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正阳高中2020学年上期二年级期中素质检测 物 理 试 题一、选择题（1-8单选，9-10多选。4分*10=40分）1.“电子伏特（ev）”属于下列哪一个物理量的单位A. 能量 B. 电压 C. 电流 D. 电荷量【答案】A【解析】“电子伏特（ev）”属于能量的单位，故选A.2.如图所示，曲线是电场中的一组电场线，A、B是电场中的两点，则下列说法正确的是（）A. 电势AB，场强EAEBB. 电势AB，场强EAEBC. 将-q电荷从A点移到B点电场力做正功D. 将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能EPAEPB【答案】B【解析】【详解】由图看出，A处电场线比B处电场线密，则A点场强大于B点的场强，即EAEB；沿电场线方向电势逐渐降低，故AB故A错误，B正确。将-q电荷从高电势向低电势移动，电势能增加，电场力做负功，故C错误。负电荷在电势低的地方电势能大，故将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能在B点大，即EPAEPB。故D错误。故选B。【点睛】掌握电场线的特点：疏密表示场强的大小，切线方向表示场强的方向，沿电场线方向电势逐渐降低3. 有两个完全相同的金属小球A和B(它们的大小可忽略不计)，分别带电荷量q和5q, 当它们在真空中相距一定距离时，A球对B球的斥力为F，若用绝缘手柄移动这两个小球，使它们相接触后分别再放回原处，则它们间的作用力变为。A. F B. 3F C. 6F D. 1.8F【答案】D【解析】由库仑定律，两电荷接触后电量平分，D对；4.有个电流计，内阻Rg=300，满偏电流Ig=1mA，要把它改装成一个量程为3V的电压表，需要给它（ ）A. 并联一个0.1的电阻 B. 串联一个0.1的电阻C. 并联一个2.7K的电阻 D. 串联一个2.7K的电阻【答案】D【解析】改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：则A、B、C错误，D正确。故选：D。5.电路中有一段金属丝长为，电阻为，要使电阻变为，下列方法可行的是（ ）A. 将金属丝拉长至 B. 将金属丝拉长至C. 将金属丝对折后拧成一股 D. 将金属丝两端的电压提高到原来的倍【答案】B【解析】试题分析：将金属丝拉长至4L，体积不变，则横截面积变为原来的，根据知，电阻变为原来的16倍故A错误将金属丝拉长至2L，体积不变，则横截面积变为原来，根据知，电阻变为原来的4倍故B正确将金属丝对折后拧成一股，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据知，电阻变为原来的故C错误将金属丝两端的电压提高到原来的4倍，电阻不变故D错误故选B.6.在如图所示的电路中，电源电压U=12V，定值电R1=R2=R3=10则电压表的读数为（ ）A. 6V B. 4V C. 8V D. 12V【答案】B【解析】【详解】定值电阻R1=R2=R3=10，电阻R1与电阻R3并联后的电阻为：，并联后的电阻R13与电阻R2串联，根据串联电路的分压式，有：，解得：.故选B.【点睛】本题关键是明确电路结构，然后根据串联电路的分压式求解电压表读数7.为测某电阻R的阻值，分别接成如图（a）、（b）两电路，在（a）电路中电压表和电流表的示数分别为3V、3mA，乙电路中两表示数分别是2.9V、4mA，则被测电阻的值应为A. 比1000略大一些 B. 比1000略小一些C. 比750略大一些 D. 比750略小一些【答案】C【解析】用试触法判断电流表内外接方法是：哪个电表的变化大就用哪个表侧真实值，电压表的变化为，大于电流表的变化，故应该让电压表侧真实值，即电流表外接（乙图），电流表测量值偏大，故所测电阻值比真实值大，所以待测电阻的值应为比750略大一些，故应该选C8.如图，A、B、C是相同的三盏灯，在滑动变阻器的滑动触头由a端向c端滑动的过程中（各灯都不被烧坏），各灯亮度的变化情况为A. C灯变亮，A、B灯变暗 B. A、B灯变亮，C灯变暗C. A、C灯变亮，B灯变暗 D. A灯变亮，B、C灯变暗【答案】A【解析】当触头向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大；则总电阻增大，电路中总电流减小，所以A灯变暗，因A灯及电源内阻的电压减小，故并联部分电压增大，所以C灯变亮，而因为总电流减小，而C灯电流增大，故B灯中电流减小，所以B灯变暗，故A正确，BCD错误。9.用如图所示的电路测定电池的电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图所示的UI图象，由图象可知 ()A. 电池电动势为1.40 VB. 电池内阻值为3.50 C. 外电路短路时的电流为0.40 AD. 电压表的示数为1.20 V时，电流表的示数I约为0.20 A【答案】D【解析】试题分析：由图示图象可知，电源U-I图象与纵轴交点坐标值为140，则电源的电动势140V，故A正确；电源内阻，故B对； 由图示图象可知，路端电压为100V时，电路电流为04A，这不是短路电流，故C错误；当电压表示数为120V时，故D正确；故选ABD。考点：测量电池电动势和内电阻的实验。【名师点睛】由图像纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的起始位置可知路端电压为1V时的电流，再由闭合电路欧姆定律得出电源的内阻。本题考查的是闭合电路欧姆定律的数据处理，要明确图像意义。要注意纵坐标是否从零开始，不能想当然的把横轴坐标当成短路电流。10.如图所示。将平行板发发电器与电池组相连，两极板间的带电尘埃保持静止状态。若将两极板缓慢地错开一些，其他条件不变，则A. 电容器的带电荷量不变B. 尘埃仍保持静止状态C. 电流计G 中有a到b方向的短时电流D. 电流计G 中有b到a 方向的短时电流【答案】BC【解析】试题分析：据题意，带电尘埃处于静止状态，则有：，当电容器与电池相连电容器电压U不变，计算后得到：，据上式可知，改变两板正对面积，对电场力大小没有影响，则尘埃仍处于静止，故B选项正确；据可知，减小正对面积，两极板电荷量减少，电容器放电，则产生放电电流，电流从上极板流出，故从a到b，则C选项正确而A、D选项错误。