高考数学 五年高考真题分类汇编 第十一章 几何证明选讲 理

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高考数学 五年高考真题分类汇编 第十一章 几何证明选讲 理一.选择题1(xx北京高考理)如图,AD,AE,BC分别与圆O切于点D,E,F,延长AF与圆O交于另一点G.给出下列三个结论:ADAEABBCCA;AFAGADAE;AFBADG.其中正确结论的序号是 ()A B C D【解析】选A 逐个判断:由切线定理得CECF,BDBF,所以ADAEABBDACCEABACBC,即正确;由切割线定理得AFAGAD2ADAE,即正确;因为ADFAGD,所以错误,故选择A.2(xx北京高考理)如图,ACB90,CDAB于点D,以BD为直径的圆与BC交于点E,则 ()ACECBADDB BCECBADABCADABCD2 DCEEBCD2【解析】选A 在直角三角形ABC中,根据直角三角形射影定理可得CD2ADDB,再根据切割线定理可得CD2CECB,所以CECBADDB.二.填空题3(xx天津高考文)如图, 在圆内接梯形ABCD中, ABDC.过点A作圆的切线与CB的延长线交于点E.若ABAD5, BE4, 则弦BD的长为_【解析】本题主要考查相似三角形、圆中切割线定理,意在考查考生的逻辑推理能力因为AE是圆的切线,又ADAB,ABDC,所以BAEADBABDBDC,所以ADABBC5.由切割线定理可得EA2EBEC4(54)36,所以EA6.又BCDEBA,所以,则BD.【答案】4(xx陕西高考文)如图,AB与CD相交于点E,过E作BC的平行线与AD的延长线交于点P,已知AC,PD2DA2,则PE_.【解析】本题主要考查平面几何的计算,具体涉及三角形相似的内容,重点考查考生对平面几何的计算能力由PEBC知,ACPED,在PDE和PEA中,P公用,APED,故PDEPEA,则PDPEPEPA.于是PE2PAPD326,则PE.【答案】5(xx广东高考文)如图,在矩形ABCD中,AB,BC3,BEAC,垂足为E,则ED_.【解析】本题主要考查平面几何、解三角形等知识,考查数形结合的数学思想方法,意在考查考生的推理论证能力、运算求解能力和应用意识、创新意识tanBCA,所以BCA30,ECD90BCA60.在RtBCE中,CEBCcosBCA3cos 30.在ECD中,由余弦定理得ED.【答案】6(xx重庆高考理)如图,在ABC中,C90,A60,AB20,过C作ABC的外接圆的切线CD,BDCD,BD与外接圆交于点E,则DE的长为_【解析】本题主要考查弦切角定理及切割线定理的应用由题意得BCABsin 6010,由弦切角定理知BCDA60,所以CD5,BD15,由切割线定理知,CD2DEBD,则DE5.【答案】57(xx北京高考理)如图,AB为圆O的直径,PA为圆O的切线,PB与圆O相交于D.若PA3,PDDB916,则PD_;AB_.【解析】本题考查圆的切割线定理,意在考查考生对定理的运用能力设PD9t,DB16t,则PB25t,根据切割线定理得329t25t,解得t,所以PD,PB5.在直角三角形APB中,根据勾股定理得AB4.【答案】4 8(xx陕西高考理)如图,弦AB与CD相交于O内一点E,过E作BC的平行线与AD的延长线交于点P.已知PD2DA2,则PE_.【解析】本小题图形背景新颖,具体涉及圆的性质以及相似三角形等内容,重点考查考生的逻辑推理能力由PEBC知,ACPED.在PDE和PEA中,APEEPD,APED,故PDEPEA,则,于是PE2PAPD326,所以PE.【答案】9(xx广东高考理)如图,AB是圆O的直径,点C在圆O上延长BC到D使BCCD,过C作圆O的切线交AD于E.若AB6,ED2,则BC_.