b端时，灯泡的亮度、电压表V1以及电压表V2的示数变化情况是（）A灯泡变亮，V1 变大，V2 变小B灯泡变暗，V1 变大，V2 变小C灯泡变暗，V1 变小，V2 变小D灯泡亮度不变，V1 变大，V2 不变【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测滑片右侧部分电阻两端的电压，电压表V2测变阻器最大阻值两端的电压电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，但滑片右侧部分电阻发生变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，然后判断亮暗的变化，再根据欧姆定律判断电压表V1示数的变化【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测滑片右侧部分电阻两端的电压，电压表V2测变阻器最大阻值两端的电压因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，当滑片P从a端滑到b端时，接入电路中的电阻不变，但滑片右侧部分电阻变大，由I=可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，滑动变阻器最大阻值两端的电压不变，即V2不变，故ABC错误；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，因当滑片P从a端滑到b端时，滑片右侧部分电阻变大，电路中的电流不变，所以，由U=IR可知，滑片右侧部分电阻两端的电压变大，即V1变大，故D正确故选D8如图所示是电阻甲和乙的IU图象，下列说法正确的是（）A甲的电阻值保持10不变B乙的电阻值保持20不变C甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.4AD甲、乙串联在电路中，当电流为0.1A时，电路总电压为3V【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲、乙电阻的变化；（2）由图象可知，当乙两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R乙的阻值；（3）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压【解答】解：A、由图象可知，乙对应的电流与电压成正比，而甲对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知乙电阻的阻值不变，甲电阻的阻值变化，故A不正确；B、由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.2A，则R乙=10；故B不正确；C、甲、乙并联在2V电源时，根据并联电路的电压特点可知两灯泡两端的电压为2V，由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C错误；D、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.1A时，通过甲、乙的电流均为0.1A，由图象可知，U甲=2V，U乙=1V，串联电路中总电压等于各分电压之和，此时电路的总电压：U=U甲+U乙=1V+1V=3V，故D正确故选D9某同学设计了一个电子身高测量仪下列四个电路中，R是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移能够实现身高越高，电压表示数越大的电路是（）ABCD【考点】电路的动态分析；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化【解答】解：A两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R电压变小，即电压表的示数变小，故A不符合题意；B两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；C两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数不变，故C不符合题意；D两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，且电压表的示数不变，故D不符合题意故选：B10一电加热器标有“220V 