2024--2025年全国高考新课标I卷物理试题+详细解析

2024年一般高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。14. 一平行板电容器两极板之间充溢云母介质，接在恒压直流电源上。若将云母介质移出，则电容器（ ）A.极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B.极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C.极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D.极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变【答案】 D【解析】 由可知，当云母介质抽出时，变小，电容器的电容变小；因为电容器接在恒压直流电源上，故不变，依据可知，当减小时，减小。再由，由于与都不变，故电场强度不变，答案为D【考点】 电容器的基本计算15. 现代质谱仪可用来分析比质子重许多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。质子在入口处从静止起先被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。若某种一价正离子在入口处从静止起先被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。此离子和质子的质量比约为（ ）A.11B.12C.121D.144【答案】 D【解析】 设质子的质量数和电荷数分别为、，一价正离子的质量数和电荷数为、，对于随意粒子，在加速电场中，由动能定理得：得在磁场中应满意由题意，由于两种粒子从同一入口垂直进入磁场，从同一出口垂直离开磁场，故在磁场中做匀速圆周运动的半径应相同由式联立求解得匀速圆周运动的半径，由于加速电压不变，故其中，可得故一价正离子与质子的质量比约为144【考点】 带电粒子在电场、磁场中的运动、质谱仪。16. 一含有志向变压器的电路如图所示，图中电阻和的阻值分别是和，为志向沟通电流表，为正弦沟通电压源，输出电压的有效值恒定。当开关断开时，电流表的示数为；当闭合时，电流表的示数为。该变压器原、副线圈匝数比为（ ）A.2B.3C.4D.5【答案】 B【解析】解法一：当S断开时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压得依据变压器原副边电压关系：副线圈中的电流：联立得：当S闭合时，电路如右图所示由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压得依据变压器原副边电压关系：副线圈中的电流得：联立得联立解得解法二：设开关断开前后，变压器的等效电阻为和，由于变压器输入功率与输出功率相同，闭合前：，得闭合后：，得依据闭合电路欧姆定律：闭合前：闭合后：依据以上各式得：解得，【考点】 变压器的计算【难点】由于原边回路有电阻，原线圈两端电压不等于电源电压17. 利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上随意两点之间保持无线电通讯。目前，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的倍。假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为（ ）A.B.C.D.【答案】 B【解析】 地球自转周期变小，卫星要与地球保持同步，则卫星的公转周期也应随之变小，由可得，则卫星离地球的高度应变小，要实现三颗卫星覆盖全球的目的，则卫星周期最小时，由数学几何关系可作出右图。由几何关系得，卫星的轨道半径为由开普勒第三定律，代入题中数据，得由解得【考点】 （1）卫星运行规律；（2）开普勒第三定律的应用【难点】 做出最小周期时的卫星空间关系图18. 一质点做匀速直线运动。现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生变更，则（ ）A.质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B.质点速度的方向不行能总是与该恒力的方向垂直C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D.质点单位时间内速率的变更量总是不变【答案】 BC【解析】 质点一起先做匀速直线运动，处于平衡状态，施加恒力后，则该质点的合外力为该恒力若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，质点速度方向时刻与恒力方向不同，故A错；若的方向某一时刻与质点运动方向垂直，之后质点作曲线运动，力与运动方向夹角会发生变更，例如平抛运动，故B正确；由牛顿其次定律可知，质点加速度方向与其所受合外力方向相同；依据加速度的定义，相等时间内速度变更量相同，速率变更量不肯定相同，故D错。【考点】 牛顿运动定律；力和运动的关系；加速度的定义；【易错点】 B选项易错误地以“匀速圆周运动”作为反例来推翻结论19. 如图，一光滑的轻滑轮用细绳悬挂于点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块。外力向右上方拉，整个系统处于静止状态。若方向不变，大小在肯定范围内变更，物块仍始终保持静止，则（ ）A.