【解析】本题考查圆与直线的位置关系、射影定理,考查考生逻辑推理能力和综合运用几何图形解决问题的能力连接OC,则OCCE,OCAACE90,OACOCA,OACACE90.易知RtACBRtACD,则OACEAC.EACACE90,AEC90,在RtACD中,由射影定理得:CD2EDAD,又CDBC,ADAB,将AB6,ED2代入式,得CD 2 ,BC2 .【答案】210(xx湖北高考理)如图,圆O上一点C在直径AB上的射影为D,点D在半径OC上的射影为E.若AB3AD,则的值为_【解析】本题考查平面几何中射影定理的应用,意在考查考生的推理运算能力连接AC,BC,则ACBC.AB3AD,ADAB,BDAB,ODAB.又AB是圆O的直径,OC是圆O的半径,OCAB.在ABC中,根据射影定理有:CD2ADBDAB2.在OCD中,根据射影定理有:OD2OEOC,CD2CEOC,可得OEAB,CEAB,8.【答案】811(xx天津高考理)如图, ABC为圆的内接三角形, BD为圆的弦, 且BDAC. 过点A作圆的切线与DB的延长线交于点E,AD与BC交于点F.若ABAC,AE6,BD 5,则线段CF的长为_【解析】本题考查三角形相似、圆中切割线定理,意在考查考生的逻辑推理能力因为AE是圆的切线,且AE6,BD5,由切割线定理可得EA2EBED,即36EB(EB5),解得EB4.又BAEADBACBABC,所以AEBC.又ACBD,所以四边形AEBC是平行四边形,所以AEBC6,ACEB4.又由题意可得CAFCBA,所以,CF.【答案】12(xx天津高考文)如图,已知AB和AC是圆的两条弦,过点B作圆的切线与AC的延长线相交于点D.过点C作BD的平行线与圆相交于点E,与AB相交于点F,AF3,FB1,EF,则线段CD的长为_【解析】因为AB与CE相交于F点,且AF3,EF,FB1,所以CF2,因为ECBD,所以ACFABD,所以,所以BD,且AD4CD,又因为BD是圆的切线,所以BD2CDAD4CD2,所以CD.【答案】13(xx广东高考文)如图所示,直线PB与圆O相切于点B,D是弦AC上的点,PBADBA.若ADm,ACn,则AB_.【解析】因为直线PB是圆的切线,所以ABPC,又因为ABPABD,所以ABDC,又因为AA,所以ABDACB,所以,所以AB.【答案】14(xx广东高考理)如图,圆O的半径为1,A、B、C是圆周上的三点,满足ABC30,过点A作圆O的切线与OC的延长线交于点P,则PA_.【解析】如图,连接OA.由ABC30,得AOC60,在直角三角形AOP中,OA1,于是PAOAtan 60.【答案】15(xx天津高考理)如图,已知AB和AC是圆的两条弦,过点B作圆的切线与AC的延长线相交于点D.过点C作BD的平行线与圆相交于点E,与AB相交于点F,AF3,FB1,EF,则线段CD的长为_【解析】由相交弦定理可得CFFEAFFB,得CF2.又因为CFDB,所以,得DB,且AD4CD,由切割线定理得DB2DCDA4CD2,得CD.【答案】16(xx陕西高考理)如图,在圆O中,直径AB与弦CD垂直,垂足为E,EFDB,垂足为F,若AB6,AE1,则DFDB_.【解析】由相交弦定理可知ED2AEEB155,又易知EBD与FED相似,得DFDBED25.【答案】517(xx湖南高考理)如图,过点P的直线与O相交于A,B两点若PA1,AB2,PO3,则O的半径等于_【解析】设圆的半径为r,则(3r)(3r)13,即r26,解得r.