100W”字样，测得其电流随电压的变化如图所示，若把此加热器接到电压为110V的电源两端，则加热器消耗的电功率（）A等于25WB小于25WC等于100WD小于100W，大于25W【考点】电功率的计算【分析】知道白炽灯的额定电压和额定功率（铭牌），可求白炽灯在额定电压下的电阻；由图象可以看出灯丝的电阻随着电压的减小而增大；当灯泡两端的实际电压为110V，利用电功率公式P=可求灯泡的电阻不变时的实际功率，进一步求出变化时的功率【解答】解：由铭牌知：灯泡在额定电压下的电阻RL=484；电阻不变时的实际功率P=25W，从图象可知当灯泡两端的电压减小时，通过的电流减小的更快，说明电压减小时电阻变大，所以当灯泡两端的电压为110V时，灯泡的电阻要大于484，所以加热器消耗的电功率要小于25W故选B11如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b间接入一个合适的电压表时，电压表不会有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为1.2W【考点】电压表的使用；电流表的使用；欧姆定律的变形公式；电功率的计算【分析】（1）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；（2）电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，使用时与被测电路元件串联；（3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值；（4）根据电阻的串联和P=求出在a、b两点间接入一个10的电阻时电路消耗的电功率【解答】解：（1）在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故A错误；（2）在ab两点间接入一个电流表时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，故B错误；（3）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压：U串=UUL=6V3V=3V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，串联电阻的阻值：R串=6R=20，故小灯泡不能正常发光，故C错误；（4）在a、b两点间接入一个10的电阻时，电路消耗的电功率：P=1.2W，故D正确故选D12某同学做电学实验时，电路如图所示，已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V（保持不变），滑动变阻器的最大阻值为50，定值电阻R0为10，开关S闭合后，在移动滑动变阻器的过程中，下列情况可能出现的是（）A电压表的最小示数为1VB滑动变阻器的最小功率为0WC电流表的最大示数为0.6AD电阻R0的最大功率为1.8W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流（1）电源的电压大于电压表的最大示数，根据串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻不为零，消耗的电功率不为0W，根据P=UI求出电阻R0消耗的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电压表的最小示数【解答】解：由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；（1）因电源的电压大于电压表的最大示数，所以，当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，电路中的最大电流：I大=0.3A，即电流表的最大示数为0.3A，故C错误；因此时滑动变阻器接入电路中的电阻不为零，所以，滑动变阻器的最小功率不为0W，故B错误；电阻R0消耗的最大功率：P0大=U0大I大=3V0.3A=0.9W，故D错误；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I小=0.1A，电压表最小示数：UR小=I小R0=0.1A10=1V，故A正确故选A二、填空题（本题共12题，每空1分，共26分）13木块在大小为10N的水平拉力作用下，5s内在水平面上沿拉力方向前进3m，拉力做功为30J，功率为6W；若木块重20N，在此过程中重力对木块做功为0J【考点】功的计算；功率的计算【分析】（1）已知水平拉力、木块在拉力的方向上前进的距离，利用W=FS求拉力做的功；（2）又知道做功用的时间，再利用公式P=计算出拉力的做功功率；（3）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析重力做功【解答】解：（1）拉力做功：W=Fs=10N3m=30J；（2）拉力做功功率：P=6W；（3）木块在水平方向上运动，在重力方向上没有移动距离，重力做功为0故答案为：30；6；014如图所示，斜面长1m，高0.4m，用大小为5N沿斜面向上的拉力F，将重10N的铁块从底端匀速拉到顶端，那么物体与斜面之间的摩擦力为1N，斜面的机械效率为80%；若仅使倾角逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐增大（选填“增大”、“不变”或“减小”），此斜面的机械效率将逐渐增大（选填“增大”、“不变”