绳的张力也在肯定范围内变更B.物块所受到的支持力也在肯定范围内变更C.连接和的绳的张力也在肯定范围内变更D.物块与桌面间的摩擦力也在肯定范围内变更【答案】 BD【解析】 由题意，在保持方向不变，大小发生变更的过程中，物体、均保持静止，各绳角度保持不变；选受力分析得，绳的拉力，所以物体受到绳的拉力保持不变。由滑轮性质，滑轮两侧绳的拉力相等，所以受到绳的拉力大小、方向均保持不变，C选项错误； 、受到绳的拉力大小方向均不变，所以的张力不变，A选项错误；对进行受力分析，并将各力沿水平方向和竖直方向分解，如上图所示。由受力平衡得：，。和始终不变，当大小在肯定范围内变更时；支持力在肯定范围内变更，B选项正确；摩擦力也在肯定范围内发生变更，D选项正确；故答案选BD。【考点】 考查动态平衡分析、力的正交分解和力的平衡方程。20. 如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点的竖直线对称。忽视空气阻力。由此可知（ ）A.点的电势比点高B.油滴在点的动能比它在点的大C.油滴在点的电势能比它在点的大D.油滴在点的加速度大小比它在点的小【答案】 AB【解析】 由于匀强电场中的电场力和重力都是恒力，所以合外力为恒力，加速度恒定不变，所以D选项错。由于油滴轨迹相对于过的竖直线对称且合外力总是指向轨迹弯曲内侧，所以油滴所受合外力沿竖直方向，电场力竖直向上。当油滴得从点运动到时，电场力做正功，电势能减小，C选项错误；油滴带负电，电势能减小，电势增加，所以点电势高于点电势，A选项正确；在油滴从点运动到的过程中，合外力做正功，动能增加，所以点动能大于点，B选项正确；所以选AB。【考点】 带电粒子在复合场中运动、曲线运动中物体受力特点、带电粒子电场力做功与电势能的关系、电势能变更与电势变更的关系。21. 甲、乙两车在平直马路上同向行驶，其图像如图所示。已知两车在时并排行驶，则（ ）A.在时，甲车在乙车后B.在时，甲车在乙车前C.两车另一次并排行驶的时刻是D.甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿马路方向的距离为【答案】 BD【解析】 依据图，甲、乙都沿正方向运动。时，甲、乙相遇，由位移和图面积对应关系，内位移，。故时，甲乙相距，即甲在乙前方，B选项正确。内，说明甲、乙第一次相遇。A、C错误。乙两次相遇地点之间的距离为，所以D选项正确； 【考点】 图的解读和位移的计算、追击相遇问题【难点】 依据位移推断两车在不同时刻的位置关系三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必需作答。第3340题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题22. （5分）某同学用图（a）所示的试验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为沟通电源，可以运用的频率有和。打出纸带的一部分如图（b）所示。该同学在试验中没有记录沟通电的频率，须要用试验数据和其它题给条件进行推算。(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用和图（b）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为_，打出C点时重物下落的速度大小为_，重物下落的加速度大小为_。(2)已测得当地重力加速度大小为，试验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%，由此推算出为_。【答案】 ，；40【解析】 由于重物匀加速下落，各相邻点之间时间间隔相同，因此点应是从运动到的过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得：点的速度等于段的平均速度，即由于，故同理可得匀加速直线运动的加速度故重物下落的过程中，由牛顿其次定律可得：由已知条件由得代入得：，代入数据得【考点】 利用运动学公式和推论处理纸带问题23. （10分）现要组装一个由热敏电阻限制的报警系统，要求当热敏电阻的温度达到或超过时，系统报警。供应的器材有：热敏电阻，报警器（内阻很小，流过的电流超过时就会报警），电阻箱（最大阻值为），直流电源（输出电压为，内阻不计），滑动变阻器（最大阻值为），滑动变阻器（最大阻值为），单刀双掷开关一个，导线若干。在室温下对系统进行调整。已知约为，约为；流过报警器的电流超过时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度上升而减小，在时阻值为。(1)在答题卡上完成待调整的报警系统原理电路图的连线。(2)电路中应选用滑动变阻器_（填“”或“”）。(3)依据下列步骤调整此报警系统：电路接通前，需将电阻箱调到一固定的阻值，依据试验要求，这一阻值为_；滑动变阻器的滑片应置于_（填“a”或“b”）端旁边，不能置于另一端的缘由是_。将开关向_（填“c”或“d”）端闭合，缓慢移动滑动变阻器的滑片，直至_。(4)保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关向另一端闭合，报警系统即可正常运用。【答案】 (1)如下图(2)(3)650.0，b， 接通电源后，流过报警器的电流会超过20mA，报警器可能损坏c，报警器起先报警【解析】 热敏电阻工作温度达到时，报警器报警。