【答案】18(xx湖北高考理)(选修41:几何证明选讲)如图,点D在O的弦AB上移动,AB4,连接OD,过点D作OD的垂线交O于点C,则CD的最大值为_【解析】由题意知CD2OC2OD2,OC是半径,所以当OD的值最小时,DC最大,易知D为AB的中点时,DBDC2最大【答案】219(2011湖南高考理)如图,A,E是半圆周上的两个三等分点,直径BC4,ADBC,垂足为D,BE与AD相交于点F,则AF的长为_【解析】如图,连接AB,AC,CE,由于A,E为半圆周上的三等分点,可得FBD30,ABD60,ACB30,由此得AB2,AD,BD1,则DF,故AF.【答案】20(2011广东高考理)(几何证明选讲选做题)如图,过圆O外一点P分别作圆的切线和割线交圆于A,B,且PB7,C是圆上一点使得BC5,BACAPB,则AB_.【解析】由PA为O的切线,BA为弦,得PABBCA,又BACAPB,于是APBCAB,所以,而PB7,BC5,故AB2PBBC7535,即AB.【答案】21(2011天津高考理)如图,已知圆中两条弦AB与CD相交于点F,E是AB延长线上一点,且DFCF,AFFBBE421.若CE与圆相切,则线段CE的长为_【解析】设BEx,则FB2x,AF4x,由相交弦定理得DFFCAFFB,即28x2,解得x,E,再由切割线定理得CE2EBEA,所以CE.【答案】【答案】522(2011陕西高考)如图,BD,AEBC,ACD90,且AB6,AC4,AD12,则BE_.【解析】由于BD,AEBC,从而得,解得AE2,故BE4.【答案】 4 三.解答题23(xx江苏高考)如图,AB和BC分别与圆O相切于点D,C,AC经过圆心O,且BC2OC.求证:AC2AD.证明:连接OD.因为AB和BC分别与圆O相切于点D,C,所以ADOACB90.又因为AA,所以RtADORtACB.所以.又BC2OC2OD,故AC2AD.24(xx新课标全国高考文)如图,CD为ABC外接圆的切线,AB的延长线交直线CD于点D,E,F分别为弦AB与弦AC上的点,且BCAEDCAF,B,E,F,C四点共圆(1)证明:CA是ABC外接圆的直径;(2)若DBBEEA,求过B,E,F,C四点的圆的面积与ABC外接圆面积的比值解:本题主要考查相似三角形的判定定理、四点共圆的性质及弦切角定理,意在考查考生的推理认证能力与运算求解能力(1)证明:因为CD为ABC外接圆的切线,所以DCBA,由题设知,故CDBAEF,所以DBCEFA.因为B,E,F,C四点共圆,所以CFEDBC,故EFACFE90.所以CBA90,因此CA是ABC外接圆的直径(2)如图,连接CE,因为CBE90,所以过B,E,F,C四点的圆的直径为CE,由DBBE,有CEDC,又BC2DBBA2DB2,所以CA24DB2BC26DB2.而DC2DBDA3DB2,故过B,E,F,C四点的圆的面积与ABC外接圆面积的比值为.25(xx新课标全国高考文)如图,直线AB为圆的切线,切点为B,点C在圆上,ABC的角平分线BE交圆于点E,DB垂直BE交圆于点D.(1)证明:DBDC;(2)设圆的半径为1,BC,延长CE交AB于点F,求BCF外接圆的半径解:本题主要考查几何证明选讲中圆的几何性质、切线的相关定理与结论的应用,难度中等(1)证明:如图,连接DE,交BC于点G.由弦切角定理得,ABEBCE.而ABECBE,故CBEBCE,BECE.又因为DBBE,所以DE为直径,DCE90,由勾股定理可得DBDC.(2)由(1)知,CDEBDE,DBDC,故DG是BC的中垂线,所以BG.设DE的中点为O,连接BO,则BOG60.从而ABEBCECBE30,所以CFBF,故RtBCF外接圆的半径等于.26(xx辽宁高考文)如图,AB为O直径,直线CD与O相切于E,AD垂直CD于D,BC垂直CD于C,EF垂直AB于F,连接AE,BE.证明:(1)FEBCEB;(2)EF2ADBC.证明:本题主要考查直线和圆相切,利用弦切角定理导出角的关系,利用全等和相似导出线段关系(1)由直线CD与O相切,得CEBEAB.由AB为O的直径,得AEEB,从而EABEBF.