或“减小”）【考点】斜面的机械效率【分析】（1）求出有用功和总功，可以得到额外功；已知额外功和斜面长度，利用公式f=得到摩擦力利用=100%计算斜面的机械效率；（2）使用斜面时，高度不变的情况下，斜面越长越省力，斜面越陡越费力；（3）斜面越陡，斜面机械效率越大【解答】解：（1）斜面的有用功为W有用=Gh=10N0.4m=4J，斜面的总功为W总=FL=5N1m=5J，额外功为W额=W总W有用=5J4J=1J，摩擦力为f=1N斜面的机械效率为=100%=100%=80%；（2）若仅使倾角逐渐增大，沿斜面向上的拉力将逐渐增大；（3）其他条件不变，斜面的倾斜程度越大，机械效率越高故答案为：1；80%；增大；增大15如图，是汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能在压缩冲程中，气体的温度升高，这是通过做功的方式增加内能为了不让汽油机在工作时温度升得太高，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过热传递 的方式减少汽缸内能用水来冷却汽缸是因为水的比热容较大若该汽油机的飞轮转速为1200r/min，每秒钟完成了40个冲程、做功10次【考点】内燃机的四个冲程；有关热机的计算【分析】（1）当汽油机火花塞正在喷出电火花时是做功冲程，这是做功冲程的特点；（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递；（3）在自然界中水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因；（4）在四冲程内，汽油机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：（1）图中火花塞正在喷出电火花，所以是内燃机的做功冲程，在做功冲程中的能量转化是内燃机的内能转化为机械能；（2）在压缩冲程中，对气体做功，气体的内能增加，温度升高，故压缩冲程是通过做功的方式改变物体内能的；为了避免汽油机在工作时温度升得太高，在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这是通过热传递的方式改变内能的；（3）在这里我们之所以选择用水作为冷却剂，源于水的比热容最大，即相同质量的水和其他的液体相比较时，若都是升高1时，水吸收的热量最多，故用水冷却效果最好（4）单缸四冲程汽油机的飞轮转速是1200r/min，即每秒钟转20圈，完成40个冲程，做功1次故答案为：做功；内；机械；做功；热传递；比热容；40；1016图中AOB是可绕O点无摩擦转动的轻杆，A端挂重300N的物块，AO与OB长度之比为5：4人始终沿竖直方向拉挂在B端的轻环要使轻杆水平平衡，人应施加拉力为375N，人要不被拉起，则人重至少为375N与水平平衡相比，当轻杆在图中虚线位置平衡时，人的拉力将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】杠杆的平衡条件【分析】（1）杠杆在水平位置平衡，知道动力臂和阻力臂的关系，以及在A点施加大小，利用杠杆的平衡条件F1L1=F2L2计算出杠杆B点人应施加拉力人要不被拉起，则人重至少等于人应施加拉力；（2）当轻杆在图中虚线位置平衡时，两力臂的比值不变，A的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知人的拉力大小【解答】解：（1）要使轻杆水平平衡，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知：则GOA=FOB，AO：OB=5：4，G=300N，则F=375N，人要不被拉起，则人重至少等于人应施加拉力；即则人重至少为375N；（2）当轻杆在图中虚线位置平衡时，倾斜后力臂都变小，但两力臂的比值不变，仍为5：4A的重力不变，根据杠杆的平衡条件可知人的拉力不变，仍为375N故答案为：375；375；不变17某电阻两端的电压为3V时，通过的电流为0.5A，则该电阻的阻值是6，若该电阻两端电压为0，其阻值是6【考点】欧姆定律的变形公式【分析】（1）已知电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出电阻的阻值；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：由I=可得，电阻的阻值：R=6，因为电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以它两端电压变为0V，导体的电阻仍为6不变故答案为：6；618如图甲所示，把玻璃珠接入电路中，闭合开关，发现小灯泡不发光若给玻璃珠加热，如图乙所示，当玻璃珠加热到红炽状态时，发现小灯泡发光，这说明：通常情况下玻璃珠是绝缘体，加热后玻璃珠变成了导体，而在一般情况下，灯丝通电一段时间受热后，它的电阻会变大（选填：“大”或“小”）【考点】导体【