江苏附答案与解析

江苏附答案与解析选择题关于物体的内能，下列叙述中不正确的是（）A.温度高的物体比温度低的物体内能大B.物体的内能不可能为零C.内能不相同的物体，它们的分子平均动能可能相同D.物体的内能与物体的温度、体积、物态和分子数有关【答案】A【解析】A温度是分子平均动能的标志，温度高只能表明分子平均动能大，而总的分子动能还与分子数有关，另外内能包括分子动能和分子势能，分子势能与物体的体积有关，因此不能简单的说温度高的物体比温度低的物体内能大，物体的内能与物体的温度、体积、物态和分子数都有关，A错误，D正确；B由于分子永不停息的做无规则运动，分子动能不可能为零，因此物体的内能不可能为零，B正确；C内能包括分子动能和分子势能，温度相同，分子的平均动能相同，但分子势能不一定相同，因此内能有可能不同，比如0的冰融化成0的水，内能增加，C正确。故不正确的选A。选择题某气体摩尔质量为M，分子质量为m。若1摩尔该气体的体积为，密度为，阿伏加德罗常数，则该气体单位体积分子数用如下四个表达式表示，正确的个数为（）A.1个 B.2个 C.3个 D.4个【答案】C【解析】用阿伏加德罗常数除以1摩尔该气体的体积为等于单位体积的分子数，则是正确的；因为，则是正确的；为摩尔体积，则等于单位体积的摩尔数，则正确，错误。故选C。选择题已知水的密度会随温度的变化而变化，现给体积相同的玻璃瓶A、B分别装满温度为60的热水和0的冷水(如图所示)下列说法中正确的是()A. 温度是分子平均动能的标志，所以A瓶中水分子的平均动能比B瓶中水分子的平均动能大B. 温度越高，布朗运动愈显著，所以A瓶中水分子的布朗运动比B瓶中水分子的布朗运动更显著C. A瓶中水的内能与B瓶中水的内能一样大D. 由于A、B两瓶水体积相等，所以A、B两瓶中水分子间的平均距离相等 【答案】A【解析】温度是分子平均动能的标志，A的温度高，故A的平均动能大，故A正确；布朗运动是固体颗粒的无规则运动，不是分子的运动，故B错误；体积相同的玻璃瓶A、B分别装满温度为60和0的热水和冷水，它们的体积相等，质量近似相等，温度不同，所以内能一定不同，故C错误；平均距离与温度有关，相同体积不同温度水分子的个数不同，平均距离就不同，故D错误选择题如图所示是研究自感实验的电路图，甲、乙是两个规格相同的小灯泡，电源内阻不可忽略实验开始前先闭合开关S1、S2，使电路稳定，两个小灯泡亮度相同下列说法正确的是A.仅将S2断开，甲亮度不变B.仅将S2断开，甲逐渐变得更亮C.仅将S1断开，乙立刻熄灭D.仅将S1断开，乙的电流方向不变【答案】B【解析】仅将S2断开，由于电路中总电流变小，则电源的内电压减小，外电压增大，使流过甲的电流变大，但由于自感作用，甲逐渐变得更亮，故A错误，B正确；若仅将S1断开，由于电感的作用，则乙中仍有电流，不会立刻熄灭，但电流方向相反，故CD错误所以B正确，ACD错误选择题如图所示，铁芯上绕有线圈A和B，线圈A与电源连接，线圈B与理性发光二极管D相连，衔铁E连接弹簧K控制触头C的通断，忽略A的自感，下列说法正确的是A. 闭合S，D闪亮一下B. 闭合S，C将会过一小段时间接通C. 断开S，D不会闪亮D. 断开S，C将会过一小段时间断开【答案】D【解析】A、B、当闭合S瞬间时，穿过线圈B的磁通量要增加，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，线圈B的电流方向逆时针，而由于二极管顺时针方向导电，则线圈B不会闪亮一下，则线圈A中磁场立刻吸引C，导致其即时接触，故A，B错误；C、D、当断开S瞬间时，穿过线圈B的磁通量要减小，根据楞次定律：增反减同，结合右手螺旋定则可知，电流方向为顺时针，则二极管处于导通状态，则D会闪亮，同时对线圈A有影响，阻碍其磁通量减小，那么C将会过一小段时间断开，故C错误，D正确；故选D。选择题如图所示电路，电阻R1与电阻R2阻值相同，都为R，和R1并联的D为理想二极管(正向电阻可看作零，反向电阻可看作无穷大)，在A、B间加一正弦交流电u20sin100t (V)，则加在R2上的电压有效值为（ ）A. 10 V B. 20 V C. 5V D. 15 V【答案】C【解析】因为是交流电所以应该分两种情况考虑：a、当电源在正半轴时A点电位高于B点电位二极管导通即R1被短路，R2电压为电源电压； b、电源在负半轴时B点电位高于A点电位，二极管截止 R1，R2串联各分得一半电压；则由有效值的概念可得：；解得：U=5V；故D正确，ABC错误。