又EFAB,得FEBEBF,从而FEBEAB.故FEBCEB.(2)由BCCE,EFAB,FEBCEB,BE是公共边,得RtBCERtBFE,所以BCBF.类似可证:RtADERtAFE,得ADAF.又在RtAEB中,EFAB,故EF2AFBF,所以EF2ADBC.27(xx辽宁高考理)如图,AB为O的直径,直线CD与O相切于E,AD垂直CD于D,BC垂直CD于C,EF垂直AB于F,连接AE,BE.证明:(1)FEBCEB;(2)EF2ADBC.证明:本题主要考查圆的基本性质、全等三角形的应用以及直角三角形的性质,考查了考生的逻辑思维能力和归纳推理能力(1)由直线CD与O相切,得CEBEAB.由AB为O的直径,得AEEB,从而EABEBF;又EFAB,得FEBEBF,从而FEBEAB.故FEBCEB.(2)由BCCE,EFAB,FEBCEB,BE是公共边,得RtBCERtBFE,所以BCBF.类似可证,RtADERtAFE,得ADAF.又在RtAEB中,EFAB,故EF2AFBF,所以EF2ADBC.28(xx新课标全国高考理)如图,直线AB为圆的切线,切点为B,点C在圆上,ABC的角平分线BE交圆于点E,DB垂直BE交圆于点D.(1)证明:DBDC;(2)设圆的半径为1,BC,延长CE交AB于点F,求BCF外接圆的半径解:本题主要考查平面内直线与圆的位置关系、弦切角定理、勾股定理、中垂线定理等知识,意在考查考生的推理论证能力和运算能力(1)证明:连接DE,交BC于点G.由弦切角定理得,ABEBCE.而ABECBE,故CBEBCE,BECE.又DBBE,所以DE为直径,则DCE90,由勾股定理可得DBDC.(2)由(1)知,CDEBDE,DBDC,故DG是BC的中垂线,所以BG.设DE的中点为O,连接BO,则BOG60.从而ABEBCECBE30,所以CFBF,故RtBCF外接圆的半径等于.29(xx新课标全国高考理)如图,CD为ABC外接圆的切线,AB的延长线交直线CD于点D,E,F分别为弦AB与弦AC上的点,且BCAEDCAF,B,E,F,C四点共圆(1)证明:CA是ABC外接圆的直径;(2)若DBBEEA,求过B,E,F,C四点的圆的面积与ABC外接圆面积的比值. 解:本题考查圆的基本性质、三角形相似定理、直角三角形射影定理等基本知识,是对考生基本推理能力以及转化与化归能力的考查(1)证明:因为CD为ABC外接圆的切线,所以DCBA,由题设知,故CDBAEF,所以DBCEFA.因为B,E,F,C四点共圆,所以CFEDBC,故EFACFE90.所以CBA 90,因此CA是ABC外接圆的直径(2)连接CE,因为CBE90,所以过B,E,F,C四点的圆的直径为CE.由BDBE,有CEDC,又BC2DBBA2DB2,所以CA24DB2BC26DB2.而DC2DBDA3DB2,故过B,E,F,C四点的圆的面积与ABC外接圆面积的比值为.30(xx辽宁高考文)如图,O和O相交于A,B两点,过A作两圆的切线分别交两圆于C,D两点,连接DB并延长交O于点E.证明:(1)ACBDADAB;(2)ACAE.解:(1)由AC与O相切于A,得CABADB,同理ACBDAB,所以ACBDAB.从而,即ACBDADAB.(2)由AD与O相切于A,得AEDBAD,又ADEBDA,得EADABD.从而,即AEBDADAB.结合(1)的结论,ACAE.31(xx新课标高考文)如图,D,E分别为ABC边AB,AC的中点,直线DE交ABC的外接圆于F,G两点若CFAB,证明:(1)CDBC;(2)BCDGBD.证明:(1)因为D,E分别为AB,AC的中点,所以DEBC.又已知CFAB,故四边形BCFD是平行四边形,所以CFBDAD.而CFAD,连接AF,所以四边形ADCF是平行四边形,故CDAF.