故需通过调整电阻箱使其电阻为时的热敏电阻的阻值，即调整到阻值650.0，光使报警器能正常报警，电路图如上图，当通过报警器的电流，故电路中总电阻，故滑动变阻器选。热敏电阻为时，报警器起先报警，模拟热敏电阻的电阻器阻值也应为为防止通过报警器电流过大，造成报警器烧坏，应使滑动变阻器的滑片置于b端【考点】 滑动变阻器在电路中的作用及其规格选择、串并联电路相关计算、等效替代思想【难点】 获得题中信息并转化为解题所需条件、理解电路设计原理、理解调整电阻箱和滑动变阻器的意义24. （14分）如图，两固定的绝缘斜面倾角均为，上沿相连。两细金属棒ab（仅标出a端）和cd（仅标出c端）长度均为，质量分别为和；用两根不行伸长的松软轻导线将它们连成闭合回路abdca，并通过固定在斜面上沿的两光滑绝缘小定滑轮跨放在斜面上，使两金属棒水平。右斜面上存在匀强磁场，磁感应强度大小为，方向垂直于斜面对上。已知两根导线刚好不在磁场中，回路电阻为，两金属棒与斜面间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为。已知金属棒匀速下滑。求(1)作用在金属棒上的安培力的大小；(2)金属棒运动速度的大小。【解析】 （1）由、棒被平行于斜面的导线相连，故、速度时时刻刻相等，也做匀速直线运动；选为探讨对象，受力分析如图：由于匀速，其受力平衡，沿斜面方向受力平衡方程：垂直于斜面方向受力平衡方程：且，联立可得：选为探讨对象，受力分析如图：其沿斜面方向受力平衡：垂直于斜面方向受力平衡：且，与为作用力与反作用力：，联立可得：（2）设感应电动势为，由电磁感应定律：由闭合电路欧姆定律，回路中电流：棒中所受的安培力：与联立可得：25. （18分）如图，一轻弹簧原长为，其一端固定在倾角为的固定直轨道的底端A处，另一端位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态。直轨道与一半径为的光滑圆弧轨道相切于点，均在同一竖直平面内。质量为的小物块自点由静止起先下滑，最低到达点（未画出）随后沿轨道被弹回，最高到达点，。已知与直轨道间的动摩擦因数，重力加速度大小为。（取，）(1)求第一次运动到点时速度的大小。(2)求运动到点时弹簧的弹性势能。(3)变更物块的质量，将推至点，从静止起先释放。已知自圆弧轨道的最高点处水平飞出后，恰好通过点。点在点的左下方，与点水平相距、竖直相距，求运动到点时速度的大小和变更后的质量。【解析】 （1）选为探讨对象，受力分析如图：设加速度为，其垂直于斜面方向受力平衡：沿斜面方向，由牛顿其次定律得：且，可得：对段过程，由代入数据得点速度：（2）从点动身，最终静止在，分析整段过程；由到，重力势能变更量：削减的重力势能全部转化为内能。设点离点的距离为，从到，产热：由，联立、解得：；探讨从点运动到点过程重力做功：摩擦力做功：动能变更量：由动能定理：代入得：由，到点时弹性势能为。（3）其几何关系如下图可知：，由几何关系可得，点在左下方，竖直高度差为，水平距离为。设从点抛出时速度为，到点时间为其水平位移：竖直位移：解得：探讨从点到点过程，设此时质量为，此过程中：重力做功：摩擦力做功：弹力做功：动能变更量：由动能定理：将代入，可得：（二）选考题33. 物理选修3-3（15分）（1）（5分）关于热力学定律，下列说法正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）A气体吸热后温度肯定上升B对气体做功可以变更其内能C志向气体等压膨胀过程肯定放热D热量不行能自发地从低温物体传到高温物体E假如两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡【答案】 BDE【解析】 气体内能的变更，故对气体做功可变更气体内能，B选项正确；气体吸热为，但不确定外界做功的状况，故不能确定气体温度变更，A选项错误；志向气体等压膨胀，由志向气体状态方程，不变，增大，气体温度上升，内能增大。由，气体过程中肯定吸热，C选项错误；由热力学其次定律，D选项正确；依据平衡性质，E选项正确；【考点】 志向气体状态方程，热力学第肯定律，热力学其次定律，热平衡的理解。【难点】 等压膨胀气体温度上升，内能增大；气体又对外做功，所以气体肯定吸热。（2）（10分）在水下气泡内空气的压强大于气泡表面外侧水的压强，两压强差与气泡半径之间的关系为，其中。现让水下处一半径为的气泡缓慢上升。已知大气压强，水的密度，重力加速度大小。(i)求在水下处气泡内外的压强差；(ii)忽视水温随水深的变更，在气泡上升到非常接近水面时，求气泡的半径与其原来半径之比的近似值。【答案】 水下处气泡的压强差是，气泡在接近水面时的半径与原来半径之比为。【解析】 （i）由公式得，水下处气泡的压强差是。（ii）忽视水温随水深的变更，所以在水深处和在接近水面时气泡内温度相同。由志向气体状态方程，得其中，由于气泡内外的压强差远小于水压，气泡内压强可近似等于对应位置处的水压，所以有将带入得，【考点】 志向气体状态方程【难点】 当气体内部压强远大于气泡内外压强差时，计算气体内部压强时可忽视掉压强差，即气体压强等于对应位置的水压。34. 物理选修3-4（15分）（1）（5分）某同学漂移在海面上，虽然水面波正平稳地以的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近。该同学发觉从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为。下列说法正确的是_。