选择题如图所示，半径为2r的弹性螺旋线圈内有垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，磁场区域的半径为r，已知弹性螺旋线圈的电阻为R，线圈与磁场区域共圆心，则以下说法中正确的是()A. 保持磁场不变，线圈的半径由2r变到0.5r的过程中，有逆时针的电流B. 保持磁场不变，线圈的半径由2r变到3r的过程中，有顺时针的电流C. 保持半径不变，使磁场随时间按Bkt变化，线圈中的电流为D. 保持半径不变，使磁场随时间按Bkt变化，线圈中的电流为【答案】AC【解析】根据磁通量的定义可知，当线圈的半径由2r变到0.5r的过程中，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律可知，线圈内产生逆时针的感应电流，故A正确；同理，保持磁场不变，线圈的半径由2r变到3r的过程中，穿过线圈的磁通量不变，根据感应电流的产生条件可知，线圈内没有感应电流，故B错误；保持半径不变，使磁场随时间按Bkt变化，根据法拉第电磁感应定律可知，根据欧姆定律可知，线圈中的电流 故C正确，D错误故选AC 选择题如图所示，竖直平面（纸面）两水平线间存在宽度为d的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里。一质量为m、边长也为d的正方形线圈从磁场上方某处自由落下，时刻线圈的下边进入磁场，时刻线圈的上边进入磁场，时刻线圈上边离开磁场。已知线圈平面在下落过程中始终与磁场方向垂直，且线圈上、下边始终与磁场边界平行，不计空气阻力，则线圈下落过程中的图像可能正确的是（） A. B.C. D.【答案】AB【解析】B0-t1时间内，线框做自由落体运动，根据速度公式得v=gt得t1时间内线框做匀加速运动，到达t1时速度达到最大，t3以后，线框做自由落体运动，再做匀加速运动。t1-t3时间内，线框在磁场中运动，下边切割磁感线产生感应电流，线框受安培力和重力作用，开始进入时，如果 有牛顿第二定律得加速度方向向上，速度向下，线框做减速运动，随着速度的减小，加速度在减小，加速度减小到零时，速度达到最小，故B正确；CD开始进入时，如果：有牛顿第二定律得加速度方向向下，速度向下，线框做加速运动，随着速度的增大加速度在减小，加速度减小到零时，速度达到最大，保持匀速，直至出磁场后做匀加速运动，故CD错误；A开始进入时，如果线框做匀速运动，直至出磁场后做匀加速运动，故A正确；故选AB。选择题如图为远距离输电示意图发电机输出功率P恒定，用户消耗的功率为P用户，升压变压器原、副线圈两端的电压分别为U1和U2，输电线总电阻为r下列说法正确的是A. 升压变压器原、副线圈匝数比B. 将P下移，用户获得的电压将升高C. 输电线上的功率关系为：P=P用户+D. 若U2提高为原来的10倍，输电线上损失的功率为原来的【答案】AD【解析】变压器的原副线圈两端电压与匝数成正比，即，故A正确；将P下移，降压变压器的原线圈匝数增大，根据，可知用户获得的电压将降低，故B错误；输电线损耗的功率为，而不是升压变压器的输出电压U2，电线上的功率关系为：P=P用户+，故C错误；输电线上损失的功率为，发电机输出功率P恒定，若U2提高为原来的10倍，则输电线上损失的功率为原来的，故D正确。所以AD正确，BC错误。选择题如图（a）所示一理想自耦变压器，A、B端输入电压如图（b）所示，A1、A2和V1、V2分别是接入原线圈和副线圈中的理想交流电流表和电压表，其示数分别用I1、I2、U1、U2表示，R为定值电阻，现将滑片P从图示位置逆时针匀速转动，在P转动过程中，电流表和电压表均未超过其量程，下列选项中能正确反映I1、I2、U1、U2变化规律的是（ ）A. B.C. D.【答案】AC【解析】A输入电压为正弦式电压，电压表V1的示数只与输入电压有关，故电压为，为定值，故A正确；BCD滑动头P从图示位置逆时针匀速转动，匝数n2逐渐增大，故输出电压为故U2逐渐增大，电流表A2的示数为故I2逐渐减小，根据得，故I1逐渐减小，故BD错误，C正确。故选AC。选择题如图甲所示，半径为带小缺口的刚性金属圆环固定在竖直平面内，在圆环的缺口两端用导线分别与两块水平放置的平行金属板A、B连接，两板间距为且足够大有一变化的磁场垂直于圆环平面，规定向里为正，其变化规律如图乙所示。在平行金属板A、B正中间有一电荷量为的带电液滴，液滴在内处于静止状态。重力加速度为。下列说法正确的是（ ）A.液滴带负电B.液滴的质量为C.时流滴的运动方向改变D.