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体（2）导体和绝缘体没有绝对的界限，在一定条件下，绝缘体也可以变成导体（3）导体的电阻与温度有关，大部分金属的电阻随温度的升高而增大【解答】解：（1）电路中灯泡不发光，说明电路不通，无电流，进而说明通常情况下玻璃珠是绝缘体；（2）当玻璃加热到红炽状态时发现小灯泡发光，说明此时电路是通路，有电流，进而说明加热后玻璃珠变成了导体；（3）在一般情况下，灯丝通电一段时间受热后，温度升高，电阻会变大故答案为：通常情况下玻璃珠是绝缘体，加热后玻璃珠变成了导体；大19实验测得小灯泡L、定值电阻R的电流与两端电压的关系如图所示若将它们并联后接入1.5V的电源，则通过电源的电流是0.34A；若将它们串联后接入4.0V的电源，则小灯泡消耗的电功率是0.2W【考点】并联电路的电流规律；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】求通过电源的电流，其实就是求干路上的电流，根据并联电路电流规律，需要知道通过定值电阻的电流和小灯泡的电流分别是多少，分析图象，可以找出当电压是1.5V时，它们各自的电流求小灯泡的电功率，根据P=UI需要知道串联时小灯泡的电压和电流根据串联电路的电流规律和电压规律可知，小灯泡和定值电阻串联时，必须满足电流相等且电压之和等于4V，分析图象可知，只有当电流为0.2A时，灯泡的电压与电阻电压之和等于4V【解答】解：若将它们并联后接入1.5V的电源，通过定值电阻的电流：I1=0.1A，通过灯泡的电流：I2=0.24A，则通过电源的电流：I=I1+I2=0.1A+0.24A=0.34A若将它们串联后接入4.0V的电源，因为串联电路电流处处相等，而且串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和，所以在图象中，只有当电流为0.2A时，它们各自对应的电压之和才等于4V则当电流为0.2A时，灯泡的电压为1.0V，灯泡的电功率：P=UI=1.0V0.2A=0.2W故答案为：0.34，0.220标有“6V 6W”、“6V 3W”字样的灯L1和L2，串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则灯L1和L2的实际功率之比为1：2，要保证一只灯正常工作，一只灯安全，电源电压不应超过9V两灯并联在电源上，灯L1和L2的实际功率之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】（1）知道两灯的铭牌（额定电压和额定功率），利用R=求两灯的电阻；若串联接在某电源上，通过的电流相同，由P=I2R可得灯L1和L2的实际功率之比；由P=UI可得两灯正常工作通过的电流，要保证一只灯正常工作，一只灯安全，最大电流为正常工作最小的，利用欧姆定律求电源电压（2）灯并联在电源上，两灯两端的电压相同，由P=可得灯L1和L2的实际功率之比【解答】解：（1）由P=可知：灯L1的电阻R1=6，灯L2的电阻R2=12，若串联接在某电源上，通过的电流相同，由P=I2R可知灯L1和L2的实际功率之比：P1：P2=R1：R2=6：12=1：2；由P=UI可得两灯正常工作通过的电流：I1=1A，I2=0.5A，要保证一只灯正常工作，一只灯安全，通过的电流I=0.5A，此时电源电压：U=IR串=0.5A（6+12）=9V；（2）灯并联在电源上，两灯两端的电压相同，由P=可知，灯L1和L2的实际功率之比：P1：P2=R2：R1=12：6=2：1故答案为：1：2；9；2：121如图为用户的电能表，若在该用户的家庭电路中只给一台微波炉通电，发现该表转盘在2min内转了125r，则这台微波炉在这段时间内消耗的电能是1.8105J，微波炉的功率是1500W【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】首先要清楚“2500r/kWh”的物理意义：当用电器消耗1千瓦时的电能，电能表的水平转盘转过2500转，1度=3.6106焦，即1kWh=3.6106J电功率的计算公式W=Pt的应用以及电功率的计算【解答】解：由题意可知：微波炉所做的功W=kWh=0.05kWh=1.8105J微波炉的功率P=1.5kW=1500W故答案为：1.8105；150022如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象则该滑动变阻器的最大值是50，电源电压是12V电路消耗的最大功率为14.4w【考点】电功率的计算；欧姆定律的变形公式【分析】（1）由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流由图象可知，电路中的电流是0.2A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的电阻；由图象读出电路中的电流为0.4A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