（填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A水面波是一种机械波B该水面波的频率为C该水面波的波长为D水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去E水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时振动的质点并不随波迁移【答案】 ACE【解析】 水面波是一种典型机械波，A对；从第一个波峰到第十个波峰中经验了九个波形，时间间隔为15秒，所以其振动周期为，频率为0.6Hz，B错；其波长，C对；波中的质点都上下振动，不随波迁移，但是能传递能量，D错E对。（2）（10分）如图，在注满水的游泳池的池底有一点光源A，它到池边的水平距离为。从点光源A射向池边的光线AB与竖直方向的夹角恰好等于全反射的临界角，水的折射率为。(i)求池内的水深；(ii)一救生员坐在离池边不远处的高凳上，他的眼睛到池面的高度为。当他看到正前下方的点光源A时，他的眼睛所接受的光线与竖直方向的夹角恰好为。求救生员的眼睛到池边的水平距离（结果保留1位有效数字）。【解析】 （i）光由A射向B发生全反射，光路如图：由反射公式可知：得：；由，由几何关系可得：所以水深。（ii）光由A点射入救生员眼中光路图如图：由折射率公式：可知：，设，得带入数据得：，由几何关系得，救生员到池边水平距离为35. 物理选修3-5（15分）（1）（5分）现用某一光电管进行光电效应试验，当用某一频率的光入射时，有光电流产生。下列说法正确的是_。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，饱和光电流变大B入射光的频率变高，饱和光电流变大C入射光的频率变高，光电子的最大初动能变大D保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，始终有光电流产生E遏止电压的大小与入射光的频率有关，与入射光的光强无关【答案】 ACE【解析】 由光电效应规律可知，当频率低于截止频率时无论光照强度多大，都不会有光电流，因此D错误；在发生光电效应时，饱和光电流大小由光照强度来确定，与频率无关，光照强度越大饱和光电流越大，因此A正确，B错误，依据可知，对于同一光电管，逸出功W不变，当频率变高，最大初动能变大，因此C正确，由和，得，遏制电压只与入射光频率有关，与入射光强无关，因此E正确。（2）（10分）某游乐园入口旁有一喷泉，喷出的水柱将一质量为的卡通玩具稳定地悬停在空中。为计算便利起见，假设水柱从横截面积为的喷口持续以速度竖直向上喷出；玩具底部为平板（面积略大于）；水柱冲击到玩具底板后，在竖直方向水的速度变为零，在水平方向朝四周匀称散开。忽视空气阻力。已知水的密度为，重力加速度大小为，求：(i)喷泉单位时间内喷出的水的质量；(ii)玩具在空中悬停时，其底面相对于喷口的高度。【解析】 (i)在一段很短的时间内，可以为喷泉喷出的水柱保持速度不变。该时间内，喷出水柱高度：喷出水柱质量：其中为水柱体积，满意：由可得：喷泉单位时间内喷出的水的质量为(ii)设玩具底面相对于喷口的高度为由玩具受力平衡得：其中，为玩具底部水体对其的作用力由牛顿第三定律：其中，为玩具时其底部下面水体的作用力为水体到达玩具底部时的速度由运动学公式：在很短时间内，冲击玩具水柱的质量为由题意可知，在竖直方向上，对该部分水柱有动量定理由于很小，也很小，可以忽视式变为由可得【考点】 动量定理，流体受力分析，微元法【难点】 情景比较新奇，微元法的应用2024年一般高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。2024年一般高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）理科综合（物理部分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的试验中，能视察到感应电流的是( )A将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后视察电流表的变更B在一通电线圈旁放置一连有电流表的 线圈，然后视察电流表的变更C将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去视察电流表的变更D绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，视察电流表的变更【答案】D【解析】法拉第发觉的电磁感应定律并总结出五种状况下会产生感应电流，其核心就是穿过闭合线圈的磁通量发生变更，选项AB中，绕在磁铁上面的线圈和通电线圈，线圈面积都没有发生变更，前者磁场强弱没有变更，后者通电线圈中若为恒定电流则产生恒定的磁场，也是磁场强弱不变，都会导致磁通量不变更，不会产生感应电流，A、B错误。选项C中往线圈中插入条行磁铁导致磁通量发生变更，在这一瞬间会产生感应电流，但是过程短暂，等到插入后再到相邻房间去，过程已经结束，视察不到电流表的变更。C错误。选修 D中，线圈通电或断电瞬间，导致线圈产生的磁场变更，从而引起另一个线圈的磁通量变更产生感应电流，可以视察到电流表指针偏转，D正确。15关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A安培力的方向可以不垂直于直导线B安培力的方向总是垂直于磁场的方向C安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D将直导线从中点折成直角，安培力的大小肯定变为原来的一半【答案】B【解析】依据匀强磁场对直线电流的作用力可知：安培力的方向与导线和磁场方向相互垂直，故A 错误，B正确；由安培力的大小的计算公式 F=BILsin，是磁场方向和电流方向的夹角，所以安培力大小与通电导线和磁场方向的夹角有关， C错误；将直导线从中点折成直角，由于其余磁场方向的夹角未知，其合力不肯定等于原来的一半，所以D错误。