时液滴与初始位置相距【答案】BD【解析】A由楞次定律可知，在内金属圆环产生的感应电动势沿逆时针方向，B板带正电，A板带负电，两板间存在竖直向上的电场，液滴处于静止状态，液滴受到向上的电场力和向下的重力平衡，液滴所受电场力方向与场强方向相同，液滴带正电，A错误；B根据法拉第电磁感应定律得两极板间的电场强度对液滴，由平衡条件得解得B正确；C由楞次定律可知，在内，金属圆环内感应电动势顺时针方向，上极板接高电势，下极板接低电势，两极板间电场向下，电场力向下，根据牛顿第二定律得解得液滴向下做初速度为0的匀加速运动，在时速度最大，运动方向不改变，C错误；D由楞次定律可知，在内，感应电动势逆时针方向，下极板接高电势，上极板接低电势，电场方向向上，液滴在做匀速直线运动，在匀加速直线运动，位移液滴在做匀速直线运动，位移时液滴与初始位置相距D正确。故选BD。实验题(1)如图所示的器材可用来研究电磁感应现象及判定感应电流的方向，其中为原线圈，为副线圈。在给出的实物图中，将实验仪器连成完整的实验电路（原副线圈接线柱标记为）_。在实验过程中，除了查清流入检流计电流方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清_的绕制方向（选填“”“”或“和”）。闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头P处于_端（选填“左”或“右”）。(2)在“探究电磁感应的产生条件”的实验中，先按如图甲所示连线，不通电时，电流计指针停在正中央，闭合开关S时，观察到电流表指针向左偏。然后按如图乙所示将灵敏电流计与副线圈B连成一个闭合回路，将原线圈A、电源、滑动变阻器和开关S串联成另一个闭合电路。图甲电路中，串联定值电阻R的主要作用是_。A减小电源两端的电压，保护电源B增大电源两端的电压，保护开关C减小电路中的电流，保护灵敏电流计D减小电路中的电流，保护开关图乙中，当S闭合后，原线圈A插入副线圈B的过程中，灵敏电流计的指针将_偏转；当S闭合后，线圈A放在B中不动，滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，灵敏电流计指针将_偏转；当S闭合后，线圈A放在B中不动，在突然断开S时，灵敏电流计指针将_偏转（以上三空选填“向左”“向右”或“不”）。【答案】 和 右 C 向左 向左 向右 【解析】(1)1接线电路如图所示：2在实验过程中，除了查清流入检流计电流方向与指针偏转方向之间的关系之外，还应查清和的绕制方向。3闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑动头P处于电阻最大的位置，即右端。(2)4图甲电路中，串联定值电阻R的主要作用是减小电路中的电流，保护灵敏电流计，故选C。5甲图中，闭合开关S时，观察到电流表指针向左偏，说明电流从哪端流入，指针将偏向哪边；则图乙中，当S闭合后，原线圈A插入副线圈B的过程中，穿过B的磁通量增加，根据楞次定律可知，通过灵敏电流计的电流从正极流入，则指针将向左偏转；6当S闭合后，线圈A放在B中不动，滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，通过A的电流变大，则穿过B的磁通量变大，根据楞次定律可知，灵敏电流计的电流从正极流入，则指针将向左偏转；7当S闭合后，线圈A放在B中不动，在突然断开S时，则穿过B的磁通量变小，根据楞次定律可知，灵敏电流计的电流从负极流入，则指针将向右偏转；实验题(1)“用油膜法估测分子的大小”实验的简要步骤如下：A将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，数出轮廓内的方格数（不足半个的舍去，多于半个的算一个），再根据方格的边长求出油酸膜的面积S。B将一滴油酸酒精溶液滴在水面上，立即将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜的形状描画在玻璃板上。C用浅盘装入约深的水。D用公式，求出薄膜厚度，即油酸分子直径的大小。E用注射器将事先配置好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒，记下一定体积的总液滴。根据油酸酒精溶液的浓度，算出一滴溶液中纯油酸的体积V。上述步骤中有哪两个步骤有遗漏或不完整的，请指出并改正：a._。b._。上述实验步骤的合理顺序是_。在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取油酸，倒入标注的容量瓶中，再加入酒精后得到的溶液。然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为。