考点：本题考查电容器动态平衡问题。二、实验题（每空3分，共18分。）11. 在研究影响平行板电容器电容大小的因素的实验中，平行板电容器充电后断开电源，用导线将平行板电容器的一板与静电计小球相连，另一板与静电计外壳相连。（1）此时静电计直接测量的是A电容C B电荷量QC两板间的电势差U D两板间场强E（2）下述做法可使静电计张角减小的是A增大两板间距 B减小正对面积C插入有机玻璃板 D插入金属板【答案】（1）C （2） CD【解析】试题分析：（1）静电计直接测量的是两板间的电势差U，故选C （2）因电容器带电量Q一定；故若增大两板间距，根据可知，C减小，由Q=CU可知，U变大，选项A错误；减小正对面积，则C减小，由Q=CU可知，U变大，选项B错误；插入有机玻璃板，则C变大，由Q=CU可知，U变小，选项C正确；插入金属板，则相当于d减小，则C增大，由Q=CU可知，U变小，选项D正确；故选CD考点：电容器【名师点睛】本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式和电容的定义式综合分析，是常用思路。12.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如左下图，由图可知其长度为L=_mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D=_mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为_（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1（量程04mA，内阻约50）；电流表A2（量程030mA，内阻约30）；电压表V1（量程03V，内阻约10k）；电压表V2（量程015V，内阻约25k）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围015，允许通过的最大电流2.0A）；滑动变阻器R2（阻值范围02k，允许通过的最大电流0.5A）；开关S；导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，某同学设计了如图的电路，试指出不妥之处 _A电流表应选A2B电流表应采用外接法C滑动变阻器R1应采用分压式接法D滑动变阻器应采用R2【答案】 (1). （1）50.15 (2). （2）4.700 (3). （3）120 (4). （4）D【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+30.05mm=50.15mm；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡粗测电阻，由图丙所示表盘可知，该电阻的阻值约为1210=120（4）电源电动势为4V，电压表应选V1，电路最大电流约为： ，电流表应选A2，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器采用分压接法，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表采用外接法，故选D点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器与欧姆表的读数，考查了实验器材的选择、设计实验电路图；应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式；当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节三、计算题13.一根长为l的丝线吊着一质量为m，电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，丝线与竖直方向成37角，不考虑因电场的改变而带来的其他影响（重力加速度为g，），求：（1）电场强度E的大小；（2）剪断丝线后，小球的加速度大小【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）小球静止在电场中受力如图所示，小球带正电，由平衡条件得：mgtan37qE故E.（2）重力与电场力的合力：F=剪断丝线后，重力、电场力不变，合力不变，根据牛顿第二定律，小球的加速度大小a=14.如图所示电路中，电阻R1=8，电动机绕组电阻R0=20，当开关S断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当开关S闭合时电阻R1消耗的电功率是2W。若电源的电动势为6V，求：(1)电源的内阻；(2)开关S闭合时，电动机输出的机械功率。【答案】（1）2 （2）1.5 W【解析】试题分析：（1）S断开时, P1=I2R1 I= 得r=2（2）S闭合后,P2= I12R1 I1 =0.5 AR1的电压U1=I1R1 U = s4 V总电流I总=A=1 A流过电动机的电流I2=I总-I1=0.5 A电动机输出功率P出=I2U1-I22R0 代入数据解得 P出=1.5 W.考点：闭合电路欧姆定律 电动机功率15.如图所示电路中，电源电动势E12 V，内阻r1 ，电阻R19 ，R25 ，R3是一只滑动变阻器，其阻值变化范围为020 ，求：（1）电流表的示数为0.4 A，R3的阻值为多大；（2）电源的总功率最大值；【答案】（1）10/3（2）14.4W【解析】【详解】(1)由电路图得：U并=I2R2=0.45V=2V据闭合电路欧姆定律得：E=U并+I(R1+r)所以I=A=1A据分流规律得：I3=II2=10.4=0.6A所以R3=U并/I3=2/0.6=10/3(2)据P=IE得，要使P最大，必须使I最大，由闭合电路欧姆定律得R最小，所以R3的阻值为零时，其功率最大由闭合电路欧姆定律得：I=A=1.2A所以Pmax=IE=1.2A12V=14.4W答：(1)电流表的示数为0.4A时,R3的阻值为10/3；(2)电源的总功率最大值14.4W；【点睛】首先明确电阻R2和R3并联，再与R1串联，利用闭合电路的欧姆定律即可求解，利用P=IE分析即可求解电源最大功率。
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