16如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O。已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变。不计重力。铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为( )A2 B C1 D【答案】D【解析】 粒子垂直于磁场方向进入磁场，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动得：；又粒子的动能：，故。由题知：R1=2R2，Ek1=2Ek2，代入得：，D正确。17如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。现使小车从静止起先向左加速，加速度从零起先渐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)。与稳定在竖直时位置相比，小球的高度( )A肯定上升B肯定降低C保持不变D上升或降低由橡皮筋的劲度系数确定【答案】A 【解析】小车静止时，橡皮筋弹力等于小球重力F1=mg，小球在悬点下竖直距离：L1=L0+mg/k；小车以肯定加速度运动时，小球稳定地偏离竖直方向某一角度，此时橡皮筋弹力为F2，对于小球在竖直方向有：F2cos=mg，则小球在悬点下竖直距离：L2=(L0+mg/kcos)cos= L0 cos+mg/k，故L1L2，即小球肯定上升。A正确。18如图(a)，线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变更的电流，用示波器测得线圈cd间的电压如图(b)所示。已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变更关系的图中，可能正确的是【答案】C【解析】 依据法拉第电磁感应定律，感应电动势即cd线圈中的电压，由于磁场是线圈 ab中的电流产生的 ，且线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，故。在i-t图像中图线的斜率即为Ucd，比照图(b)和选项图得C正确。19太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”。据报道，2024年各行星冲日时间分别是：1月6日木星冲日；4月9日火星冲日；5月11日土星冲日；8月29日海王星冲日；10月8日天王星冲日。已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，则下列推断正确的是( )地球火星木星土星天王星海王星轨道半径(AU)1.01.55.29.51930A各地外行星每年都会出现冲日现象B在2024年内肯定会出现木星冲日C天王星相邻两次冲日的时间间隔为土星的一半D地外行星中，海王星相邻两次冲日的时间间隔最短【答案】BD【解析】相邻两次行星冲日的时间间隔就是地球比该行星多运动一周的时间，依据开晋勒第三定律得：，相邻两次行星冲日的时间间隔，即相邻两次行星冲日的时间间隔大于1年，A错误；依据木星轨道半径是地球的5.2倍，木星周期大于11年，小于12年，所以木星冲日的时间间隔大于12/11年，小于1.1年。由于今年的冲日时间是1月6日，所以下次木星冲日在2024 年， B正确；由于木星相邻两次冲日的时间间隔的一半还不到一年，而全部行星冲日的相邻间隔都超过1年，所以天王星相邻两次的冲日的时间不行能是土星的一半，C错误。依据海王星的轨道半径最大，周期最大，可推断海王星的时间间隔最短，D正确。20如图，两个质量均为m的小木块a和b(可视为质点)放在水平圆盘上，a与转轴OO的距离为l，b与转轴的距离为2l。木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g。若圆盘从静止起先绕转轴缓慢地加速转动，用表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是Ab肯定比a先起先滑动Ba、b所受的摩擦力始终相等C=是b起先滑动的临界角速度D当=时，a所受摩擦力的大小为kmg【答案】 AC 【解析】 小木块都随圆盘做匀速圆周运动时，在发生相对滑动之前，角速度相等，静摩擦力供应向心力，即F静=m2r，由于ra=l，rb=2l，所以发生相对滑动前木块b的静摩擦力大， B错误；随着角速度的增大，当静摩擦力等于最大静摩擦力，木块将起先滑动，即kmg=m2r，带入两个木块的半径，小木块a起先滑动时的角速度大于木块b起先滑动时的角速度。A、C正确；又，所以木块 a 未达到临界状态，摩擦力还没有达到最大静摩擦力，所以选项D错误。21如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，M=30。