由图可以估算出油膜的面积是_，由此估算出油酸分子的直径是_m（保留一位有效数字）。某同学实验中最终得到的计算结果和大多数同学的比较，数据偏大，对出现这种结果的原因，下列说法中可能正确的是_。A错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算B计算油酸膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理C计算油酸膜面积时，只数了完整的方格数D水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开【答案】B步骤中，立即改成带油酸薄膜稳定后 C步骤中，要在水面上均匀撒上痱子粉或细石膏粉 ECBAD 252 810-10 ACD【解析】1a. B步骤中，立即改成带油酸薄膜稳定后。2b. C步骤中，要在水面上均匀撒上痱子粉或细石膏粉。3实验时先配制油酸酒精溶液，得到一滴油酸酒精溶液中含油酸的体积，然后在浅盘中放入水，水面上撒上痱子粉，将一滴油酸酒精溶液滴入，测量油酸在水面上散开的面积，最后进行计算，则上述实验步骤的合理顺序是ECBAD。45由图可以估算出油膜的面积是2滴油酸酒精溶液中含油酸的体积由此估算出油酸分子的直径是6根据可知：A错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，则测量值偏大，选项A正确；B计算油酸膜面积时，错将不完整的方格作为完整方格处理，则面积的测量值偏大，则直径的测量值偏小，选项B错误；C计算油酸膜面积时，只数了完整的方格数，则面积测量值偏小，则直径测量值偏大，选项C正确；D水面上痱子粉撒得较多，油酸膜没有充分展开，则面积的测量值偏小，则直径测量值偏大，选项D正确。故选ACD。解答题已知气泡内气体的密度为1.29kg/，平均摩尔质量为0.29kg/mol阿伏加德罗常数，取气体分子的平均直径为，若气泡内的气体能完全变为液体，请估算液体体积与原来气体体积的比值（结果保留一位有效数字）【答案】(都算对)【解析】微观量的运算，注意从单位制检查运算结论，最终结果只要保证数量级正确即可设气体体积为，液体体积为气体分子数,(或)则（或）解得(都算对)解答题旋转磁极式发电机通过磁极的旋转使不动的线圈切割磁感线而产生感应电流，其原理示意图可简化为：如图所示，固定不动的单匝矩形线圈abcd 的电阻为r，外电阻为R，磁场绕转轴OO/匀速转动，角速度为。图中的电压表为理想电表，示数为U。求：（1）发电机线圈内阻消耗的功率；（2）从图示位置开始计时，t = 0时，通过外电阻 R 的电流及方向；（3）从图示位置开始计时，t =T/4时，穿过矩形线圈abcd 的磁通量。【答案】(1) (2) ,方向自左向右（3） 【解析】(1)根据热功率公式可知， ；(2) 旋转磁极式发电机产生正弦式交变电流，根据正弦式交变电流的最大值与有效值的关系可知， ，所以电流，根据“楞次定律”可知，电流方向为自左向右；(3) 从图示位置开始计时经过，线圈转到中性面位置，所以有，磁通量，由以上各式可解得： 。解答题如图所示，足够长的圆柱形汽缸竖直放置，其横截面积为，汽缸内有质量的活塞，活塞与汽缸壁封闭良好，不计摩擦。开始时活塞被销子K销于如图位置，离缸底12cm，此时汽缸内密闭气体的压强为，温度为300K、外界大气压为，。(1)现对密闭气体加热，当温度升到400K时，其压强多大？(2)若在此时拔去销子K，活塞开始向上运动，当它最后静止在某一位置时，汽缸内气体的温度为360K，则这时活塞离缸底的距离为多少？【答案】(1)；(2)【解析】(1)气体体积不变，由查理定律得即解得(2)活塞静止在某一位置时，有，设气体温度为360K时活塞离缸底的距离为，由理想气体状态方程得，解得解答题如图甲所示，正方形闭合线圈abcd边长为10cm，总电阻为2.0，匝数为100匝，放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示求：（1）在02s内线圈中感应电动势的大小；（2）在t=1.0s时线圈的ad边所受安培力的大小和方向；（3）线圈中感应电流的有效值【答案】（1）1V；（2）5.0 N 方向向右；（3）A【解析】（1）设在02s内线圈中感应电动势的大小为（2）在t=1.0s时， ，由图可知，B1=1T，则根据楞次定律，流过ab边的电流方向由b到a，由左手定则可知，ab边所受安培力的方向垂直ab边向下。（3）在02s内在23s内，线圈中感应电动势的大小为E2， ， 设线圈中感应电流的有效值为I，则，解得第 11 页 共 11 页