全国通用版2019高考物理总复习精准提分练：选择题专练四.doc

选择题专练(四)(限时：20分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14.如图1所示，将某均匀长方体锯成A、B两块后，在水平桌面上对齐放在一起，现用水平力F推B，使A、B整体保持长方体并沿F方向匀速运动，则()图1AA在水平方向受到三个力的作用，且合力为零BA在水平方向受到五个力的作用，且合力为零CA对B的作用力方向与A、B接触面垂直DB对A的弹力大于桌面对A的摩擦力答案A解析对A受力分析，在水平方向上受B对A的弹力、桌面对A的滑动摩擦力和B对A的静摩擦力，在三个力的作用下处于平衡状态，受力如图，故A正确，B错误B对A的弹力和静摩擦力的合力与桌面对A的滑动摩擦力等大反向，与F的方向相同；根据牛顿第三定律可知，A对B的作用力方向与F的方向相反，不是与A、B接触面垂直，故C错误因为B对A的弹力与B对A的摩擦力垂直，二者的合力等于桌面对A的摩擦力，所以B对A的弹力小于桌面对A的摩擦力，故D错误15如图2甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内)，其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，不计空气阻力，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g10 m/s2，则下列说法中不正确的是()图2A该弹簧的劲度系数为20 N/mB当x0.3 m时，小球处于超重状态C小球刚接触弹簧时速度最大D从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大答案C解析当x0.1 m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度为零，可得：kxmg，解得：k N/m20 N/m，故A正确；由题图乙可知，x0.3 m时，小球的速度减小，加速度向上，故说明小球处于超重状态，故B正确；由题图乙知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x0.1 m时，小球的速度最大，然后速度减小，故C错误；题图乙图线的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D正确本题选不正确的，故选C.16假想在地球赤道上有一颗苹果树，其高度超过了地球同步卫星轨道的高度树上若有质量相等的三个苹果A、B、C，其高度分别低于、等于、高于地球同步卫星轨道高度则下列说法正确的是()A苹果A的线速度最大B苹果B所需向心力小于苹果A所需向心力C苹果C离开苹果树时加速度减小D苹果C脱离苹果树后，可能会落向地面答案C解析三者的角速度相同，根据vr可知苹果C的线速度最大，A错误；根据F向m2r可知半径越大，向心力越大，故苹果B所需向心力大于苹果A所需向心力，B错误；由于苹果C的角速度和同步卫星的角速度相同，而根据可知轨道半径越大，角速度越小，所以C所在轨道的角速度大于该轨道所需的角速度，故做离心运动，所以苹果C脱离苹果树后，根据a可知轨道半径变大，加速度减小，飞向茫茫宇宙，C正确，D错误17.如图3所示，在一等腰直角三角形ACD区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B.一质量为m、电荷量为q的带正电粒子(重力不计)以速度v从AC边的中点O垂直AC边射入磁场区域若三角形的两直角边长均为2L，要使粒子从CD边射出，则v的取值范围为()图3A.vB.v C.vD.v 答案C解析根据洛伦兹力充当向心力可知，v，因此半径越大，速度越大；根据几何关系可知，粒子与AD边相切时速度最大，如图由几何关系可知2L(rL)cos 45r最大半径为r1(1)L，故最大速度应为v1；当粒子从C点出射时半径最小，为r2，故最小速度应为v2，故v的取值范围为v，故选C.18如图4所示，磁单极子会在其周围形成均匀辐射磁场质量为m、半径为R的圆环当通有恒定的电流I时，恰好能水平静止在N极正上方H处已知与磁单极子N极相距r处的磁感应强度大小为B，其中k为常数重力加速度为g.则()图4A静止时圆环的电流方向为逆时针方向(俯视)B静止时圆环沿其半径方向有扩张的趋势C静止时圆环的电流ID若将圆环向上平移一小段距离后由静止释放，下落过程中加速度先增加后减小答案C解析环所在处的磁场的方向向上，则环产生的磁场的方向向下，根据安培定则可知，静止时圆环的电流方向为顺时针方向(俯视)，故A错误；由左手定则可知，环上的各点受到的安培力有水平向里的分力，所以环有收缩的趋势，故B错误；对环的某一部分进行受力分析：在水平方向，根据安培力的对称性可知，整个环在水平方向的合力为0，竖直方向的合力与重力大小相等，由于在圆环处各点电流的方向与磁场的方向都垂直，所以整体受到的安培力：FBI2R，设F与竖直方向的夹角为，由几何关系：Fcos mg，cos ，由题：B，联立得：I，故C正确；结合C的受力分析可知，若将圆环向上平移一小段距离后环受到的安培力将减小；由静止释放，开始时重力大于安培力，所以环加速下落，向下的过程中安培力增大，所以合外力减小，加速度先减小，故D错误19已知钚的一种同位素Pu的半衰期为24 100年，其衰变方程为PuXHe，则下列说法中正确的是()A衰变发出的射线是频率很大的电磁波，穿透能力很强BX原子核中含有143个中子C8个Pu经过24 100年后一定还剩余4个D衰变过程的总质量不变答案AB解析衰变发出的射线是频率很大的电磁波，具有很强的穿透能力，不带电，故A正确根据电荷数守恒和质量数守恒得，X的电荷数为92，质量数为235，质子数为92，则中子数为23592143，故B正确半衰期是对大量原子核发生衰变的统计规律，对少量的原子核不适用，故C错误在衰变的过程中，根据质能方程知，有能量放出，有质量亏损，故D错误20如图5所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，其连线中点为O.在A、B所形成的电场中，以O点为圆心、半径为R的圆面垂直于AB，以O为几何中心、边长为2R的正方形abcd平面垂直圆面且与AB共面，两平面边线交点分别为e、f，g为圆上一点下列说法中正确的是()图5Aa、b、c、d、e、f六点中，不存在场强和电势均相同的两点B将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点，电场力始终不做功C将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电势能的变化量相同D沿线段eOf移动的电荷受到的电场力先减小后增大答案BC解析题图中圆面是一个等势面，e、f的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e、f的场强相同，故A错误题图中圆弧egf在同一等势面上，其上任意两点的电势差都为零，根据公式WqU可知：将一正电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力不做功，故B正确a点与圆面内任意一点的电势差相等，根据公式WqU可知：将一电荷由a点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同，故C正确沿线段eOf移动电荷，电场强度先增大后减小，则电荷受到的电场力先增大后减小，故D错误21如图6所示，单匝矩形闭合导线框abcd处于磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的水平匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R.线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度从中性面开始匀速转动，下列说法中正确的是()图6A线框转过时，线框中的电流方向为abcdaB线框中感应电流的有效值为C线框转一周过程产生的热量为D线框从中性面开始转过过程，通过导线横截面的电荷量为答案BD解析根据楞次定律可知线框中的电流方向为adcba，故A错误；线圈转动过程中感应电动势的最大值为：EmBS，感应电压的有效值为：U，则线框中感应电流的有效值为：I，故B正确；线框转一周的过程中，产生的热量为：QI2RT2R，故C错误；线框从中性面开始转过的过程中，通过导线横截面的电荷量为：q，故D正确