资源描述
课时规范练31数列求和一、基础巩固组1.数列112,314,518,7116,(2n-1)+12n,的前n项和Sn的值等于()A.n2+1-12nB.2n2-n+1-12nC.n2+1-12n-1D.n2-n+1-12n2.在数列an中,a1=-60,an+1=an+3,则|a1|+|a2|+|a30|=()A.-495B.765C.1 080D.3 1053.已知数列an的前n项和Sn满足Sn+Sm=Sn+m,其中m,n为正整数,且a1=1,则a10等于()A.1B.9C.10D.554.已知函数f(x)=xa的图象过点(4,2),令an=1f(n+1)+f(n),nN*.记数列an的前n项和为Sn,则S2 018等于()A.2 018-1B.2 018+1C.2 019-1D.2 019+15.已知数列an中,an=2n+1,则1a2-a1+1a3-a2+1an+1-an=()A.1+12nB.1-2nC.1-12nD.1+2n导学号215005456.设数列an的前n项和为Sn,a1=2,若Sn+1=n+2nSn,则数列1anan+1的前2 018项和为.7.已知等差数列an满足:a5=11,a2+a6=18.(1)求数列an的通项公式;(2)若bn=an+2n,求数列bn的前n项和Sn.二、综合提升组8.如果数列1,1+2,1+2+4,1+2+22+2n-1,的前n项和Sn1 020,那么n的最小值是()A.7B.8C.9D.109.(2017山东烟台模拟)已知数列an中,a1=1,且an+1=an2an+1,若bn=anan+1,则数列bn的前n项和Sn为()A.2n2n+1B.n2n+1C.2n2n-1D.2n-12n+1导学号2150054610.(2017福建龙岩一模)已知Sn为数列an的前n项和,对nN*都有Sn=1-an,若bn=log2an,则1b1b2+1b2b3+1bnbn+1=.11.(2017广西模拟)已知数列an的前n项和为Sn,且Sn=32an-1(nN*).(1)求数列an的通项公式;(2)设bn=2log3an2+1,求1b1b2+1b2b3+1bn-1bn.三、创新应用组12.(2017全国,理12)几位大学生响应国家的创业号召,开发了一款应用软件.为激发大家学习数学的兴趣,他们推出了“解数学题获取软件激活码”的活动.这款软件的激活码为下面数学问题的答案:已知数列1,1,2,1,2,4,1,2,4,8,1,2,4,8,16,其中第一项是20,接下来的两项是20,21,再接下来的三项是20,21,22,依此类推.求满足如下条件的最小整数N:N100且该数列的前N项和为2的整数幂.那么该款软件的激活码是()A.440B.330C.220D.110导学号21500547课时规范练31数列求和1.A该数列的通项公式为an=(2n-1)+12n,则Sn=1+3+5+(2n-1)+12+122+12n=n2+1-12n.2.B由a1=-60,an+1=an+3可得an=3n-63,则a21=0,|a1|+|a2|+|a30|=-(a1+a2+a20)+(a21+a30)=S30-2S20=765,故选B.3.ASn+Sm=Sn+m,a1=1,S1=1.可令m=1,得Sn+1=Sn+1,Sn+1-Sn=1,即当n1时,an+1=1,a10=1.4.C由f(4)=2,可得4a=2,解得a=12,则f(x)=x12.an=1f(n+1)+f(n)=1n+1+n=n+1-n,S2 018=a1+a2+a3+a2 018=(2-1)+(3-2)+(4-3)+(2 019-2 018)=2 019-1.5.Can+1-an=2n+1+1-(2n+1)=2n+1-2n=2n,所以1a2-a1+1a3-a2+1an+1-an=12+122+123+12n=121-12n1-12=1-12n=1-12n.6.1 0094 038Sn+1=n+2nSn,Sn+1Sn=n+2n.又a1=2,当n2时,Sn=SnSn-1Sn-1Sn-2Sn-2Sn-3S3S2S2S1S1=n+1n-1nn-2n-1n-342312=n(n+1).当n=1时也成立,Sn=n(n+1).当n2时,an=Sn-Sn-1=n(n+1)-n(n-1)=2n.当n=1时,a1=2也成立,所以an=2n.1anan+1=12n2(n+1)=141n-1n+1.则数列1anan+1的前2 018项和=141-12+12-13+12 018-12 019=141-12 019=1 0094 038.7.解 (1)设an的首项为a1,公差为d.由a5=11,a2+a6=18,得a1+4d=11,2a1+6d=18,解得a1=3,d=2,所以an=2n+1.(2)由an=2n+1得bn=2n+1+2n,则Sn=3+5+7+(2n+1)+(21+22+23+2n)=n2+2n+2(1-2n)1-2=n2+2n+2n+1-2.8.Dan=1+2+22+2n-1=2n-1.Sn=(21-1)+(22-1)+(2n-1)=(21+22+2n)-n=2n+1-n-2,S9=1 0131 020,使Sn1 020的n的最小值是10.9.B由an+1=an2an+1,得1an+1=1an+2,数列1an是以1为首项,2为公差的等差数列,1an=2n-1,又bn=anan+1,bn=1(2n-1)(2n+1)=1212n-1-12n+1,Sn=1211-13+13-15+12n-1-12n+1=n2n+1,故选B.10.nn+1对nN*都有Sn=1-an,当n=1时,a1=1-a1,解得a1=12.当n2时,an=Sn-Sn-1=1-an-(1-an-1),化为an=12an-1.数列an是等比数列,公比为12,首项为12.an=12n.bn=log2an=-n.1bnbn+1=1-n(-n-1)=1n-1n+1.则1b1b2+1b2b3+1bnbn+1=1-12+12-13+1n-1n+1=1-1n+1=nn+1.11.解 (1)当n=1时,a1=32a1-1,a1=2.当n2时,Sn=32an-1,Sn-1=32an-1-1(n2),-得an=32an-1-32an-1-1,即an=3an-1,数列an是首项为2,公比为3的等比数列,an=23n-1.(2)由(1)得bn=2log3an2+1=2n-1,1b1b2+1b2b3+1bn-1bn=113+135+1(2n-3)(2n-1)=121-13+13-15+12n-3-12n-1=n-12n-1.12.A设数列的首项为第1组,接下来两项为第2组,再接下来三项为第3组,以此类推,设第n组的项数为n,则前n组的项数和为n(1+n)2.第n组的和为1-2n1-2=2n-1,前n组总共的和为2(1-2n)1-2-n=2n+1-2-n.由题意,N100,令n(1+n)2100,得n14且nN*,即N出现在第13组之后.若要使最小整数N满足:N100且前N项和为2的整数幂,则SN-Sn(1+n)2应与-2-n互为相反数,即2k-1=2+n(kN*,n14),所以k=log2(n+3),解得n=29,k=5.所以N=29(1+29)2+5=440,故选A.
展开阅读全文