因为CFAB,所以BCAF,故CDBC.(2)因为FGBC,故GBCF.由(1)可知BDCF,所以GBBD.而DGBEFCDBC,故BCDGBD.32(xx辽宁高考理)如图,O和O相交于A,B两点,过A作两圆的切线分别交两圆于C,D两点,连结DB并延长交O于点E.证明:(1)ACBDADAB;(2)ACAE.证明:(1)由AC与O相切于A,得CABADB,同理ACBDAB,所以ACBDAB.从而,即ACBDADAB.(2)由AD与O相切于A,得AEDBAD,又ADEBDA,得EADABD.从而,即AEBDADAB.结合(1)的结论,ACAE.33(xx江苏高考)如图,AB是圆O的直径,D,E为圆O上位于AB异侧的两点,连结BD并延长至点C,使BDDC,连结AC,AE,DE.求证:EC.解:连结OD,因为BDDC,O为AB的中点,所以ODAC,于是ODBC.因为OBOD,所以ODBB.于是BC.因为点A,E,B,D都在圆O上,且D,E为圆O上位于AB异侧的两点,所以E和B为同弧所对的圆周角,故EB.所以EC.34(xx新课标高考理)如图,D,E分别为ABC边AB,AC的中点,直线DE交ABC的外接圆于F,G两点若CFAB,证明:(1)CDBC;(2)BCDGBD.解:(1)因为D,E分别为AB,AC的中点,所以DEBC.又已知CFAB,故四边形BCFD是平行四边形,所以CFBDAD.而CFAD,连结AF,所以四边形ADCF是平行四边形,故CDAF.因为CFAB,所以BCAF,故CDBC.(2)因为FGBC,故GBCF.由(1)可知BDCF,所以GBBD.而DGBEFCDBC,故BCDGBD.35(xx新课标高考)如图,D,E分别为ABC的边AB,AC上的点,且不与ABC的顶点重合已知AE的长为m,AC的长为n,AD,AB的长是关于x的方程x214xmn0的两个根(1)证明:C,B,D,E四点共圆;(2)若A90,且m4,n6,求C,B,D,E所在圆的半径解:(1)证明:连接DE,根据题意在ADE和ACB中,ADABmnAEAC,即.又DAECAB,从而ADEACB.因此ADEACB.所以C,B,D,E四点共圆(2)m4,n6时,方程x214xmn0的两根为x12,x212.故AD2,AB12.取CE的中点G,DB的中点F,分别过G,F作AC,AB的垂线,两垂线相交于H点,连接DH.因为C,B,D,E四点共圆,所以C,B,D,E四点所在圆的圆心为H,半径为DH.由于A90,故GHAB,HFAC.从而HFAG5,DF(122)5.故C,B,D,E四点所在圆的半径为5.36(2011江苏高考)如图,圆O1与圆O2内切于点A,其半径分别为r1与r2(r1r2)圆O1的弦AB交圆O2于点C(O1不在AB上)求证:ABAC为定值解:连接AO1,并延长分别交两圆于点E和点D.连接BD,CE.因为圆O1与圆O2内切于点A,所以点O2在AD上故AD,AE分别为圆O1,圆O2的直径从而ABDACE.所以BDCE,于是.所以ABAC为定值37(2011辽宁高考)如图,A,B,C,D四点在同一圆上,AD的延长线与BC的延长线交于E点,且ECED.(1)证明:CDAB;(2)延长CD到F,延长DC到G,使得EFEG,证明:A,B,G,F四点共圆证明:(1)因为ECED,所以EDCECD.因为A,B,C,D四点在同一圆上,所以EDCEBA.故ECDEBA.所以CDAB.(5分)(2)由(1)知,AEBE.因为EFEG,故EFDEGC,从而FEDGEC.连接AF,BG,则EFAEGB,故FAEGBE.又CDAB,EDCECD,所以FABGBA.所以AFGGBA180.故A,B,G,F四点共圆
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