M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示，已知M = N，P = F，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则( )A点电荷Q肯定在MP的连线上B连接PF的线段肯定在同一等势面上C将正摸索电荷从P点搬运到N点，电场力做负功DP大于MFNMPE【答案】AD【解析】 点电荷电场的等势面是以点电荷为圆心的一族同心圆，所以随意两个等势点连线的垂直平分线都指向点电荷，如图所示，的垂直平分线和的垂直平分线相交于一点E，E点即点电荷所在的位置，依据几何关系可得E点在MP边。即点电荷肯定在MP连线上，选项A 正确。点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心圆，所以等势面不是直线而是球面，B错误；正摸索电荷从P点移动到N点，远离场源正电荷，电场力做正功，C错误。依据几何关系可得，距离场源正电荷越远电势越低，所以P点电势大于M点电势， D正确。第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必需做答。第33题第40题为选考题，考生依据要求做答。（一）必考题（共129分）22(6分)某同学利用图(a)所示试验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量m的对应关系图，如图(b)所示。试验中小车(含放射器)的质量为200g，试验时选择了不行伸长的轻质细绳和轻定滑轮，小车的加速度由位移传感器及与之相连的计算机得到。回答下列问题：(1)依据该同学的结果，小车的加速度与钩码的质量成 (填“线性”或“非线性”)关系。(2)由图(b)可知，a-m图线不经过原点，可能的缘由是 。(3)若利用本试验装置来验证“在小车质量不变的状况下，小车的加速度与作用力成正比”的结论，并干脆以钩码所受重力mg作为小车受到的合外力，则试验中应实行的改进措施是 ,钩码的质量应满意的条件是 。【答案】(1)非线性 (2)存在摩擦力 (3)调整轨道的倾斜度以平衡摩擦力远小于小车的质量【解析】（1）依据该同学描绘的加速度和钩码质量的图像是一条曲线而不是直线，所以是非线性关系。（2）依据图（b）可知当钩码有肯定质量，即细线有肯定拉力时，小车加速度仍等于0，说明小车合力等于0，所以可能除拉力外小车还收到摩擦力作用 （3）试验改进部分由两个要求，第一个就是图像不过原点，须要平衡摩擦力，所以调整轨道倾斜度，其次个就是图像是曲线，因为小车的合力即细线拉力并不等于钩码的重力，而加速度，所以要近似为直线，就要求钩码的质量远小于小车的质量，近似为常量。23(9分)利用如图(a)所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的试验器材有：待测电源，电阻箱R(最大阻值999.9)，电阻R0(阻值3.0)，电阻R1(阻值3.0)，电流表(量程为200mA，内阻为RA=6.0)，开关S。试验步骤如下：将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；多次调整电阻箱，登记电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R；以为纵坐标，R为横坐标，作- R图线(用直线拟合)求出直线的斜率k和在纵轴上的截距b回答下列问题：(1)分别用E和r表示电源的电动势和内阻，则1/I与R的关系式为 。(2)试验得到的部分数据如下表所示，其中电阻R=3.0时电流表的示数如图(b)所示，读出数据，完成下表。答： ， 。R/1.02.03.04.05.06.07.0I/A0.1430.1250.1000.0910.0840.077I-1/A-16.998.0010.011.011.913.0(3)在图(c)的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图，依据图线求得斜率k= A-1-1，截距b= A-1。(4)依据图线求得电源电动势E= V，内阻r = 。【答案】(1) (2)0.1109.09(3)见图(c)答(4)3.0(或在2.73.3之间)1.0(或在0.6 1.4之间)【解析】(1)由于电流表与电阻R1并联，且RA=6.0，R1=3.0，当电流表示数为I时，电路总电流应为3I。依据闭合电路欧姆定律有：E=3I(+R0+R+r)，代入数据整理得： (2)依据图（b）可得电流表示数为110mA=0.110A；所以1/I=9.09 (3)见图(c)答(4) 依据和图象可得：，解得：E=3V r=1.024(12分) 马路上行驶的两汽车之间应保持肯定的平安距离，当前车实然停止时，后车司机可以实行刹车措施，使汽车在平安距离内停下而不会与前车相碰。通常状况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s，当汽车在睛天干燥沥青路面上以108km/h的速度匀速行驶时，平安距离为120m。设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的2/5，若要求平安距离仍为120m，求汽车在雨天平安行驶的最大速度。【答案】20m/s(72km/h)【解】设路面干燥时，汽车与地面的动摩擦因数为0，刹车时汽车的加速度大小为a0，平安距离为s，反应时间为t0，由牛顿其次定律和运动学公式得0mg=ma0s=v0t0+式中，m和v0分别为汽车的质量和刹车前的速度。设在雨天行驶时，汽车与地面的动摩擦因数为，依题意有=0设在雨天行驶时汽车刹车的加速度大小为a，平安行驶的最大速度为v，由牛顿其次定律和运动学公式得mg=mas=vt0+联立式并代入题给数据得v=20m/s(72km/h)25(20分)如图，O、A、B为同一竖直平面内的三个点，OB沿竖直方向，BOA=60，OB=OA。