的电阻；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步求出电源的电压（3）当滑动变阻器的最大阻值R1与电阻R0串联，此时电路中的电流最小，当滑片位于最有端时，电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，根据P=可求得电路消耗的最大功率【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流由图象可知，当电路中的电流I=0.2A时，R1的电功率P1=2W，由P=I2R可得，R1接入电路的电阻：R1=50；由图象可知，当电路中的电流I=0.4A时，R1的电功率P1=3.2W，此时R1接入电路的电阻：R1=20，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I=可得，电源的电压：U=I（R0+R1）=0.4A（R0+20），当电路中的电流I=0.2A时，电源的电压：U=I（R0+R1）=0.2A（R0+50），解得：R0=10，电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A（10+50）=12V当滑片位于最右端时电路为R0的简单电路，此时电路中的电流最大，电路消耗的最大功率P=14.4W故答案为：50；12；14.4三、解答题（本题共5小题，共40分解答28、32题时应有解题过程）23按照题目的要求作图：（1）如图，渔民用杠杆和滑轮的组合机械起吊鱼网请画出杠杆OBA所受动力的力臂L1和阻力F2的示意图（2）请在图中画出用羊角锤起钉时所用的最小动力F和对应的动力臂L1（3）要利用如图所示的滑轮组吊起重1000N的重物，若绳子能承受的最大拉力为400N，则应怎样绕制滑轮组？（滑轮重和摩擦不计）（4）请根据图中的电路图连接图中的实物电路【考点】力臂的画法；滑轮组的设计与组装；杠杆中最小力的问题；实物的电路连接【分析】（1）力臂指的是从支点到力的作用线的垂直距离，找出支点，然后画出力臂（2）由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小（3）动滑轮被几根绳子承担，拉力就是物体和动滑轮总重的几分之一，此题最多可由3段绳子承担动滑轮的重（4）先分析两灯泡的连接方式以及开关的作用、电压表的测量对象，然后根据电路图将实物电路连接起来【解答】解：（1）由图示可知，支点为O动力为作用在B点的拉力，根据力臂的画法，可以画出动力F1的力臂l1；阻力为渔网的重力，过A点沿重力的方向即可做出阻力F2的示意图如下图所示：（2）连接OA，即为最长动力臂L，过A点画垂直于OA，向右的动力F，如下图所示：（3）n=2.5，所以滑轮组应由3段绳子承担物重，从动滑轮绕起，如图所示：（4）两灯泡串联，开关控制整个电路，电压表并联在灯泡L2的两端，根据要求用导线将实物电路连接起来如图所示：24在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，如图所示，让同一铁球从斜面的不同高度由静止释放，撞击同一木块请回答下列问题：（1）该实验的目的是研究铁球（选填“铁球”或“木块”）的动能大小与速度的关系（2）该实验是通过观察木块被推出去的距离来比较体动能的大小，从而得出结论的（3）若水平面绝对光滑，该实验还能得出结论吗？不能，理由是：木块停不下来无法比较物体的动能大小【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）此实验把动能的大小转换为木块被撞击后运动的距离，距离越远表明铁球的动能越大；（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让铁球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一铁球，这样可以保证铁球的质量相同；（3）由牛顿第一定律内容分析回答【解答】解：（1）实验中，保持铁球在斜面上的高度相同，是为了控制铁球到达下端时具有相同的速度；（2）实验中通过观察木块被撞击后运动的距离的大小来间接判断物体动能的大小；（3）若水平面光滑，木块不受摩擦力，由牛顿第一定律可知木块将永远运动下去木块通过的距离无法确定，做功的多少也无法确定所以铁球动能的大小就无法比较故答案为：（1）铁球；速度； （2）木块被推出去的距离 （3）不能；木块停不下来无法比较物体的动能大小25太阳能路灯的灯杆顶端是太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，将电能转化为化学能储存起来，供夜晚路灯照明若在一定时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为2.7107J，这与完全燃烧0.9kg的煤放出的热量相当；这些能量经转化后，可供功率为35W的路灯工作60h，那么该太阳能路灯的能量转化效率是28%（煤的热值为3.0107J/kg）【考点】热量的计算；燃料的热值；电功的计算；太阳能的转化【分析】（1）蓄电池的充电过程，消耗电能转化为化学能，并将化学能储存在蓄电池内；用电过程是把蓄电池内的化学能转化为电能；（2）知道煤的热值q和煤完全燃烧放出的热量（吸收的太阳能），利用Q放=mq求需要完全燃烧煤的质量；（3）知道路灯的电功率和用电时间，利用P=求路灯消耗的电能，这是有用能量；太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为总能量，利用效率公式求该太阳能路灯的能量转化效率【解答】解：（1）蓄电池充电是将电能转化为化学能储存起来；（2）由题知，Q放=mq=2.7107J，需要完全燃烧煤的质量：m=0.9kg；（3）使用太阳能路灯的有用能量：W电=Pt=35W603600s=7.56106J，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量（总能量）W总=2.7107J，该太阳能路灯的能量转化效率：=100%=100%=28%故答案为：化学，0.9，2826小明做用“伏安法测量小灯泡电阻”的实验，小灯泡的正常工作电压为3.8V，电源电压保持6V不变，已经连接如图1所示的电路（1）同组的小琴又给他补接了两根导线使电路完整，请你将这两根导线画出来（2）闭合开关之前，应将滑片移到滑动变阻器的A端（填“A”或“B”），目的是保护电路（3）实验时，小华移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图2所示，则表格中空白处应填0.30A；12.7（4）小明处理完数据后发现，三次测得的灯丝电阻相差较大，与其他同学交流也是同样的情况，于是他想将三次实验得出的电阻值求平均值，他认为这样可以使数据更加精确，达到减小误差的目的，你认为他的做法可行吗？不可行（填“可行”或“不可行”）理由是不同的电压下，灯的电阻是不同的，将不同的电阻值取平均值没有意义实验序号123电压/V2.03.03.8电流/A0.230.27电阻/9.611.1灯泡亮度暗较亮亮（5）如果电压表015V量程损坏，03V量程完好，则小华怎样利用现有器材测出灯泡的额定功率？将电压表并联在变阻器的两端，移动滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数IL；（6）小灯泡的额定功率是3.8VILW（7）如果实验开始时，小华闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，移动滑片，现象不变，可能的原因是：小灯泡断路或小灯泡灯座断路【考点】伏安法测电阻的探究实验；欧姆定律的应用【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表量程，将电压表并联在灯的两端；（2）闭合开关前，变阻器连入电路中的电阻应最大；（3）根据电流表小量程读数，由欧姆定律求电阻的大小；（4）不同电压下的电阻不同，将不同电阻取平均值没有意义；（5）根据串联电路电压的特点，将电压表并联在变阻器的两端；（6）根据P=UIL求灯的额定功率；（7）闭合开关后，移动变阻器滑片P，灯泡不亮，电流表无示数，说明电路存在断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的灯泡断路或小灯泡灯座断路；【解答】解：因灯的额定电压为3.8V，所以电压表选用大量程，并联在灯的两端，如下图所示；（2）为保护电路，闭合开关前，变阻器连入电路中的电阻应最大，即滑片移动到A端；（3）电流表小量程分度值为0.02A，示数为0.30A，则灯的电阻R=12.7；（4）由表中数据可知，灯在不同电压下的电阻是不同的，将不同电阻取平均值使数据更加精确，达到减小误差的目的是可靠的；（5）根据串联电路电压的特点，当变阻器的电压为6V3.8V=2.2V时，灯的电压一定为3.8V，灯正常发光具体步骤是：将电压表并联在变阻器的两端，移动滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数IL；（6）灯的额定功率P=UIL=3.8VIL；（7）经分析，电路的故障可能是小灯泡断路或小灯泡灯座断路故答案为：（1）如上图所示； （2）A；（3）0.30A；12.7；（4）不可行；不同的电压下，灯的电阻是不同的，将不同的电阻值取平均值没有意义；（5）将电压表并联在变阻器的两端，移动滑片，当电压表示数为2.2V时，记下电流表的示数IL；（6）3.8VIL；（7）小灯泡断路或小灯泡灯座断路27某水果自动筛选装置（如图甲所示），它能将质量小于一定标准的水果自动剔除其原理如下：传送带上的水果经过检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化AB间的电压也随之发生改变当UAB3V时，机械装置启动，将质量不达标的小水果推出传送带，实现自动筛选功能已知：电源电压为12V，R0=20，压敏电阻R的阻值随压