将一质量为m的小球以肯定的初动能自O点水平向右抛出，小球在运动过程中恰好通过A点。使此小球带电，电荷量为q (q 0)，同时加一匀强电场，场强方向与OAB所在平面平行。现从O点以同样的初速度沿某一方向抛出此带电小球，该小球通过了A点，到达A点时的动能是初动能的3倍；若该小球从O点以同样的初动能沿另一方向抛出，恰好通过B点，且到达B点时的动能为初动能的6倍。重力加速度大小为g。求(1)无电场时，小球到达A点时的动能与初动能的比值；(2)电场强度的大小和方向。【答案】(1) (2) 与竖直向下的方向的夹角为30【解析】：(1)设小球的初速度为v0，初动能为Ek0，从O点运动到A点的时间为t，令OA= d，则OB =d，依据平抛运动的规律有d sin60= v0td cos60=gt2又有Ek0 =mv 由式得Ek0 =mgd设小球到达A点时的动能为EkA，则EkA = Ek0 +mgd由式得=(2)加电场后，小球从O点到A点和B点，高度分别降低了和，设电势能分别减小EpA和EpB，由能量守恒及式得EpA=3Ek0 - Ek0 -mgd =Ek0EpB=6Ek0 - Ek0 -mgd =Ek0在匀强电场中，沿任始终线，电势的着陆是匀称的。设直线OB上的M点与A点等电势，M与O点的距离为x，如图，则有=OAMBCE解得x = d。MA为等势线，电场必与其垂线OC方向平行。设电场方向与竖直向下的方向夹角为，由几何关系可得 =30即电场方向与竖直向下的方向的夹角为30。设场强的大小为E，有qEd cos30=EpA由式得E =（二）选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。留意所做题目的题号必需与所涂题目的题号一样，在答题卡选答区域指定位置答题。假如多做，则每学科按所做的第一题计分。33物理 选修3-3(15分)caTPOb(1)(6分)肯定量的志向气体从状态a起先，经验三个过程ab、bc、ca回到原状态，其p -T图像如图所示。下列推断正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A过程ab中气体肯定吸热B过程bc中气体既不吸热也不放热C过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热Da、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小Eb和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同【答案】 ADE【解析】 从a 到b的过程，依据图线过原点可得，所以为等容变更过程，气体没有对外做功，外界也没有对气体做功，所以温度上升，只能是吸热的结果， A正确；从b到c的过程温度不变，可是压强变小，说明体积膨胀，对外做功，理应内能削减温度降低，而温度不变说明从外界吸热，B错误；从 c 到a的过程，压强不变，依据温度降低说明内能削减，依据变更内能的两种方式及做功和热传递的结果是内能削减，所以外界对气体做的功小于气体放出的热量， C错误。分子的平均动能与温度有关，状态 a 的温度最低，所以分子平均动能最小，D正确； b和c两个状态，温度相同，即分子运动的平均速率相等，单个分子对容器壁的平均撞击力相等，依据b压强大，可推断状态 b 单位时间内容器壁受到分子撞击的改数多，E正确。(2)(9分)肯定质量的志向气体被活塞封闭在竖直放置的圆柱形气缸内，气缸壁导热良好，活塞可沿气缸壁无摩擦地滑动。起先时气体压强为p，活塞下表面相对于气缸底部的高度为h，外界的温度为T0。现取质量为m的沙子缓慢地倒在活塞的上表面，沙子倒完时，活塞下降了h/4。若此后外界的温度变为T，求重新达到平衡后气体的体积。已知外界大气的压强始终保持不变，重力加速度大小为g。【答案】【解析】设气缸的横截面积为S，沙子倒在活塞上后，对气体产生的压强为p，由玻意耳定律得phS =(p +p)(h -h)S解得p =p外界的温度变为T后，设活塞距底面的高度为h。依据盖吕萨克定律，得=解得h=h据题意可得p =气体最终的体积为V =Sh联立式得V =34物理 选修3-4(15分)(1)(6分)图(a)为一列简谐横波在t=2s时波形图，图(b)为媒质中平衡位置在x=1.5m处的质点的振动图像。P是平衡位置为x=2m的质点。下列说法正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A波速为0.5m/sB波的传播方向向右C02s时间内，P运动的路程为8cmD02s时间内，P向y轴正方向运动E当t=7s时，P恰好回到平衡位置【答案】ACE【解析】依据图(a)的波形图推断机械波的波长=2m，依据图(b)可得振动周期T=4s，所以波速v=/T=0.5m/s，A正确；依据图(b)可推断x=1.5m的质点在t=2s振动方向为y轴负方向，在图(a)中，依据质点振动方向和传播方向在图像同一侧可推断波的传播方向向左，B错误；t=2s 时质点P在最低点，依据周期T=4s，可知T=0 时质点P在最高点，所以02s时间内质点P通过的路程为2倍的振幅即8cm，C 正确； 02s质点P向y轴负方向运动，D错误；t=2s到t =7s共经5s为5T/4，所以质点P刚好回到平衡位置，E正确。(2)(9分)一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为R的半圆，AB为半圆的直径，O为圆心，如图所示。玻璃的折射率为n=。(i)一束平行光垂直射向玻璃砖的下表面，若光线到达上表面后，都能从该表面射出，则入射光束在AB上的最大宽度为多少？(ii)一细束光线在O点左侧与O点相距R处垂直于AB从下方入射，求此光线从玻璃砖射出点的位置。【答案】(i) R (ii) R【解析】 (i)在O点左侧，设从E点射入的光线进入玻璃砖后在上表面的入射角恰好等于全反射的临界角，则OE区域的入射光线经上表面折射后都能从玻璃砖射出，如图。由全反射条件有sin =由几何关系有OE =Rsin由对称性可知，若光线都能从上表面射出，光束的宽度最大为l =2OE联立式，代入已知数据得l =R(ii)设光线在距O点R的C点射入后，在上表面的入射角为，由几何关系及式和已知条件得 =60光线在玻璃砖内会发生三次全反射，最终由G点射出，如图。由反射定律和几何关系得OG =OC =R射到G点的光有一部分被反射，沿原路返回到达C点射出。35物理 选修3-5(15分)(1)(6分)关于自然放射性，下列说法正确的是 。(填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A全部元素都可能发生衰变B放射性元素的半衰期与外界的温度无关C放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D、和三种射线中，射线的穿透实力最强E一个原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线【答案】BCD【解析】只有原子序号超过83的元素才都能发生衰变，A错误；放射性元素的半衰期确定于由原子核内部的结构，与外界温度及化学作用等无关，B正确；放射性元素其放射性来自于原子核内部的，与其他元素形成化合物并没有变更其内部原子核结构所以仍具有放射性，C正确；、和；三种射线中，射线能量最高，穿透实力最强，D正确； 一个原子核在一次衰变中，要是衰变、要么是衰变，同时伴随着能量的释放，即射线，E错误。(2)(9分)如图，质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B静止在地面上方，B球距地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方。先将B球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=0.3s时，刚好与B球在地面上方的P点处相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间A球的速度恰为零。已知mB=3mA，重力加速度大小g=10m/s2。忽视空气阻力及碰撞中的动能损失。求：(i)B球第一次到达地面时的速度；(ii)P点距离地面的高度。【答案】(i) 4m/s (ii) 0.75m【解析】(i)设B球第一次到达地面时的速度大小为vB，由运动学公式有vB =将h =0.8m代入上式，得vB =4m/s(ii)设两球相碰前后，A球的速度大小分别为v1和v1(v1 =0)，B球的速度分别为v2和v2，由运动学规律可得v1 =gt由于碰撞时间极短，重力的作用可以忽视，两球相碰前后的动量守恒，总动能保持不变。规定向下的方向为正，有mAv1+ mBv2 =mBv2mAv+mBv=mB设B球与地面相碰后的速度大小为vB，由运动学及碰撞的规律可得vB= vB设P点距地面的高度为h，由运动学规律可得h =联立式，并代入已知条件可得h =0.75m2024年一般高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）理科综合（物理部分）14如图是伽利略1604年做斜面试验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表。表中其次列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析试验数据时添加的。依据表中的数据，伽利略可以得出的结论是()A物体具有惯性B斜面倾角肯定时，加速度与质量无关C物体运动的距离与时间的平方成正比D物体运动的加速度与重力加速度成正比答案：C解析：从表中的数据只可能看出，物体沿斜面运动的距离与时间的平方成正比，仅依据表中的数据无法推断其他选项的正误。15如图，一半径为R的圆盘上匀称分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q0)的固定点电荷。已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)()A BC D答案：B解析：b点电场强度为0，说明a处的电荷在b点产生的电场强度与圆盘上的电荷在b点产生的电场强度等大反向，即二者产生电场强度的大小均为，又因为在a点的电荷为正电荷，它在b点产生的电场，方向向右，圆盘上的电荷在b点产生的电场，方向向左，依据对称性，圆盘上的电荷在d点产生的电场强度大小为，方向向右，a处的电荷在d点产生的电场强度大小为，故d点产生的电场强度大小EE1E2。16一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔(小孔对电场的影响可忽视不计)。小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止起先下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处(未与极板接触)返回。若将下极板向上平移，则从P点起先下落的相同粒子